广东省珠海市第十一中学2023—2024学年下学期九年级第一次模拟考试物理试题
1．（2024九下·珠海模拟）“估测”是物理学中常用的一种方法。下列估测最符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量约500g
B．全新的2B铅笔的长度约为18cm
C．多数人脉搏跳动100次用时约5min
D．家用电冰箱正常工作的电流约为4A
2．（2024九下·珠海模拟）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出其中的空气，仍能听到较小铃声，说明真空可以传声
B．乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变响度
C．图丙中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D．图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的
3．（2024九下·珠海模拟）2022年2月4日北京冬奥会开幕式采用了二十四节气来进行倒计时。如图所示节气中蕴含的物理知识描述正确的是（ ）
A．天街小雨润如酥——“雨水”的形成是凝固现象
B．白露垂珠滴秋月——“白露”的形成是汽化现象
C．霜草苍苍虫切切——“霜降”的形成是凝华现象
D．燕山雪花大如席——“大雪”的形成是升华现象
4．（2024九下·珠海模拟）下列说法错误的是（ ）
A．甲：压力相同，接触面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德保半球实验证明了大气压强的存在
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变小了
5．（2024九下·珠海模拟）如图所示，在探究通电螺线管外部的磁场分布的实验中，开关闭合后，下列说法正确的是
A．小磁针甲静止时N极指向右端，小磁针乙静止时N极指向左端
B．小磁针甲静止时N极指向左端，小磁针乙静止时N极指向右端
C．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向右端
D．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向左端
6．（2024九下·珠海模拟）如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A1示数变小
B．电压表V示数与电流表A1示数之比变大
C．电流表A2示数不变
D．电压表V示数与电流表A2示数乘积变小
7．（2024九下·珠海模拟）将体积相同材料不同的甲乙丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙
B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲=F乙
D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p'甲>p'乙>p'丙
8．（2024九下·珠海模拟）梳过头发的塑料梳子，由于摩擦会带电，摩擦起电的本质是 （选填“电荷的转移”或“创造了电荷”）。与毛皮摩擦过的橡胶棒带 电，是因为橡胶棒在摩擦过程中 电子。
9．（2024九下·珠海模拟）“神舟十号”飞船在太空中飞行时，主要利用太阳电池供电，电能属于 能源（选填“一次”或“二次”）；手机是利用 传输信号实现通讯的；《“十四五”规划纲要》提出我国将安全稳妥推动沿海核电发展，目前核电站是利用核 （选填“裂变”或“聚变”）来获取能量发电。
10．（2024九下·珠海模拟）晚上，小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的 （选填“直线传播”“反射”或“折射”）现象。如图所示，水平向左缓慢推动玻璃窗，则小明通过玻璃窗看到的像 （选填“向左运动”、“向右运动”或”静止不动”），像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
11．（2024九下·珠海模拟）如图电路，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒ab运动起来，说明有电能转化为 能，若只改变电路中电流的方向，ab的运动方向将 （选填“改变”或“不改变”）。该装置揭示的原理可应用于 （选填“电动机”或“发电机”）。
12．（2024九下·珠海模拟）如图所示为一单缸四冲程汽油机某冲程剖面图，该图表示为 冲程，在这个过程中，气缸内气体内能的改变是通过 方式改变的。汽车使用的汽油的热值是，完全燃烧5kg汽油放出的热量是 J。
13．（2024九下·珠海模拟）重480N的箱子，用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，10s内匀速提升1m，拉力，则有用功为 J，拉力的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
14．（2024九下·珠海模拟）如图所示，木板B在的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数是4N，则木块A受到的滑动摩擦力是 N；物体B受到地面的摩擦力是 N，当F增大到12N时，木板B受到的A的滑动摩擦力是 N。
15．（2024九下·珠海模拟）如图为运动员沿斜面下滑场景，O为运动员重心，画出运动员所受重力G和支持力的示意图。
16．（2024九下·珠海模拟）将图中凹透镜的光路图补充完整。
17．（2024九下·珠海模拟）随着家庭的各种电子设备的增加，很多插排增加了为电子设备充电的USB接口，减少了日常给电子设备找“充电器”的现象。通过拆解发现，插排内部除了提供普通三孔插座外，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，三孔插座和供电模块由总开关控制，并且可以独立工作，请在图中用笔画线代替导线将图补充完整。
18．（2024九下·珠海模拟）（1）请正确读出下列测量仪器的示数：木块的长度是 cm；温度计的示数为 ℃；秒表的读数为 s。
（2）某住户家中的电能表如图所示，该电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率是 W．此时电能表的读数是 ，在某段时间内，转盘转过1500圈，则此段时间内用了 度电。
19．（2024九下·珠海模拟）物理实验兴趣小组组织实验探究活动，通过使用电源（电压恒为3V），电流表、电压表，开关，规格不同的定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器（规格分别为“10Ω 2A”的和“15Ω 1A”的），以及导线来探究电流与电阻关系的实验，实验前同学们设计了如图甲所示电路图。
（1）按照电路图连接实物图时，开关应 ；为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是 （选填“0~3V”或“0~15V”）；
（2）正确连好电路后，闭合开关前要将滑动变阻器的滑片P移到最 （选填“右端”或“左端”）。闭合开关，此时电路中电流表无示数，电压表示数接近电源电压，移动滑动变阻器的滑片P，电流表、电压表示数均无变化，则故障可能是 ；
（3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，画出如图乙所示的电流随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论： ；
（4）上述实验所选用的滑动变阻器是 （选填“”或“”）。
20．（2024九下·珠海模拟）习完物态变化后，小明在实验室同时做“探究冰熔化和水沸腾的特点”实验，如图所示。
（1）如图甲，小明把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，而不直接用酒精灯加热，目的是： ；图乙是小明描绘的冰熔化前后温度与时间的关系图像，冰在a点时处于 （选填“固态”“液态”或“固液共存态”）
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，得到图乙中DE段，可知水的沸点为 ℃，由此判断液面上方的气压 （选填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压；
（3）完成实验后，小明继续探究“水和某种液体沸腾时温度变化的特点”实验，如图丙所示，两个相同的试管中分别装有初温相同的水和未知液体，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量 （选填“相同”或“不相同”）；图丁为试管中的未知液体和水从加热至沸腾过程中温度的变化情况，已知未知液体的质量是水的质量的2.5倍，则未知液体的比热容 。[]
21．（2024九下·珠海模拟）快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图甲所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若满载货物时该物流机器人质量为500kg，轮胎与地面的总接触面积为500cm2，机器人在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N，路程与时间s﹣t图象如图乙所示。（g取10N/kg）求：
（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率。
22．（2024九下·珠海模拟）如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热档功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2 kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/（kg ℃）。
求：（1）保温档的功率；
