2024年广西壮族自治区玉林市中考一模物理试题
1．（2024九下·玉林模拟）在学校运动会400m比赛时，小艾同学用扩音器为运动员加油鼓劲，主要是为了改变声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．传播速度
2．（2024九下·玉林模拟）与“二十四节气”有关的谚语中蕴含着丰富的物理知识，如“霜降有霜，米谷满仓”。其中霜的形成过程对应的物态变化属于
A．凝固 B．液化 C．凝华 D．汽化
3．（2024九下·玉林模拟） “天宫课堂”在充满趣味的教育中，让我们掌握科学知识，树立航天强国的梦想。我国航天员在“天宫课堂”向我们传递信息是通过（ ）
A．超声波 B．电磁波 C．次声波 D．红外线
4．（2024九下·玉林模拟）一位旅客在匀速直线前进的动车上竖直向上跳起，这位旅客的落地点（不计空气阻力）
A．在起跳点之后 B．在起跳点之前
C．仍在起跳点 D．无法确定
5．（2024九下·玉林模拟）下列做法符合“绿色环保，节能减排”理念的是
A．随手关灯
B．电器长期处于待机状态
C．废旧电池随意丢弃
D．夏天，将空调温度调到18℃以下
6．（2024九下·玉林模拟）如图是丰子恺的一幅漫画，画中配诗“临水种桃知有意，一株当作两株看”其中包含的光学原理与下列现象光学原理相同的是（ ）
A．小孔成像 B．海市蜃楼 C．雨后彩虹 D．猴子捞月
7．（2024九下·玉林模拟）2023年我国青少年近视率达到53.6%，近视患者可以佩戴眼镜进行矫正，近视眼镜的镜片应为（ ）
A． B． C． D．
8．（2024九下·玉林模拟） 2024“一带一路·东盟大湾杯”国际青少年足球锦标赛圆满落幕。下列关于足球比赛的说法正确的是（ ）
A．足球在惯性力的作用下，向前运动
B．脚对足球的力和足球对脚的力方向相同
C．运动的足球慢慢停下来，是因为不受力的作用
D．脚将足球踢出去，说明力可以改变物体的运动状态
9．（2024九下·玉林模拟）杠杆在生活中有很多应用，如图所示甲、乙两个同学正在玩跷跷板，乙同学欲使静止的跷跷板向上运动，他可采取的有效方法是（ ）
A．自己向后移动 B．自己向前移动
C．自己前后移动都行 D．请甲向前移动
10．（2024九下·玉林模拟）科技自立自强是国家发展的战略支撑，华为Mate60系列手机采用了具有中国自主知识产权的芯片，因而受到了广泛的关注，下列说法正确的是（ ）
A．给手机充电时，电池相当于用电器
B．手机电池的电压是220V
C．一部华为手机的质量约为1kg
D．制造芯片的主要材料是超导体
11．（2024九下·玉林模拟）2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）
A．电风扇 B．电磁起重机
C．扬声器 D．动圈式话筒
12．（2024九下·玉林模拟）《中华人民共和国民法典》中规定：“禁止从建筑物中抛掷物品。”在生活中，我们要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为。“高空抛物”危害性大的原因是高处的物体具有较大的（ ）
A．重力势能 B．弹性势能 C．动能 D．内能
13．（2024九下·玉林模拟）小华做了一个“魔法火焰”实验，如图，加热铅笔芯时，小灯泡慢慢亮了起来，此过程逐渐增大的物理量是（ ）
A．电源的电压 B．铅笔芯的电阻
C．电路中的电流 D．小灯泡的额定功率
14．（2024九下·玉林模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是
A．用电器起火时，立即用水灭火
B．家庭电路中，电流过大一定是短路造成的
C．有金属外壳的用电器需要用三孔插座
D．多个大功率用电器不可以同时用一个插座
15．（2024九下·玉林模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，P滑动变阻器的滑片P向右移动时下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大 B．电流表示数不变
C．小灯泡变亮 D．电压表示数变大
16．（2024九下·玉林模拟）中国人自古就有“上天入海”的梦想，随着国家科技的飞速发展，这些梦想正在一步步变为现实。对于如图所示的“国之重器”的分析，其中正确的是（ ）
A．甲图，AS700飞艇中充入气体的密度大于空气的密度
B．乙图，093型核潜艇在浮出水面过程中，受到的浮力变小
C．丙图，C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强小
D．丁图，“山东号”航母上的舰载机起飞后，航母受到的浮力不变
17．（2024九下·玉林模拟） 自然界中的各种形式的能量是可以相互转化的：摩擦生热，机械能转化为 能； 电动机带动抽水机把水送到高处，电能转化为 能。
18．（2024九下·玉林模拟）在我国古代小说《镜花缘》里写道：“去年一阵大风，把我家院内的一口井，忽然吹到篱笆外去。”以地面为参照物水井是 的，水井被风吹到篱笆外面去了，这是以 为参照物的。
19．（2024九下·玉林模拟）艾灸是我国古老中医疗法，可以提升人体免疫力。艾灸时闻到浓浓的艾草药香是 现象，艾灸的部位有温热感，这是通过 的方式使其内能增加的。
20．（2024九下·玉林模拟）太阳能LED照明路灯节能、清洁、亮度高，很受人们的青睐，太阳能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，它是太阳内部氢原子核发生 （选填“裂变”或“聚变”）释放出的能量。