（2）电阻R2的阻值；
（3）电蒸锅的加热效率。
23．（2024九下·珠海模拟）小明同学从家里带了一块正方体木块和金属块，到学校实验室测其密度。
（1）将天平放在水平台上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘中线的右侧，应向 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡；
（2）用天平测木块的质量，天平平衡时如题图甲所示，木块质量为 g。量筒中装适量水如题上图乙所示，将木块压没在量筒的水中，液面与40mL刻度线相平，木块密度为 ；
（3）如果考虑到木块吸水，以上方法所测木块密度值偏 （选填“大”或“小”）；
（4）小明在测量金属块的密度时发现，金属块的质量超过了天平的称量，重力也超过了弹簧测力计的量程。于是小明又设计了如下方法测出了金属块的密度。请帮他完成实验；（）
①将浸没在水中的金属块挂在弹簧测力计上，并向上提起（未露出水面），如题图丙所示。静止时弹簧测力计的示数为；
②手拉弹簧测力计向上移动，金属块的体积一半露出水面，如图丁所示，这时弹簧测力计的示数为；
③金属块的密度 。
24．（2024九下·珠海模拟）在探究凸透镜成像的大小与哪些因素有关的实验中：
（1）小明同学通过物理知识的学习，知道放大镜就是凸透镜。在活动课中，他用放大镜观察自己的手指（如图甲），看到手指放大的 （选填“实”“虚”）像：再用放大镜观察远处的房屋（如图乙），看到房屋是 （选填“放大”“缩小”）的 （选填“实”“虚”）像；
（2）他猜想：凸透镜成像的大小可能与蜡烛到透镜的距离有关，他在如图丙所示的光具座上，改变蜡烛到透镜的距离，并移动光屏进行实验，获得的实验数据如下表所示：分析下表数据可知，此凸透镜的焦距为 cm；
物体到凸透镜的距离/cm 光屏上像到凸透镜的距离/cm 光屏上像的大小
3.0 光屏上没有像
5.0 光屏上没有像
12.0 60.0 放大
20.0 20.0 等大
25.0 16.7 缩小
30.0 15.0 缩小
（3）小明继续增大物体到凸透镜的距离到60.0cm，则光屏到凸透镜的距离为 cm时，光屏上能成清晰的像；
（4）小明所在班级照毕业像时，摄影师发现两旁还有同学没有进入取景框内，摄影师使照相机 （选填“靠近”“远离”）同学，才会在取景框内得到清晰满意的画面。同时你还可以采用 的方法得到清晰满意的画面。（方法合理即可）
25．（2024九下·珠海模拟）阅读短文，回答问题：
“鲲龙”两栖飞机
2022年5月10日上午11点，由中国航空工业集团自主研发的中国首款大型水陆两栖飞机——“鲲龙”AG600在珠海金湾机场开展高速滑行试验，这是一款民用灭火和水上救援大飞机，可以在陆基机场和水上起降，为岛礁补给、海上安全保障、海上执法服务，水面起降抗浪高度大于2.8m海浪，是世界上最大的水陆两用飞机。
AG600选装4台国产涡轮发动机，可以在20秒内一次吸水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米；还可以在2米高海浪的复杂气象条件下实施水面救援行动，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。当飞机停润在水上时，宽大船体所产生的浮力，就会使飞机浮在水面上并且不会下沉，但在需要起飞时，螺旋桨发动机产生的拉力，就会拖着它以相当快的速度在水面上滑跑。伴随着速度的不断增加，机翼上产生的升力逐渐增大，从而把飞机从水面上逐渐托起来，成为在空中飞行的航船。
其部分参数如下表。其中：飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比。
（ρ海水≈ρ水=1×103kg/m3），g取10N/kg）
全长/m 37 翼载/（kg/m2） 500 最大巡航速度/（km/h） 540
最大航程/km 4500 空中滞留/h 12 最大起飞质量/t 53.5
最大载水量/t 12 飞行最低高度/m 300 最多应急救援人数 50
（1）图2为AG600机翼设计截面图，飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越 的原理，为缩短起飞时间，最好 起飞（选填“顺风”或“逆风”）。用水灭火的原理是水汽化 （选填“吸热”或“放热”）使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭，
（2）关于水陆两柄飞机“鲲龙AG600”，下列说法错误的是 （填序号）。
A．飞机使用航空煤油，执行任务过程中，油箱中的煤油的热值不变。
B．飞机匀速水平飞行向下喷水进行森林灭火过程中它的动能、重力势能和机械能都在减小。
C．它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，受到的是平衡力。
D．执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放。
（3）AG600装满货物起飞时，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为 ，AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功 J。若AG600在海面执行搜救任务救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加 。（假设人均质量为50kg）
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值与离地高度h的关系为（h单位为米），如图3所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），定值电阻R1为200Ω，当电流表示数0.09A，电压表示数6V时，则此时飞机所在高度为 m。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、一个鸡蛋的质量约50g，故A错误。
B、全新的2B铅笔的长度约为18cm，故B正确。
C、多数人脉搏跳动一次的时间约为0.8s，脉搏跳动100次用时约80s，故C错误。
D、家用电冰箱正常工作的电流约为1A，故D错误。
故答案为：B。
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
2．【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，无法抽出所有空气，所以 仍能听到较小铃声 ，故A错误；
B． 乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变振动频率，极音调 ，故B错误；
C．图丙中禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D． 图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的 ，故D正确。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
3．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】解：A．雨水是由于空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B．白露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴附着在植物枝叶上面，故B错误；
C．霜是由于空气中的水蒸气凝华成固态的小冰晶附着在物体上面，故C正确；
D．雪是水蒸气凝华形成的，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）熔化是物质从固态变为液态的过程；凝固是物质从液态变为固态的过程。
（2）汽化是物质从液态变为气态的过程；液化是物质从气态变为液态的过程。
（3）升华是物质从固态直接变为气态的过程；凝华是物质从气态直接变为固态的过程。
4．【答案】A
【知识点】压强；液体压强的特点；大气压强的存在；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.甲：两手指受到压力相同，左边手指的受力面积越大，压强越小，故A错误；
B.乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等 ，故B正确；
C. 丙：马德保半球实验证明了大气压强的存在，故C正确；
D.丁：往B管吹气， B管口空气流速变大，压强变小，A管液面在大气压强的作用下上升，故D正确。
故选A。
【分析】A.根据可知 ，压力一定时，受力面积越大，压强越小；受力面积一定时，压力越小，压强越小；
B.液体压强与液体密度和深度有关，液体密度相同时，深度越深，压强越大；深度相同时，液体密度越大，压强越大；
C.马德保半球实验证明了大气压强的存在；
D.在气体或液体中，流速越大的位置，压强越小。
5．【答案】B
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
6．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】分析电路可知，电阻R1与电阻R2并联，A1测通过电阻R1的电流，A2测通过滑动变阻器R2的电流，电压表V测电源电压；
A.根据并联电路电压规律可知，电阻R1两端电压等于电源电压，即电阻R1两端电压，电阻R1的阻值不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R1的电流不变，所以电流表A1示数不变，故A错误；
B.电压表V示数与电流表A1示数之比为定值电阻R1，定值电阻R1的阻值不变，故B错误；
C．当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R2的电流变小，所以电流表A2示数变小，故C错误；
D．电压表V示数不变（电源电压），电流表A2示数变小，所以电压表V示数与电流表A2示数乘积变小，故D正确。
故选D。