21．（2024九下·玉林模拟）如图所示，在电路中要使电灯L1和L2并联，应闭合开关 ，为了防止电路出现短路，不能同时闭合开关 。
22．（2024九下·玉林模拟）某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比，底面积之比，若沿水平方向将该模型切去高度为△h的一部分，并将切去部分竖直正放在同一水平面上，切去部分对水平面的压强为，剩余部分对水平面的压强为，其中与切去部分的高度△h的关系如图乙所示，则名人塑像B的密度 。若要使得，则需要切掉的高度Δh= cm。
23．（2024九下·玉林模拟）作图题：
（1）如图所示，图甲是某运动员沿冰雪赛道向上滑行的某一情景。请你在此情景的示意图乙中以O点为力的作用点，画出她受到的重力G和此时赛道对她产生的摩擦力f的示意图。
（2）一条光线从水中斜射入空气中时，其反射光线如图所示，请在图中画出入射光线、折射光线的大致位置并标出入射角的度数。
24．（2024九下·玉林模拟）为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，某实验小组设计了如图所示的实验，甲、乙都是粗糙程度相同的木板，丙为棉布表面。
（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做 运动；
（2）甲、乙两次实验，是研究滑动摩擦力大小与 的关系。
（3）在实验甲中，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）
（4）比较甲、丙两次实验数据， （选填“能”或“不能”）得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是 。
25．（2024九下·玉林模拟）按要求填空：
（1）如图甲所示，烧杯中的水已经开始沸腾，温度计示数如图乙所示，水的沸点为 ℃，说明当时气压 标准大气压（选填“低于”、“等于”或“高于”）。
（2）如图丙所示，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越 （选填“强”或“弱”）。将滑动变阻器的滑片P向右移动，发现电磁铁A吸引大头针的数量 （选填“变多”、“变少”或“不变”）。
（3）如图丁所示，凸透镜与蜡烛、光屏置于光具座上，并移动光屏得到一个清晰的像，此成像规律是（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”） 的原理；保持蜡烛、光屏位置不动，将凸透镜移到光具座上的 cm处，光屏上可再次得到清晰的像。
26．（2024九下·玉林模拟）小明同学利用天平和量筒测量牛奶的密度。
（1）将天平放在 上，游码调至标尺零刻度线处，小明发现指针静止时的位置如图甲所示，他应将平衡螺母向 （选填“左”或“右"）调节，直至天平平衡；
（2）小明把牛奶倒入一个质量为20g的空烧杯中，并用天平测出总质量，如图乙所示，则牛奶的质量为 g；
（3）把烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，如图丙所示，牛奶的体积为 mL，由此可计算出牛奶的密度为 kg/m3；
（4）小明的测量方法会导致所测牛奶的密度值会偏 （选填“大”或“小”），为了减少误差，在（3）的基础上，小明下一步补充的操作是 。
27．（2024九下·玉林模拟）在“伏安法测电阻”的实验中，小军设计了如图甲所示的电路，其中电源电压恒为3V。
实验次数 电压/V 电流/A
1 1.5
2 2.0 0.42
3 2.5 0.48
（1）此实验的原理是 ；
（2）连接电路时，开关应处于 状态；
（3）通电后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表指针始终保持在0.5V的位置。小军检查电路发现，连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器 （填写字母）两个接线柱上；
（4）当电压表示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示，此时的电流为 A，则根据此数据算出R的阻值为 ；
（5）实验进行一段时间后，突然电流表、电压表都没有了读数，小军猜想可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数。请为小军写出接下来的操作，并预设可能出现的现象及对应的结论。操作：把电压表并联在 的两端；预设的现象及对应的结论： 。
28．（2024九下·玉林模拟）电动自行车以其环保、快捷、轻便的优势，成为家庭常用的交通工具。某款国产电动自行车重为400N，质量为60kg的小明爸爸骑该电动自行车在水平公路上匀速直线行驶6km用时10min，电动自行车在行驶过程中受到阻力大小为总重的0.03倍，在此过程中，求：
（1）小明爸爸骑行的速度；
（2）电动自行车的牵引力；
（3）牵引力做功的功率。
29．（2024九下·玉林模拟）如图是一个检测空气质量指数的电路，其中R为气敏电阻，允许通过的最大电流为0.2A，其电阻与空气质量指数的关系如图乙所示。已知电源电压恒定不变，定值电阻为10Ω，当闭合开关S后，电流表的示数为0.1A时，空气质量指数为30，求：
（1）此时电阻消耗的电功率；
（2）电源电压；