【分析】分析电路可知，电阻R1与电阻R2并联，A1测通过电阻R1的电流，根据并联电路中，各条之路互补影响，可知A1的示数不变；
A2测通过滑动变阻器R2的电流，当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R2的电流变小，所以电流表A2示数变小；
电压表V测电源电压，保持不变；
7．【答案】A
【知识点】浮力的利用
【解析】【解答】A.甲球下沉至杯底，可得，乙球漂浮，可得，丙球悬浮，可得，即；三个小球的体积相同，根据可知， 三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙 ，故A正确；
B.三个小球的体积相同，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，即V甲排=V丙排>V乙排，根据F浮=ρ水gV排可知，三个小球 三个小球受到的浮力大小关系是：F甲=F丙>F乙， 故B错误；
C.三个相同烧杯中都装满水，深度相同，根据p=ρgh可得，三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是：p甲=p乙=p丙，故C错误；
D.三个相同烧杯中都装满水，里面水的重力相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于烧杯的总重力，
放入小球前，烧杯对桌面的压力为：
；
则放入小球后，烧杯对桌面的压力为：
由于甲球下沉至烧杯底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲＞F甲，G乙=F乙，G丙=F丙
所以三个烧杯对桌面的压力关系为：F'甲＞F'乙=F'丙，
烧杯的底面积相同，由压强的公式可知，烧杯底部对桌面的压强的关系是：p'甲＞p'乙=p'丙，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据小球在水中的状态和浮沉条件，可得出三个小球的密度关系，根据，可得出三个小球的质量关系；
B.根据小球在水中的状态，可得出三个小球排开液体的体积关系，根据F浮=ρ水gV排可得出，三个小球所受的浮力大小关系；
C.根据p=ρgh可得出，三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系；
D.烧杯对桌面的压力等于烧杯的总重力，根据相同的烧杯装满水，球的重力关系和浮力大小关系，可判断出三个烧杯对桌面的压力大小关系，再根据判断出三个烧杯对桌面的压强大小关系。
8．【答案】电荷的转移；负；得到
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】摩擦起电实质是电荷的转移，一种物质失去多少电子，另一种物质就得到多少电子；与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电，毛皮因失去电子而带正电。
【分析】摩擦起电是电子的转移，得到电子带负电。
9．【答案】二次；电磁波；裂变
【知识点】能源及其分类；电磁波的传播
【解析】【解答】 电能属于二次能源；手机利用电磁波传递信息。目前核电站是利用核裂变来获取能量发电。
故答案为：二次；电磁波；裂变。
【分析】（1）能源从产生方式角度划分
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）电磁波可以传递信息。
（3）核电站是利用核裂变来工作的。
10．【答案】反射；静止不动；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的反射现象。灯在平面镜中成像时，像与灯关于平面镜对称，水平向左缓缓推动玻璃窗，像静止不动。平面镜成像特点：物与像大小相等，所以像的大小不变。
综上 第1空、反射； 第2空、静止不动； 第3空、不变。
【分析】平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
11．【答案】机械；改变；电动机
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能，应用于电动机；通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，保持磁场方向不变，只改变导体中电流方向，则导体的受力方向即运动方向也会改变。
故答案为：机械；改变；电动机。
【分析】 （1）通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能；应用于电动机；
（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关，改变其中任意一个，导体的受力方向会发生改变。
12．【答案】压缩；做功；
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】如图所示，汽油机的两气门关闭，活塞向上运动，将汽油和空气的混合物压缩，所以该冲程为压缩冲程。
在这个过程中，活塞对气体做功，将机械能转化为内能，气体内能增大，温度升高，气缸内气体内能的改变是通过做功方式改变的。
完全燃烧5kg汽油放出的热量为：
。
【分析】根据内燃机的气门开不情况和活塞的运动情况，判断内燃机的工作冲程；
做功和热传递都能改变物体内能；
根据Q=mq求汽油完全燃烧放出的热量。
13．【答案】480；60；80%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】解：有用功为，
由图可知，由2段绳子吊着动滑轮，绳子自由端移动的距离为，
拉力做的总功为，
拉力的功率为，
滑轮组的机械效率为。
故答案为：480；60；80%。
【分析】 （1）根据W有=Gh求出有用功，根据W总=Fs=Fnh求出总功，利用求出绳端拉力的功率；
（2）利用求出该装置的机械效率。
14．【答案】4；6；4
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】木块A处于静止状态，木块所受弹簧测力计的拉力和木板B对它的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，此时弹簧测力计的示数是4N，所以木块A受到的滑动摩擦力是4N。
木板B沿水平方向做匀速直线运动，木板B受到向右的拉力 、A对它向左的滑动摩擦力（大小等于木块A受到的滑动摩擦力，为4N）、地面对它向左的滑动摩擦力，三个力平衡，所以，木板B受到地面的摩擦力为：
。
当F增大到12N时，木板B所受的压力和接触面的粗糙程度都不变，则木块A所受的滑动摩擦力不变，仍为4N；木板B对木块A的滑动摩擦力和木块A对木块B的滑动摩擦力是一对相互作用力，所以木块B受到的A的滑动摩擦力是4N。
【分析】1.用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，根据二力平衡知识可得，拉力等于摩擦力；
2.当物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力作用；
3.滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关；
4.物体间力的作用时相互的，相互作用力之间大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在不同物体上。
15．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；重力示意图
【解析】【解答】重力和支持力的作用点都在运动员的重心，运动员受到的支持力方向垂直于斜面向上，运动员受到的重力方向竖直向下，故作图如下：
【分析】重力：作用点在重心上，方向竖直向下；
支持力：作用点在重心上，方向垂直于斜面向上。
16．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凹透镜对光线右发散作用，过光心的光线传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线经过凹透镜的虚焦点；如下图所示：
【分析】凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
17．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】 插座，左零，上接地线，右接火线；
由题意可知，USB供电模块与插座并联，开关同时控制USB供电模块与插座，所以开关要接在干路，开关接火线即可，如图所示：
【分析】 插座接法：左零，上接地线，右接火线；
开关与被控制的用电器串联， 开关连在火线与用电器之间。
18．【答案】1.70；-14；99.8；4400；165.3；0.5
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）刻度尺的分度值为1mm，木块的长度是1.70cm。
温度计分度值为1℃，液柱液面在0℃以下，则温度计的示数为-14℃。
分钟盘（小圈）指针在1分钟过半格，秒钟盘（大圈）大圈指针在第二圈，为39.8s，所以秒表的读数为1min39.8s，合计99.8s。
（2）根据电能表参数，允许通过电能表的最大电流为20A，所以允许接入用电器的最大总功率是：
。
此时电能表的读数是。
在某段时间内，转盘转过1500圈，则此段时间内消耗的电能为：。
【分析】（1）认清刻度尺的分度值，再读数，读数时估读到分度值下一位；
认清温度计的温度值，再读数；
停表的读数方法：读数为小盘的分钟数+大盘的秒读数，先读小盘的读数，它的单位是分钟，看上面的示数可知每分钟分为前半分钟和后半分钟，要注意看它是指向哪半分钟；接着读大盘的读数，它的单位是秒，如果是前半分钟就则读0-30s，若为后半分钟读31-60s。
（2）由电能表的参数，根据求出允许接入用电器的最大总功率；
电能表读数时，电能表最后一位为小数 ；
电能表参数为，即每消耗一度电，转盘转3000转，据此根据转盘的转数求出消耗的电能。
19．【答案】断开；0~3V；左端；定值电阻R断路；在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；R2
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开。
电压恒为3V，为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是0～3V。
（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最左端。
闭合开关，电流表示数无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数无变化 ，说明电路中无电流，可能为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源之间是通路，可能是与电压表并联的电路断路了，所以故障可能是定值电阻R断路。
（3）由图乙知，当R=5Ω时，通过电阻的电流为0.4A，定值电阻两端电压为：
U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
当R=10Ω时，通过电阻的电流为0.2A，定值电阻两端电压为：
U2=I2R2=0.2A×10Ω=2V
当R=20Ω时，通过电阻的电流为0.1A，定值电阻两端电压为：
U3=I3R3=0.1A×20Ω=2V
可知，通过各电阻的电流与电阻的乘积为一定值，可以得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。
（4）由题意可知，滑动变阻器两端电压为：
U滑=U-UV=3V-2V=1V
滑动变阻器所分电压为定值电阻所分电压的一般，根据串联分压原理可知，当接入的定值电阻的阻值为25Ω时，则滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=0.5×25Ω=12.5Ω
故上述实验选用的滑动变阻器是R2。
【分析】（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开；
（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
串联电路中，电流表无示数，说明电路可能为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源两端时通路，故障可能时与电压表并联的电阻发生断路。
（3）由图像可知，在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
（4）当定值电阻阻值最大时，滑动变阻器阻值最大，根据串联分压原理求出滑动变阻器的最大值。
20．【答案】使物体受热均匀；固液共存态；98；低于；相同；1.68×103
【知识点】熔化和凝固的探究实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）采用水浴法加热物体，目的是使物体受热均匀。
BC段冰在不断吸热，温度保持不变，属于熔化过程，熔化时处于固液共存态，故冰在a点时处于固液共存态。
（2）如图乙中DE段，表示水沸腾时，温度保持不变，可知水的沸点为98℃，由此判断液面上方的气压低于1个标准大气压。
（3）由图丙可知，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量相同；
试管中液体的质量为水的质量的2.5倍，由图丁可知，当水与液体的温度变化量相同时，加热时间相同，即吸收的热量相同，则有：
则未知液体的比热容为：
。
【分析】（1）把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热的方法，叫做水浴法，目的是使物体受热均匀；
晶体吸收热量温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，处于固液共存状态，晶体全部熔化成液态之后，吸收热量，温度不断升高。
（2）水沸腾时温度保持不变；
气压越低，液体沸点越低；
（3）用同一酒精灯加热，则在相同时间液体吸收的热量相同；
由图可知，两种物质温度变化相同时，加热的时间相同（吸收热量相同），根据求出未知液体的比热容。
21．【答案】解：（1）物流机器人的重力G=mg=500kg×10N/kg=5000N；物流机器人对水平地面的压力F=G=5000N，物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力F牵=f=200N，物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
答：（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强为1×105Pa；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率为120W。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）物流机器人的质量为500kg，根据G=mg计算机器人计算的重力；物流机器人对水平地面的压力等于重力，即F=G；根据压强公式计算物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的阻力等于牵引力，则牵引力F牵=f；根据功率公式P=Fv计算物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
22．【答案】解：（1）闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，此时电路处于保温档，保温档功率；
（2）闭合开关S1、S2，电路中只有R1、R2并联接入电路，电路处于加热档，R2的功率，由可知，R2的电阻；
（3）水温度升高75℃吸收的热量，这个过程消耗的电能
，电蒸锅的加热效率。
答：（1）保温档的功率为100W；
（2）电阻R2的阻值44Ω；
（3）电蒸锅的加热效率为84％。
【知识点】比热容；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，此时电路中电阻较大，根据计算可知电路处于保温档的功率；
（2）闭合开关S1、S2，电路中只有R1、R2并联接入电路，电路中电阻较小，此时电路处于加热档，R2的功率；根据计算R2的电阻；
（3）根据热量计算公式Q=cmΔt计算水温度升高75℃吸收的热量，根据W=Pt计算该过程消耗的电能；结合加热效率计算电蒸锅的加热效率。
23．【答案】左；16；0.8；大；
【知识点】固体密度的测量；阿基米德原理
【解析】【解答】解：（1）指针偏向分度盘中线的右侧，即右侧重，平衡螺母向左调，可将横梁调至水平平衡。
（2）如图甲所示，木块质量为砝码质量与游码所对刻度之和
木块体积为
木块密度为。
（3）如果考虑到木块吸水，会造成所测体积偏小，根据所测木块密度值偏大。
（4）③如题，金属块浸没时弹簧测力计示数为4N，金属块的体积一半露出水面时，示数为5N，即金属块一半浸在水中时，浮力为
金属块全部浸在水中时，浮力为
金属块重力为
金属块体积为
金属块密度为。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）较暗；（3）不点燃；（4）A；（5）不变。
【分析】 （1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置；
（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；
（3）蜡烛B在A的另一侧，可以观察像与物的大小关系，只有当它们完全重合时，才能更好的比较其大小关系；
（4）根据物体在平面镜中成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
24．【答案】虚；缩小；实；10.0；12.0；远离；缩短照相机的暗箱长度
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
25．【答案】小；逆风；吸热；C；107；3.6×107；2.5；300
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越小的原理；
为缩短起飞时间，最好逆风起飞，相对速度更大，产生的升力更大；
水灭火的原理是：水在汽化时吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭。
（2）A．燃料的热值与燃料的种类有关，不会随着质量的改变而变化，故A正确；
B．飞机匀速水平飞行向下喷水时，速度，高度都不变，但质量不断减小，所以飞机的动能和重力势能均减小，机械能也减小，故B正确；
C．飞机在水面上匀速盘旋时，运动方向不断改变，飞机的运动状态改变，所以飞机受到的是非平衡力，故C错误；
D．一切物体都具有惯性，所以执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放，故D正确。
故选C。
（3）飞机的翼载为500kg/m2，最大起飞质量为53.5t，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为：
；
最大载水量为12t，此时飞机的总重力为：
G=mg=12×103kg×10N/kg=1.2×105N，
飞机以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功为：
W=Gh=1.2×105N×300m=3.6×107J；
飞机海面救援时处于漂浮状态，所受浮力等于排开水的重力，救援起最多人数时，增大的浮力等于人的重力，根据阿基米德原理可知，增大的浮力等于增大的排开水的重力，即人的重力等于增大的排开水的重力，所有人的质量等于增大的排开水的质量，当救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加：
。
（4）由图可知，两个电阻并联，电流表测干路电流，此时通过电阻R1的电流为：
通过R2的电流为：
I2=I-I1=0.09A-0.03A=0.06A