（3）小强认为该电路能测量的空气质量最大指数太低，他想使该电路能测量的空气质量最大指数为70，于是他提出的方案是减小电源电压；同组的小明同学提出的方案是减小的阻值，请通过计算说明谁的方案可行。
30．（2024九下·玉林模拟）现有一带有阀门（关闭）的圆柱形薄壁大容器A（足够高），内装有10cm深的水（如图甲）。若将另一带有阀门（关闭，阀门体积不计）、重力为24N、底面积为800的圆柱形薄壁小容器B（B的体积不计）轻轻放入大容器A的水中，小容器B漂浮，此时水深变为12cm（如图乙）。将底面积为300，高为5cm的均匀柱体M放入小容器中，此时水深为13cm。，求：
（1）图甲中大容器A底部受到水的压强；
（2）大容器A的底面积；
（3）均匀柱体M的重力；
（4）在图丙中打开阀门，水向外流，当放出的水的体积为6600时，关闭阀门，再打开阀门，水进入到小容器B中，直到水面不再变化时，求水对大容器A底部产生的压力。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】在学校运动会400m比赛时，小艾同学用扩音器为运动员加油鼓劲，主要是为了改变声音的 大小，也就是改变响度，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
2．【答案】C
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】霜的形成为气态直接变为固态，属于凝华，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据物态变化判识选项
凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜
3．【答案】B
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，则我国航天员在“天宫课堂”向我们传递信息是通过电磁波，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
【分析】根据电磁波的特点和应用分析判断。
4．【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】乘客和火车匀速行驶，乘客起跳，由于惯性，乘客在起跳过程中，仍然会保持和火车一样的速度，所以落地点仍然在远点，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据惯性判识选项
惯性是物体的基本属性，只和物体的质量有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，客起跳，由于惯性，乘客在起跳过程中，仍然会保持和火车一样的速度，所以仍然落在起跳点。
5．【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、 随手关灯 符合绿色生活，A正确
B、 电器处于关机机状态符合绿色生活，B错误
C、 废旧电池不能随意丢弃，C错误
D、 夏天，将空调温度调到25℃符合绿色生活，D错误
综上选A
【分析】根据生活常识判识选项
符合绿色生活：随手关灯节约电能、节约水资源、减少私家车的使用，不随意丢垃圾等
6．【答案】D
【知识点】光的反射
【解析】【解答】根据题意可知，“一株当作两株看”是桃树在水中成像，属于光的反射现象。
A．小孔成像是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B．海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故B不符合题意；
C．雨后彩虹是光的色散现象，故C不符合题意；
D．水中的月亮属于平面镜成像，是光的反射现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理，然后与古诗中描述的现象对照即可。
7．【答案】D
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】根据题意可知，近视眼应该用凹透镜矫正。凹透镜中间薄，边缘厚，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】根据近视眼的成因和矫正方法分析判断。
8．【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；力与运动的关系
【解析】【解答】A.运动的足球由于具有惯性，继续向前运动，A不符合题意；
B.脚对足球的力和足球对脚的力是相互作用的力，力的方向相反，B不符合题意；
C.运动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，C不符合题意；
D.脚将足球踢出去，足球从静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】惯性是物体继续保持原有状态的性质；物体间力的作用是相互的，相互作用力方向相反；力可以改变物体的运动状态。
9．【答案】B
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】根据图片可知，乙这端下沉，则此时乙的重力与力臂的乘积偏大。乙的体重大小不变，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，可以减小减小乙对跷跷板压力的力臂，故乙应该向前移动，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片确定哪段力和力臂的乘积偏大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2分析采取的方法即可。
10．【答案】A
【知识点】质量及其特性；电源及其能量转化；电压和电压的单位换算；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．给手机充电时，将电能转化为化学能，即消耗电能，那么电池相当于用电器，故A正确；
BCD．手机电池的电压一般是3.7V，一部华为手机的质量约100g，制造芯片的主要材料是半导体，故B、C、D错误。
故选A。
【分析】A.用电器消耗电能，电源提供电能；
BCD.根据对常见电压、质量和半导体的认识和应用判断。
11．【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据题意可知，LED灯闪闪发光， 即轮子转动时能够发电，这是利用了电磁感应原理。
A．电风扇是的主要结构为电动机，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，故B不符合题意；
C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据图片分析各个选项中的用电器的工作原理即可。
12．【答案】A
【知识点】动能和势能的概念；动能与势能的应用
【解析】【解答】高空的物体由于具有较大的重力势能，在下落以后转化动能，对地面物体或者人类造成伤害
【分析】利用高空的物体具有重力势能分析判断
13．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；额定功率
【解析】【解答】加热铅笔芯时，灯泡慢慢变亮起来了，说明电路中的电流变大了。电源电压、小灯泡的额定功率是不变的，但是铅笔芯的电阻随温度的升高而变小，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据题目描述的现象，结合欧姆定律对各个物理量的变化分析判断。
14．【答案】C,D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 用电器起火时，不能用水灭火，应该使用干粉灭火器灭火，A错误
B、 家庭电路中，电流过大是短路造成的或者电功率过大导致的，B错误
C、 有金属外壳的用电器需要用三孔插座 ，C正确
D、 多个大功率用电器不可以同时用一个插座 ，防止电路电流过大，D错误
综上选CD
【分析】根据安全用电常识判识选项
不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，用电器起火时，不能用水灭火，应该使用干粉灭火器灭火
15．【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡和滑片左侧电阻丝两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以变阻器始终全部接入电路，
即滑片移动时，接入电路中的电阻不变，
根据R总=R变+RL可知，则电路的总电阻不变，
由知道，电路中的电流不变，
即电流表的示数不变，灯泡的亮度也不变。
故B正确，而A、C错误；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑片P左侧电阻丝的阻值变大，由U=IR知道，灯泡和滑片左侧电阻丝两端的电压之和变大，即电压表的示数变大，故D正确。
故选BD。
【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，利用欧姆定律和串联电路的特点分析判断即可。
16．【答案】B,C
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．甲图中，飞艇升空，浮沉条件可知，AS700飞艇中充入气体的密度小于空气的密度，故A错误；
B．乙图中，093型核潜艇在浮出水面过程中排开水的体积减小，根据阿基米德原理可知，它受到的浮力变小，故B正确；
C．丙图中，C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强小，下方空气的流速小，压强大，于是产生向上的升力，故C正确；
D．丁图中，航母山东舰始终漂浮，故浮力等于重力，那么受到的浮力大小不变。当上面的舰载机起飞后，其总的重力减小，那么航母受到的浮力会变小，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据浮沉条件分析；
B.根据阿基米德原理分析核潜艇受到浮力的变化；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.根据漂浮条件，结合航母的重力变化分析。
17．【答案】内；机械
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】摩擦生热，机械能转化为内能； 电动机带动抽水机把水送到高处，电能转化为机械能。
【分析】根据能量转化的知识分析解答。
18．【答案】静止；篱笆
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】 以地面为参照物水井是 静止的， 水井被风吹到篱笆外面去了，这是以 篱笆为参照物