R2的电阻为：
将R2的阻值代入关系式
解得：h=300m。
【分析】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小；
汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
（2）A.燃料的热值与燃料的种类有关；
B.重力势能与物体的质量和高度有关；
动能与物体的质量和速度有关；
物体的动能和势能统称为机械能；
C.物体的运动状态发生改变，说明物体受到非平衡力的作用；
D.一切物体都具有惯性.
(3)利用飞机的最大起飞质量和翼载求出机翼面积；
根据 G=mg 求出飞机总重力，再根据 W=Gh求对水做的功；
根据浮沉条件和阿基米德原理分析，可得人的质量等于增大的排开水的质量，根据求飞机排开水的体积的增加量；
（4）分析电路时并联的，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路的电流规律求出通过R2的电流，根据求出 R2的电阻，将 R2的阻值代入关系即可得飞机飞行高度。
广东省珠海市第十一中学2023—2024学年下学期九年级第一次模拟考试物理试题
1．（2024九下·珠海模拟）“估测”是物理学中常用的一种方法。下列估测最符合实际的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量约500g
B．全新的2B铅笔的长度约为18cm
C．多数人脉搏跳动100次用时约5min
D．家用电冰箱正常工作的电流约为4A
【答案】B
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、一个鸡蛋的质量约50g，故A错误。
B、全新的2B铅笔的长度约为18cm，故B正确。
C、多数人脉搏跳动一次的时间约为0.8s，脉搏跳动100次用时约80s，故C错误。
D、家用电冰箱正常工作的电流约为1A，故D错误。
故答案为：B。
【分析】新课程标准要求我们能根据日常经验或自然现象粗略估测一些物理量。例如：长度、质量、时间、温度、力、速度、电功率、电流、电压等。解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
2．（2024九下·珠海模拟）关于声现象，下列说法正确的是（ ）
A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，抽出其中的空气，仍能听到较小铃声，说明真空可以传声
B．乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变响度
C．图丙中禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声
D．图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的
【答案】D
【知识点】声音的传播条件；音调、响度与音色的区分；声与信息；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．甲图把响铃的闹钟放在玻璃罩内，无法抽出所有空气，所以 仍能听到较小铃声 ，故A错误；
B． 乙是手按在小提琴上一根弦的不同位置，其目的是为了改变振动频率，极音调 ，故B错误；
C．图丙中禁止鸣笛是在声源处减弱噪声，故C错误；
D． 图丁中B超诊断仪是利用超声波可以传递信息的特性工作的 ，故D正确。
故选D。
【分析】1、声音产生是由物体振动产生，通过介质（固体、液体、气体）中传播，不能在真空中传播；
2、声音的特点：不同材料决定音色不同；振幅决定响度；振动频率决定音频；振动频率决定音频，频率越高，音调越高，频率越低，音调越低；声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大．
3、减弱噪音的途径有：声源处（摩托车装消声器）、传播中（建隔音墙 ）、人耳处（戴耳罩）。
3．（2024九下·珠海模拟）2022年2月4日北京冬奥会开幕式采用了二十四节气来进行倒计时。如图所示节气中蕴含的物理知识描述正确的是（ ）
A．天街小雨润如酥——“雨水”的形成是凝固现象
B．白露垂珠滴秋月——“白露”的形成是汽化现象
C．霜草苍苍虫切切——“霜降”的形成是凝华现象
D．燕山雪花大如席——“大雪”的形成是升华现象
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；升华及升华吸热
【解析】【解答】解：A．雨水是由于空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故A错误；
B．白露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴附着在植物枝叶上面，故B错误；
C．霜是由于空气中的水蒸气凝华成固态的小冰晶附着在物体上面，故C正确；
D．雪是水蒸气凝华形成的，故D错误。
故选：C。
【分析】（1）熔化是物质从固态变为液态的过程；凝固是物质从液态变为固态的过程。
（2）汽化是物质从液态变为气态的过程；液化是物质从气态变为液态的过程。
（3）升华是物质从固态直接变为气态的过程；凝华是物质从气态直接变为固态的过程。
4．（2024九下·珠海模拟）下列说法错误的是（ ）
A．甲：压力相同，接触面积越大，压强越大
B．乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等
C．丙：马德保半球实验证明了大气压强的存在
D．丁：往B管吹气，A管液面上升是因为A管上端空气流速变大，压强变小了
【答案】A
【知识点】压强；液体压强的特点；大气压强的存在；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A.甲：两手指受到压力相同，左边手指的受力面积越大，压强越小，故A错误；
B.乙：同一液体，深度相同时，各个方向压强相等 ，故B正确；
C. 丙：马德保半球实验证明了大气压强的存在，故C正确；
D.丁：往B管吹气， B管口空气流速变大，压强变小，A管液面在大气压强的作用下上升，故D正确。
故选A。
【分析】A.根据可知 ，压力一定时，受力面积越大，压强越小；受力面积一定时，压力越小，压强越小；
B.液体压强与液体密度和深度有关，液体密度相同时，深度越深，压强越大；深度相同时，液体密度越大，压强越大；
C.马德保半球实验证明了大气压强的存在；
D.在气体或液体中，流速越大的位置，压强越小。
5．（2024九下·珠海模拟）如图所示，在探究通电螺线管外部的磁场分布的实验中，开关闭合后，下列说法正确的是
A．小磁针甲静止时N极指向右端，小磁针乙静止时N极指向左端
B．小磁针甲静止时N极指向左端，小磁针乙静止时N极指向右端
C．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向右端
D．小磁针甲和小磁针乙静止时N极均指向左端
【答案】B
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
6．（2024九下·珠海模拟）如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器滑片向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A．电流表A1示数变小
B．电压表V示数与电流表A1示数之比变大
C．电流表A2示数不变
D．电压表V示数与电流表A2示数乘积变小
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析
【解析】【解答】分析电路可知，电阻R1与电阻R2并联，A1测通过电阻R1的电流，A2测通过滑动变阻器R2的电流，电压表V测电源电压；
A.根据并联电路电压规律可知，电阻R1两端电压等于电源电压，即电阻R1两端电压，电阻R1的阻值不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R1的电流不变，所以电流表A1示数不变，故A错误；
B.电压表V示数与电流表A1示数之比为定值电阻R1，定值电阻R1的阻值不变，故B错误；
C．当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R2的电流变小，所以电流表A2示数变小，故C错误；
D．电压表V示数不变（电源电压），电流表A2示数变小，所以电压表V示数与电流表A2示数乘积变小，故D正确。
故选D。
【分析】分析电路可知，电阻R1与电阻R2并联，A1测通过电阻R1的电流，根据并联电路中，各条之路互补影响，可知A1的示数不变；
A2测通过滑动变阻器R2的电流，当滑动变阻器滑片向右移动时，滑动变阻器R2接入的电阻变大，电源电压不变，根据欧姆定律可知，通过电阻R2的电流变小，所以电流表A2示数变小；
电压表V测电源电压，保持不变；
7．（2024九下·珠海模拟）将体积相同材料不同的甲乙丙三个实心小球，分别轻轻放入三个装满水的相同烧杯中，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙
B．三个小球受到的浮力大小关系是F甲=F乙
D．三个烧杯底部对桌面的压强大小关系是p'甲>p'乙>p'丙
【答案】A
【知识点】浮力的利用
【解析】【解答】A.甲球下沉至杯底，可得，乙球漂浮，可得，丙球悬浮，可得，即；三个小球的体积相同，根据可知， 三个小球的质量大小关系是m甲>m丙>m乙 ，故A正确；
B.三个小球的体积相同，甲球下沉至杯底、乙球漂浮和丙球悬浮，即V甲排=V丙排>V乙排，根据F浮=ρ水gV排可知，三个小球 三个小球受到的浮力大小关系是：F甲=F丙>F乙， 故B错误；
C.三个相同烧杯中都装满水，深度相同，根据p=ρgh可得，三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系是：p甲=p乙=p丙，故C错误；
D.三个相同烧杯中都装满水，里面水的重力相等，由于烧杯底部对桌面的压力等于烧杯的总重力，
放入小球前，烧杯对桌面的压力为：
；
则放入小球后，烧杯对桌面的压力为：