综上第1空为静止；第2空为篱笆
【分析】根据物体相对运动判识选项
物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止，地面和水井运动状态一致，所以 以地面为参照物水井是 静止的，井和篱笆的运动状态不一致，所以篱笆和水井运动状态一致
19．【答案】扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 艾灸时闻到浓浓的艾草药香是 扩散现象， 艾灸的部位有温热感，这是通过 热传递增加内能
综上第1空为扩散；第2空为热传递
【分析】根据扩散现象、改变物体内能的方式填空
1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快
2、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能，艾灸的部位有温热感，这是通过热传递增加内能
20．【答案】可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】 太阳能是可再生能源， 是太阳内部氢原子核发生核聚变释放能量
综上第1空为可再生；第2空为聚变
【分析】根据能源的分类、核聚变判识选项
1、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温
2、太阳能内部发生核聚变
21．【答案】S1、S3；S1、S2、S3
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）要使两灯泡并联，则两个灯泡要并联在电路两点之间。闭合开关S1、S3时，电流从电源正极流出，然后分别经过支路S3、灯泡L1和支路L2、S1，再流回电源负极，此时二者为并联。
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电流不经过用电器直接从电源的正极流入电源负极，从而形成电源短路，故不能同时闭合开关S1、S2、S3。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，并排连接在电路两点之间为并联；
（2）电流不经过用电器，从正极直接流回负极发生短路。
22．【答案】2000；13.3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当切割高度小于20cm，压强与高度的变化成正比，
故此时切割的是柱体B，
由p=ρ液gh可知，塑像B的密度：；
（2）由图像知道，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为2∶1，高度之比为1∶1，故体积之比2∶1；
由因为密度之比为1∶2，故根据m=ρV知道，质量之比为1∶1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1∶1，因此压力1∶1，又由于面积比2∶1，
根据得A和B压强比1∶2，即p1＞p2；
故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比2∶1，根据F=pS知道，两者压力比为2∶1，
即质量比为2∶1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的；
又因为A和B质量相等，假设，
则总质量为2m，B的质量为：；
即切掉总高度的，
即。
【分析】根据图片可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
23．【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图
24．【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小
（3）不变
（4）不能；没有控制压力的大小相同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。
（2）根据图片可知，甲、乙两次实验中只有压力不同，是研究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）在实验甲中，木块对木板的压力大小和接触面的粗糙程度相同，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变。
（4）研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能”得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析解答；
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素的知识分析；
（4）根据控制变量法的要求分析。
（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。
（2）甲、乙两次实验中接触面粗糙程度相同，而压力不同，是研究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）在实验甲中，压力大小和接触面的粗糙程度相同，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变。