由于甲球下沉至烧杯底部，乙球漂浮，丙球悬浮，则G甲＞F甲，G乙=F乙，G丙=F丙
所以三个烧杯对桌面的压力关系为：F'甲＞F'乙=F'丙，
烧杯的底面积相同，由压强的公式可知，烧杯底部对桌面的压强的关系是：p'甲＞p'乙=p'丙，故D错误。
故选A。
【分析】A.根据小球在水中的状态和浮沉条件，可得出三个小球的密度关系，根据，可得出三个小球的质量关系；
B.根据小球在水中的状态，可得出三个小球排开液体的体积关系，根据F浮=ρ水gV排可得出，三个小球所受的浮力大小关系；
C.根据p=ρgh可得出，三个烧杯中的水对烧杯底部的压强大小关系；
D.烧杯对桌面的压力等于烧杯的总重力，根据相同的烧杯装满水，球的重力关系和浮力大小关系，可判断出三个烧杯对桌面的压力大小关系，再根据判断出三个烧杯对桌面的压强大小关系。
8．（2024九下·珠海模拟）梳过头发的塑料梳子，由于摩擦会带电，摩擦起电的本质是 （选填“电荷的转移”或“创造了电荷”）。与毛皮摩擦过的橡胶棒带 电，是因为橡胶棒在摩擦过程中 电子。
【答案】电荷的转移；负；得到
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】摩擦起电实质是电荷的转移，一种物质失去多少电子，另一种物质就得到多少电子；与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带负电，毛皮因失去电子而带正电。
【分析】摩擦起电是电子的转移，得到电子带负电。
9．（2024九下·珠海模拟）“神舟十号”飞船在太空中飞行时，主要利用太阳电池供电，电能属于 能源（选填“一次”或“二次”）；手机是利用 传输信号实现通讯的；《“十四五”规划纲要》提出我国将安全稳妥推动沿海核电发展，目前核电站是利用核 （选填“裂变”或“聚变”）来获取能量发电。
【答案】二次；电磁波；裂变
【知识点】能源及其分类；电磁波的传播
【解析】【解答】 电能属于二次能源；手机利用电磁波传递信息。目前核电站是利用核裂变来获取能量发电。
故答案为：二次；电磁波；裂变。
【分析】（1）能源从产生方式角度划分
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源。例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源。例：电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）电磁波可以传递信息。
（3）核电站是利用核裂变来工作的。
10．（2024九下·珠海模拟）晚上，小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的 （选填“直线传播”“反射”或“折射”）现象。如图所示，水平向左缓慢推动玻璃窗，则小明通过玻璃窗看到的像 （选填“向左运动”、“向右运动”或”静止不动”），像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】反射；静止不动；不变
【知识点】平面镜成像的相关作图；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】小明在客厅的窗户玻璃上看到了客厅里灯的像，这是光的反射现象。灯在平面镜中成像时，像与灯关于平面镜对称，水平向左缓缓推动玻璃窗，像静止不动。平面镜成像特点：物与像大小相等，所以像的大小不变。
综上 第1空、反射； 第2空、静止不动； 第3空、不变。
【分析】平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
11．（2024九下·珠海模拟）如图电路，闭合开关，能看到蹄形磁铁中的金属棒ab运动起来，说明有电能转化为 能，若只改变电路中电流的方向，ab的运动方向将 （选填“改变”或“不改变”）。该装置揭示的原理可应用于 （选填“电动机”或“发电机”）。
【答案】机械；改变；电动机
【知识点】磁场对通电导线的作用；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能，应用于电动机；通电导体在磁场中的受力方向与磁场方向和电流方向有关，保持磁场方向不变，只改变导体中电流方向，则导体的受力方向即运动方向也会改变。
故答案为：机械；改变；电动机。
【分析】 （1）通电导体在磁场中受力运动时，将电能转化为机械能；应用于电动机；
（2）通电导体在磁场中受力的方向与电流方向、磁场方向有关，改变其中任意一个，导体的受力方向会发生改变。
12．（2024九下·珠海模拟）如图所示为一单缸四冲程汽油机某冲程剖面图，该图表示为 冲程，在这个过程中，气缸内气体内能的改变是通过 方式改变的。汽车使用的汽油的热值是，完全燃烧5kg汽油放出的热量是 J。
【答案】压缩；做功；
【知识点】做功改变物体内能；燃料的热值；热机的四个冲程
【解析】【解答】如图所示，汽油机的两气门关闭，活塞向上运动，将汽油和空气的混合物压缩，所以该冲程为压缩冲程。
在这个过程中，活塞对气体做功，将机械能转化为内能，气体内能增大，温度升高，气缸内气体内能的改变是通过做功方式改变的。
完全燃烧5kg汽油放出的热量为：
。
【分析】根据内燃机的气门开不情况和活塞的运动情况，判断内燃机的工作冲程；
做功和热传递都能改变物体内能；
根据Q=mq求汽油完全燃烧放出的热量。
13．（2024九下·珠海模拟）重480N的箱子，用如图所示的滑轮组匀速提升该箱子，10s内匀速提升1m，拉力，则有用功为 J，拉力的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。
【答案】480；60；80%
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【解答】解：有用功为，
由图可知，由2段绳子吊着动滑轮，绳子自由端移动的距离为，
拉力做的总功为，
拉力的功率为，
滑轮组的机械效率为。
故答案为：480；60；80%。
【分析】 （1）根据W有=Gh求出有用功，根据W总=Fs=Fnh求出总功，利用求出绳端拉力的功率；
（2）利用求出该装置的机械效率。
14．（2024九下·珠海模拟）如图所示，木板B在的水平拉力作用下，沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数是4N，则木块A受到的滑动摩擦力是 N；物体B受到地面的摩擦力是 N，当F增大到12N时，木板B受到的A的滑动摩擦力是 N。
【答案】4；6；4
【知识点】二力平衡的条件及其应用；力的合成与应用；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】木块A处于静止状态，木块所受弹簧测力计的拉力和木板B对它的滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，此时弹簧测力计的示数是4N，所以木块A受到的滑动摩擦力是4N。
木板B沿水平方向做匀速直线运动，木板B受到向右的拉力 、A对它向左的滑动摩擦力（大小等于木块A受到的滑动摩擦力，为4N）、地面对它向左的滑动摩擦力，三个力平衡，所以，木板B受到地面的摩擦力为：
。
当F增大到12N时，木板B所受的压力和接触面的粗糙程度都不变，则木块A所受的滑动摩擦力不变，仍为4N；木板B对木块A的滑动摩擦力和木块A对木块B的滑动摩擦力是一对相互作用力，所以木块B受到的A的滑动摩擦力是4N。
【分析】1.用弹簧测力计拉着木块沿水平方向做匀速直线运动，根据二力平衡知识可得，拉力等于摩擦力；
2.当物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力作用；
3.滑动摩擦力的大小与接触面所受的压力和接触面的粗糙程度有关；
4.物体间力的作用时相互的，相互作用力之间大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在不同物体上。
15．（2024九下·珠海模拟）如图为运动员沿斜面下滑场景，O为运动员重心，画出运动员所受重力G和支持力的示意图。
【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；弹力；重力示意图
【解析】【解答】重力和支持力的作用点都在运动员的重心，运动员受到的支持力方向垂直于斜面向上，运动员受到的重力方向竖直向下，故作图如下：
【分析】重力：作用点在重心上，方向竖直向下；
支持力：作用点在重心上，方向垂直于斜面向上。
16．（2024九下·珠海模拟）将图中凹透镜的光路图补充完整。
【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】凹透镜对光线右发散作用，过光心的光线传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，折射光线的反向延长线经过凹透镜的虚焦点；如下图所示：
【分析】凹透镜成像的特点发散光线，平行光入射凸透镜会发散，入射光线的延长线经过交点，反射光线平行射出，经过光心的光线不发生偏折。
17．（2024九下·珠海模拟）随着家庭的各种电子设备的增加，很多插排增加了为电子设备充电的USB接口，减少了日常给电子设备找“充电器”的现象。通过拆解发现，插排内部除了提供普通三孔插座外，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，三孔插座和供电模块由总开关控制，并且可以独立工作，请在图中用笔画线代替导线将图补充完整。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】 插座，左零，上接地线，右接火线；
由题意可知，USB供电模块与插座并联，开关同时控制USB供电模块与插座，所以开关要接在干路，开关接火线即可，如图所示：
【分析】 插座接法：左零，上接地线，右接火线；
开关与被控制的用电器串联， 开关连在火线与用电器之间。
18．（2024九下·珠海模拟）（1）请正确读出下列测量仪器的示数：木块的长度是 cm；温度计的示数为 ℃；秒表的读数为 s。
（2）某住户家中的电能表如图所示，该电能表所在电路中允许接入用电器的最大总功率是 W．此时电能表的读数是 ，在某段时间内，转盘转过1500圈，则此段时间内用了 度电。
【答案】1.70；-14；99.8；4400；165.3；0.5
【知识点】温度及温度计的使用与读数；时间及其测量；刻度尺的使用；电能表参数的理解
【解析】【解答】（1）刻度尺的分度值为1mm，木块的长度是1.70cm。
温度计分度值为1℃，液柱液面在0℃以下，则温度计的示数为-14℃。
分钟盘（小圈）指针在1分钟过半格，秒钟盘（大圈）大圈指针在第二圈，为39.8s，所以秒表的读数为1min39.8s，合计99.8s。
（2）根据电能表参数，允许通过电能表的最大电流为20A，所以允许接入用电器的最大总功率是：
。
此时电能表的读数是。
在某段时间内，转盘转过1500圈，则此段时间内消耗的电能为：。
【分析】（1）认清刻度尺的分度值，再读数，读数时估读到分度值下一位；
认清温度计的温度值，再读数；
停表的读数方法：读数为小盘的分钟数+大盘的秒读数，先读小盘的读数，它的单位是分钟，看上面的示数可知每分钟分为前半分钟和后半分钟，要注意看它是指向哪半分钟；接着读大盘的读数，它的单位是秒，如果是前半分钟就则读0-30s，若为后半分钟读31-60s。
（2）由电能表的参数，根据求出允许接入用电器的最大总功率；
电能表读数时，电能表最后一位为小数 ；
电能表参数为，即每消耗一度电，转盘转3000转，据此根据转盘的转数求出消耗的电能。
19．（2024九下·珠海模拟）物理实验兴趣小组组织实验探究活动，通过使用电源（电压恒为3V），电流表、电压表，开关，规格不同的定值电阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω），滑动变阻器（规格分别为“10Ω 2A”的和“15Ω 1A”的），以及导线来探究电流与电阻关系的实验，实验前同学们设计了如图甲所示电路图。
（1）按照电路图连接实物图时，开关应 ；为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是 （选填“0~3V”或“0~15V”）；
（2）正确连好电路后，闭合开关前要将滑动变阻器的滑片P移到最 （选填“右端”或“左端”）。闭合开关，此时电路中电流表无示数，电压表示数接近电源电压，移动滑动变阻器的滑片P，电流表、电压表示数均无变化，则故障可能是 ；
（3）排除故障后，多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，画出如图乙所示的电流随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论： ；
（4）上述实验所选用的滑动变阻器是 （选填“”或“”）。
【答案】断开；0~3V；左端；定值电阻R断路；在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；R2
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开。
电压恒为3V，为确保实验顺利进行，电压表应选用的量程是0～3V。
（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处，即最左端。
闭合开关，电流表示数无示数，移动滑动变阻器的滑片P，电流表示数无变化 ，说明电路中无电流，可能为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源之间是通路，可能是与电压表并联的电路断路了，所以故障可能是定值电阻R断路。
（3）由图乙知，当R=5Ω时，通过电阻的电流为0.4A，定值电阻两端电压为：
U1=I1R1=0.4A×5Ω=2V
当R=10Ω时，通过电阻的电流为0.2A，定值电阻两端电压为：
U2=I2R2=0.2A×10Ω=2V
当R=20Ω时，通过电阻的电流为0.1A，定值电阻两端电压为：
U3=I3R3=0.1A×20Ω=2V
可知，通过各电阻的电流与电阻的乘积为一定值，可以得出结论：在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比。
（4）由题意可知，滑动变阻器两端电压为：
U滑=U-UV=3V-2V=1V
滑动变阻器所分电压为定值电阻所分电压的一般，根据串联分压原理可知，当接入的定值电阻的阻值为25Ω时，则滑动变阻器连入电路中的电阻为：
R滑=0.5×25Ω=12.5Ω
故上述实验选用的滑动变阻器是R2。
【分析】（1）连接电路时，为保护电路，开关应断开；
（2）闭合开关前，为保护电路，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
串联电路中，电流表无示数，说明电路可能为断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源两端时通路，故障可能时与电压表并联的电阻发生断路。
（3）由图像可知，在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；
（4）当定值电阻阻值最大时，滑动变阻器阻值最大，根据串联分压原理求出滑动变阻器的最大值。
20．（2024九下·珠海模拟）习完物态变化后，小明在实验室同时做“探究冰熔化和水沸腾的特点”实验，如图所示。
（1）如图甲，小明把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热，而不直接用酒精灯加热，目的是： ；图乙是小明描绘的冰熔化前后温度与时间的关系图像，冰在a点时处于 （选填“固态”“液态”或“固液共存态”）
（2）试管中的冰完全熔化为水后，小明继续加热，得到图乙中DE段，可知水的沸点为 ℃，由此判断液面上方的气压 （选填“高于”“低于”或“等于”）1个标准大气压；
（3）完成实验后，小明继续探究“水和某种液体沸腾时温度变化的特点”实验，如图丙所示，两个相同的试管中分别装有初温相同的水和未知液体，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量 （选填“相同”或“不相同”）；图丁为试管中的未知液体和水从加热至沸腾过程中温度的变化情况，已知未知液体的质量是水的质量的2.5倍，则未知液体的比热容 。[]
【答案】使物体受热均匀；固液共存态；98；低于；相同；1.68×103
【知识点】熔化和凝固的探究实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）采用水浴法加热物体，目的是使物体受热均匀。
BC段冰在不断吸热，温度保持不变，属于熔化过程，熔化时处于固液共存态，故冰在a点时处于固液共存态。
（2）如图乙中DE段，表示水沸腾时，温度保持不变，可知水的沸点为98℃，由此判断液面上方的气压低于1个标准大气压。
（3）由图丙可知，用同一酒精灯加热，则相同时间内两试管中的液体吸收的热量相同；
试管中液体的质量为水的质量的2.5倍，由图丁可知，当水与液体的温度变化量相同时，加热时间相同，即吸收的热量相同，则有：
则未知液体的比热容为：
。
【分析】（1）把装有碎冰的试管放入装有水的烧杯中加热的方法，叫做水浴法，目的是使物体受热均匀；
晶体吸收热量温度升高，达到熔点，继续吸收热量，温度保持不变，处于固液共存状态，晶体全部熔化成液态之后，吸收热量，温度不断升高。
（2）水沸腾时温度保持不变；
气压越低，液体沸点越低；
（3）用同一酒精灯加热，则在相同时间液体吸收的热量相同；
由图可知，两种物质温度变化相同时，加热的时间相同（吸收热量相同），根据求出未知液体的比热容。
21．（2024九下·珠海模拟）快递业务服务提升了生活质量，为了提高快递配送效率，可使用如图甲所示的物流机器人完成最后三公里的快速智能配送。若满载货物时该物流机器人质量为500kg，轮胎与地面的总接触面积为500cm2，机器人在水平路面上匀速行驶时受到的阻力为200N，路程与时间s﹣t图象如图乙所示。（g取10N/kg）求：
（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率。
【答案】解：（1）物流机器人的重力G=mg=500kg×10N/kg=5000N；物流机器人对水平地面的压力F=G=5000N，物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的阻力和牵引力是一对平衡力，则牵引力F牵=f=200N，物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
答：（1）满载静止时该物流机器人对水平地面的压强为1×105Pa；
（2）物流机器人在水平路面上匀速行驶时牵引力的功率为120W。
【知识点】功率计算公式的应用；二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）物流机器人的质量为500kg，根据G=mg计算机器人计算的重力；物流机器人对水平地面的压力等于重力，即F=G；根据压强公式计算物流机器人对水平地面的压强；
（2）物流机器人匀速行驶时受到的阻力等于牵引力，则牵引力F牵=f；根据功率公式P=Fv计算物流机器人匀速行驶时牵引力做功的功率。
22．（2024九下·珠海模拟）如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热档功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2 kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/（kg ℃）。
求：（1）保温档的功率；
（2）电阻R2的阻值；
（3）电蒸锅的加热效率。
【答案】解：（1）闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，此时电路处于保温档，保温档功率；
（2）闭合开关S1、S2，电路中只有R1、R2并联接入电路，电路处于加热档，R2的功率，由可知，R2的电阻；
（3）水温度升高75℃吸收的热量，这个过程消耗的电能
，电蒸锅的加热效率。
答：（1）保温档的功率为100W；
（2）电阻R2的阻值44Ω；
（3）电蒸锅的加热效率为84％。