（4）[1][2]研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能”得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
25．【答案】（1）99；低于
（2）强；变少
（3）投影仪；65.0
【知识点】探究水的沸腾实验；凸透镜成像规律及其探究实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据图片可知，温度计的分度值为1℃，则水的沸点为99℃，低于标准大气压下水的沸点是100℃，说明当时气压低于标准大气压。
（2）①由图丙所示知道，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，电磁铁A、B串联，则二者电流相同，且线圈匝数多的吸引的大头针数量多，那么得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越强。
②将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流减小，电磁铁磁性减弱，发现电磁铁A吸引大头针的数量变少。
（3）①根据丁图可知，此时像距大于物距，成的是倒立放大的实像。此成像规律是投影仪的原理。
②根据丁图可知，此时物距为50cm-35cm=15cm，像距80cm-50cm=30cm。根据光路的可逆性可知，将二者数值调换，可以在光屏上成清晰的实像，即此时凸透镜的位置为：35cm+30cm=65cm。
【分析】（1）根据图片确定温度计的分度值，根据液面位置读出示数，也就是水的沸点，根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律解答。
（2）①根据图片确定哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求得出结论；
②根据滑片移动方向确定阻值变化，弄清电流大小，确定电磁铁的磁场强弱变化即可。
（3）①比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用；
②根据光路的可逆性分析解答。
（1）[1][2]温度计示数如图乙所示，水的沸点为99℃，由于一个标准大气压下水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，所以，说明当时气压低于标准大气压。
（2）[1]由图丙所示知道，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，电磁铁A、B串联，线圈匝数不同，得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越强。
[2]将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流减小，电磁铁磁性减弱，发现电磁铁A吸引大头针的数量变少。
（3）[1]由图丁知道，物距小于像距，成的是倒立放大的实像。此成像规律是投影仪的原理。
[2]保持蜡烛、光屏位置不动，将凸透镜移到光具座上65cm处，光屏上再次得到清晰的像，光折射时光路是可逆的，物距和像距对调。
26．【答案】水平台；右；57；50；；大；称出倒完牛奶后空烧杯的质量
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，天平在使用时需要放在水平台面上，将游码调至标尺零刻度线处；②如图甲所示，天平左端下沉，则左端重右端轻，那么应将平衡螺母向右调节，直至天平平衡。
（2）如图乙所示，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为：50g+20g+5g=75g‘
则烧杯和牛奶的总质量为：；
烧杯内牛奶的质量为；
（3）如图丙所示，量筒中牛奶的体积为，
牛奶的密度为；
（4）把烧杯中的牛奶全部倒入量筒中时，会有部分牛奶附着在烧杯内壁，导致测量的牛奶体积偏小，根据可知，会导致所测牛奶的密度值会偏大，为了减小实验误差，应该称出倒完牛奶后空烧杯的质量，这样就能得出倒入量筒内牛奶的质量。
【分析】（1）①根据天平的使用方法分析；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据乙图确定烧杯和牛奶的总质量，然后减去烧杯质量得到牛奶质量。
（3）根据图片确定牛奶的体积，根据计算牛奶的密度；
（4）根据牛奶附着在烧杯内壁分析对牛奶体积的影响，根据密度公式分析对密度的影响，并确定改进措施。
27．【答案】（1）的推导式
（2）断开
（3）A、B
（4）0.3；5
（5）电源；发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，此实验的原理为：；
（2）连接电路时，开关应处于断开状态，从而防止电路时通时断烧毁用电器。
（3）根据题意可知，电压表指针始终保持在0.5V的位置，
则滑动变阻器两端电压为；
且保持不变，说明移动滑片时滑动变阻器没有变阻的作用，同时滑动变阻器接入电路的阻值较大，
故连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器AB两个接线柱上。
（4）如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A。
那么待测电阻；
（5）可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
【分析】（1）根据伏安法测电阻的工作原理解答；
（2）根据电路连接的注意事项分析；
（3）根据串联电路的分压规律计算出变阻器两端的电压，据此分析变阻器接入阻值的变化即可；
（4）根据图片确定电流表的示数，根据计算待测电阻的阻值；
（5）根据电路的现象分析故障的种类和位置即可。
（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（3）通电后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表指针始终保持在0.5V的位置，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为
且保持不变，说明移动滑片时滑动变阻器没有变阻的作用，同时滑动变阻器接入电路的阻值较大，故连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器AB两个接线柱上。
（4）[1]当电压表示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A。
[2]根据欧姆定律知道，待测电阻
（5）可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
28．【答案】（1）解： 小明爸爸骑行的速度：
（2）解： 小明爸爸受到的重力：
电动自行车在水平路面匀速直线行驶，则牵引力等于阻力，牵引力
（3）解：牵引力做功的功率：
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】1）据题可知， 爸爸骑该电动自行车在水平公路上匀速直线行驶6km用时10min， 根据速度公式V=s/t计算爸爸的速度
2）由题可知 电动自行车在水平路面匀速直线行驶，则牵引力等于阻力，根据重力公式G=mg计算重力，根据f=0.04G计算阻力
3）根据P=Fv计算牵引力做功的功率
29．【答案】（1）解：根据题意可知， 定值电阻为10Ω，电流表的示数为0.1A，
此时电阻消耗的电功率为；
（2）解：由乙图可知，空气质量指数为30时，气敏电阻的阻值，
由电路图可知，与R串联，
则电路的总电阻为；
那么电源电压为。
（3）解：由图乙可知，当空气质量指数为70时，此时气敏电阻的阻值，
此时电路中的总电阻为；
为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.2A，
此时电源电压应为；
故应减小电源电压，小强的方案可行。
当电源电压不变时，电路中允许通过的最大电流为0.2A，
此时电路中的总电阻为；
由串联电路的电阻特点可知，
电阻的阻值为。
故应增大的阻值，小明的方案不可行。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图甲可知，R0、R串联，电流表测量电路中的电流；根据P=UI=I2R求出电阻R0消耗的电功率；
（2）由图乙可知，当空气质量指数为30时R的阻值，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电源电压；
（3）由图乙可知，当空气质量指数为70时R的阻值，若按小强的方案，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出此时的电源电压，据此可知方案是否可行；若按小明的方案，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的特点求出R0的阻值，据此可知方案是否可行。
（1）此时电阻消耗的电功率为
（2）由乙图可知，空气质量指数为30时，气敏电阻的阻值，由电路图可知，与R串联，则电路的总电阻为
根据欧姆定律可得，电源电压为
（3）由图乙可知，当空气质量指数为70时，此时气敏电阻的阻值，此时电路中的总电阻为
为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.2A，此时电源电压应为
故应减小电源电压，小强的方案可行。当电源电压不变时，电路中允许通过的最大电流为0.2A，此时电路中的总电阻为
由串联电路的电阻特点可知，电阻的阻值为
故应增大的阻值，小明的方案不可行。
30．【答案】（1）解：根据题意可知，图甲中大容器A底部受到水的压强
。
（2）解：由乙图知道，容器B漂浮在水中，
此时容器B受到的浮力大小等于小容器B的重力，
即；
容器排开的水的体积；
大容器A的底面积。
（3）解：在丙图中小容器B和柱体M整体漂浮在水中，
根据物体的浮沉条件知道，受到的总浮力；
均匀柱体M放入小容器中静止后排开水的体积
；
受到的总浮力；
均匀柱体M的重力。
（4）解：未放水前丙图中水的体积；
放出6600的水后，剩余水的体积；
关闭阀门，打开阀门，直到水面不再变化时，
由连通器原理可知，容器A、B中的水面相平，
假设此时柱体M碰到底部，则水深；
此时柱体M受到的浮力
；
由于，则此时柱体M已漂浮，柱体M漂浮时，
；
那么；
水对容器A底部的压强；
水对容器A底部的压力。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）已知深度、水的密度，由液体压强公式可求出图甲中大容器A底部受到水的压强；