【知识点】比热容；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）闭合开关S1，断开开关S2，电路中只有R1接入电路，此时电路中电阻较大，根据计算可知电路处于保温档的功率；
（2）闭合开关S1、S2，电路中只有R1、R2并联接入电路，电路中电阻较小，此时电路处于加热档，R2的功率；根据计算R2的电阻；
（3）根据热量计算公式Q=cmΔt计算水温度升高75℃吸收的热量，根据W=Pt计算该过程消耗的电能；结合加热效率计算电蒸锅的加热效率。
23．（2024九下·珠海模拟）小明同学从家里带了一块正方体木块和金属块，到学校实验室测其密度。
（1）将天平放在水平台上，游码调到标尺左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘中线的右侧，应向 （填“左”或“右”）调节平衡螺母，直至横梁平衡；
（2）用天平测木块的质量，天平平衡时如题图甲所示，木块质量为 g。量筒中装适量水如题上图乙所示，将木块压没在量筒的水中，液面与40mL刻度线相平，木块密度为 ；
（3）如果考虑到木块吸水，以上方法所测木块密度值偏 （选填“大”或“小”）；
（4）小明在测量金属块的密度时发现，金属块的质量超过了天平的称量，重力也超过了弹簧测力计的量程。于是小明又设计了如下方法测出了金属块的密度。请帮他完成实验；（）
①将浸没在水中的金属块挂在弹簧测力计上，并向上提起（未露出水面），如题图丙所示。静止时弹簧测力计的示数为；
②手拉弹簧测力计向上移动，金属块的体积一半露出水面，如图丁所示，这时弹簧测力计的示数为；
③金属块的密度 。
【答案】左；16；0.8；大；
【知识点】固体密度的测量；阿基米德原理
【解析】【解答】解：（1）指针偏向分度盘中线的右侧，即右侧重，平衡螺母向左调，可将横梁调至水平平衡。
（2）如图甲所示，木块质量为砝码质量与游码所对刻度之和
木块体积为
木块密度为。
（3）如果考虑到木块吸水，会造成所测体积偏小，根据所测木块密度值偏大。
（4）③如题，金属块浸没时弹簧测力计示数为4N，金属块的体积一半露出水面时，示数为5N，即金属块一半浸在水中时，浮力为
金属块全部浸在水中时，浮力为
金属块重力为
金属块体积为
金属块密度为。
故答案为：（1）确定像的位置；（2）较暗；（3）不点燃；（4）A；（5）不变。
【分析】 （1）探究平面镜成像实验中，要用透明的玻璃板代替平面镜，虽然成像不太清晰，但是在物体一侧能看到物体的像，同时还能看到代替物体的另一个物体，便于确定像的位置；
（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；
（3）蜡烛B在A的另一侧，可以观察像与物的大小关系，只有当它们完全重合时，才能更好的比较其大小关系；
（4）根据物体在平面镜中成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等。
24．（2024九下·珠海模拟）在探究凸透镜成像的大小与哪些因素有关的实验中：
（1）小明同学通过物理知识的学习，知道放大镜就是凸透镜。在活动课中，他用放大镜观察自己的手指（如图甲），看到手指放大的 （选填“实”“虚”）像：再用放大镜观察远处的房屋（如图乙），看到房屋是 （选填“放大”“缩小”）的 （选填“实”“虚”）像；
（2）他猜想：凸透镜成像的大小可能与蜡烛到透镜的距离有关，他在如图丙所示的光具座上，改变蜡烛到透镜的距离，并移动光屏进行实验，获得的实验数据如下表所示：分析下表数据可知，此凸透镜的焦距为 cm；
物体到凸透镜的距离/cm 光屏上像到凸透镜的距离/cm 光屏上像的大小
3.0 光屏上没有像
5.0 光屏上没有像
12.0 60.0 放大
20.0 20.0 等大
25.0 16.7 缩小
30.0 15.0 缩小
（3）小明继续增大物体到凸透镜的距离到60.0cm，则光屏到凸透镜的距离为 cm时，光屏上能成清晰的像；
（4）小明所在班级照毕业像时，摄影师发现两旁还有同学没有进入取景框内，摄影师使照相机 （选填“靠近”“远离”）同学，才会在取景框内得到清晰满意的画面。同时你还可以采用 的方法得到清晰满意的画面。（方法合理即可）
【答案】虚；缩小；实；10.0；12.0；远离；缩短照相机的暗箱长度
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
25．（2024九下·珠海模拟）阅读短文，回答问题：
“鲲龙”两栖飞机
2022年5月10日上午11点，由中国航空工业集团自主研发的中国首款大型水陆两栖飞机——“鲲龙”AG600在珠海金湾机场开展高速滑行试验，这是一款民用灭火和水上救援大飞机，可以在陆基机场和水上起降，为岛礁补给、海上安全保障、海上执法服务，水面起降抗浪高度大于2.8m海浪，是世界上最大的水陆两用飞机。
AG600选装4台国产涡轮发动机，可以在20秒内一次吸水12吨，单次投水救火面积可达4000余平方米；还可以在2米高海浪的复杂气象条件下实施水面救援行动，水上应急救援一次可救护50名遇险人员。当飞机停润在水上时，宽大船体所产生的浮力，就会使飞机浮在水面上并且不会下沉，但在需要起飞时，螺旋桨发动机产生的拉力，就会拖着它以相当快的速度在水面上滑跑。伴随着速度的不断增加，机翼上产生的升力逐渐增大，从而把飞机从水面上逐渐托起来，成为在空中飞行的航船。
其部分参数如下表。其中：飞机的翼载是指飞机起飞质量与机翼的面积之比。
（ρ海水≈ρ水=1×103kg/m3），g取10N/kg）
全长/m 37 翼载/（kg/m2） 500 最大巡航速度/（km/h） 540
最大航程/km 4500 空中滞留/h 12 最大起飞质量/t 53.5
最大载水量/t 12 飞行最低高度/m 300 最多应急救援人数 50
（1）图2为AG600机翼设计截面图，飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越 的原理，为缩短起飞时间，最好 起飞（选填“顺风”或“逆风”）。用水灭火的原理是水汽化 （选填“吸热”或“放热”）使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭，
（2）关于水陆两柄飞机“鲲龙AG600”，下列说法错误的是 （填序号）。
A．飞机使用航空煤油，执行任务过程中，油箱中的煤油的热值不变。
B．飞机匀速水平飞行向下喷水进行森林灭火过程中它的动能、重力势能和机械能都在减小。
C．它在水面上方匀速盘旋搜寻救援目标时，受到的是平衡力。
D．执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放。
（3）AG600装满货物起飞时，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为 ，AG600以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功 J。若AG600在海面执行搜救任务救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加 。（假设人均质量为50kg）
（4）飞机利用测距传感器来判断离地高度，若某测距传感器的阻值与离地高度h的关系为（h单位为米），如图3所示的检测电路采用了“稳流电源”（电源输出的电流恒定），定值电阻R1为200Ω，当电流表示数0.09A，电压表示数6V时，则此时飞机所在高度为 m。
【答案】小；逆风；吸热；C；107；3.6×107；2.5；300
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；欧姆定律及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】（1）飞机起飞利用了流体中流速越大的位置，压强越小的原理；
为缩短起飞时间，最好逆风起飞，相对速度更大，产生的升力更大；
水灭火的原理是：水在汽化时吸热，使可燃物的温度降至着火点以下，使火熄灭。
（2）A．燃料的热值与燃料的种类有关，不会随着质量的改变而变化，故A正确；
B．飞机匀速水平飞行向下喷水时，速度，高度都不变，但质量不断减小，所以飞机的动能和重力势能均减小，机械能也减小，故B正确；
C．飞机在水面上匀速盘旋时，运动方向不断改变，飞机的运动状态改变，所以飞机受到的是非平衡力，故C错误；
D．一切物体都具有惯性，所以执行森林灭火的投水任务中，飞机应该在到达着火点前提前投放，故D正确。
故选C。
（3）飞机的翼载为500kg/m2，最大起飞质量为53.5t，为确保飞机正常飞行，机翼面积至少为：
；
最大载水量为12t，此时飞机的总重力为：
G=mg=12×103kg×10N/kg=1.2×105N，
飞机以最大载水量起飞，飞行至最低高度时，需要对水做功为：
W=Gh=1.2×105N×300m=3.6×107J；
飞机海面救援时处于漂浮状态，所受浮力等于排开水的重力，救援起最多人数时，增大的浮力等于人的重力，根据阿基米德原理可知，增大的浮力等于增大的排开水的重力，即人的重力等于增大的排开水的重力，所有人的质量等于增大的排开水的质量，当救援起最多人数时，飞机排开水的体积约增加：
。
（4）由图可知，两个电阻并联，电流表测干路电流，此时通过电阻R1的电流为：
通过R2的电流为：
I2=I-I1=0.09A-0.03A=0.06A
R2的电阻为：
将R2的阻值代入关系式
解得：h=300m。
【分析】（1）在流体中，流速越大的位置压强越小；
汽化：物质由液态变成气态的过程，汽化吸热；
（2）A.燃料的热值与燃料的种类有关；
B.重力势能与物体的质量和高度有关；
动能与物体的质量和速度有关；
物体的动能和势能统称为机械能；
C.物体的运动状态发生改变，说明物体受到非平衡力的作用；
D.一切物体都具有惯性.
(3)利用飞机的最大起飞质量和翼载求出机翼面积；
根据 G=mg 求出飞机总重力，再根据 W=Gh求对水做的功；
根据浮沉条件和阿基米德原理分析，可得人的质量等于增大的排开水的质量，根据求飞机排开水的体积的增加量；
（4）分析电路时并联的，根据欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路的电流规律求出通过R2的电流，根据求出 R2的电阻，将 R2的阻值代入关系即可得飞机飞行高度。