（2）比较甲、乙两图可知：小容器B漂浮，已知甲、乙两图水深变化量，根据阿基米德原理求出小容器B排开水的体积，由体积公式可求出大容器A的底面积；
（3）比较乙、丙两图可知：放入均匀柱体M后小容器B仍处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知：小容器B受到的浮力增加值等于均匀柱体M的重力；已知乙、丙两图水深变化量，由体积公式求出小容器B排开水的体积增加值，根据阿基米德原理可求出小容器B受到的浮力增加值，进而求出均匀柱体M的重力；
（4）已知柱体M的重力、底面积、高，由重力公式和密度公式可求出柱体M的密度；根据密度大小与浮沉的关系可知柱体M在水中不能悬浮或沉底；由阿基米德原理可求出柱体M漂浮时浸入的水深，再求出大容器A水深最大值，比较两者大小确定柱体M在水中的漂浮时浸入深度；由体积关系求出大容器A此时的水深；由液体压强公式可求出水对大容器A底部的压强；由压强公式可求出水对大容器A底部的压力。
（1）由知道，图甲中大容器A底部受到水的压强
（2）由乙图知道，容器B漂浮在水中，此时容器B受到的浮力大小等于小容器B的重力
容器排开的水的体积
大容器A的底面积
（3）在丙图中小容器B和柱体M整体漂浮在水中，根据物体的浮沉条件知道，受到的总浮力
均匀柱体M放入小容器中静止后排开水的体积
受到的总浮力
均匀柱体M的重力
（4）未放水前丙图中水的体积
放出6600的水后，剩余水的体积
关闭阀门，打开阀门，直到水面不再变化时，由连通器原理可知，容器A、B中的水面相平，假设此时柱体M碰到底部，则水深
此时柱体M受到的浮力
由于，则此时柱体M已漂浮，柱体M漂浮时，
水对容器A底部的压强
水对容器A底部的压力
2024年广西壮族自治区玉林市中考一模物理试题
1．（2024九下·玉林模拟）在学校运动会400m比赛时，小艾同学用扩音器为运动员加油鼓劲，主要是为了改变声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．传播速度
【答案】B
【知识点】音调、响度与音色的区分
【解析】【解答】在学校运动会400m比赛时，小艾同学用扩音器为运动员加油鼓劲，主要是为了改变声音的 大小，也就是改变响度，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
2．（2024九下·玉林模拟）与“二十四节气”有关的谚语中蕴含着丰富的物理知识，如“霜降有霜，米谷满仓”。其中霜的形成过程对应的物态变化属于
A．凝固 B．液化 C．凝华 D．汽化
【答案】C
【知识点】凝华及凝华放热
【解析】【解答】霜的形成为气态直接变为固态，属于凝华，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据物态变化判识选项
凝华为气态直接变为固态，会释放能量，如雾凇、霜
3．（2024九下·玉林模拟） “天宫课堂”在充满趣味的教育中，让我们掌握科学知识，树立航天强国的梦想。我国航天员在“天宫课堂”向我们传递信息是通过（ ）
A．超声波 B．电磁波 C．次声波 D．红外线
【答案】B
【知识点】电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，则我国航天员在“天宫课堂”向我们传递信息是通过电磁波，故B正确，而A、C、D错误。
故选B。
【分析】根据电磁波的特点和应用分析判断。
4．（2024九下·玉林模拟）一位旅客在匀速直线前进的动车上竖直向上跳起，这位旅客的落地点（不计空气阻力）
A．在起跳点之后 B．在起跳点之前
C．仍在起跳点 D．无法确定
【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】乘客和火车匀速行驶，乘客起跳，由于惯性，乘客在起跳过程中，仍然会保持和火车一样的速度，所以落地点仍然在远点，C正确，ABD错误
综上选C
【分析】根据惯性判识选项
惯性是物体的基本属性，只和物体的质量有关，当物体速度发生变化时，由于惯性物体保持原来运动状态的属性，客起跳，由于惯性，乘客在起跳过程中，仍然会保持和火车一样的速度，所以仍然落在起跳点。
5．（2024九下·玉林模拟）下列做法符合“绿色环保，节能减排”理念的是
A．随手关灯
B．电器长期处于待机状态
C．废旧电池随意丢弃
D．夏天，将空调温度调到18℃以下
【答案】A
【知识点】物理常识
【解析】【解答】A、 随手关灯 符合绿色生活，A正确
B、 电器处于关机机状态符合绿色生活，B错误
C、 废旧电池不能随意丢弃，C错误
D、 夏天，将空调温度调到25℃符合绿色生活，D错误
综上选A
【分析】根据生活常识判识选项
符合绿色生活：随手关灯节约电能、节约水资源、减少私家车的使用，不随意丢垃圾等
6．（2024九下·玉林模拟）如图是丰子恺的一幅漫画，画中配诗“临水种桃知有意，一株当作两株看”其中包含的光学原理与下列现象光学原理相同的是（ ）
A．小孔成像 B．海市蜃楼 C．雨后彩虹 D．猴子捞月
【答案】D
【知识点】光的反射
【解析】【解答】根据题意可知，“一株当作两株看”是桃树在水中成像，属于光的反射现象。
A．小孔成像是光沿直线传播形成的，故A不符合题意；
B．海市蜃楼是光在不均匀的大气中传播形成的光的折射现象，故B不符合题意；
C．雨后彩虹是光的色散现象，故C不符合题意；
D．水中的月亮属于平面镜成像，是光的反射现象，故D符合题意。
故选D。
【分析】分析各个选项中包含的光学原理，然后与古诗中描述的现象对照即可。
7．（2024九下·玉林模拟）2023年我国青少年近视率达到53.6%，近视患者可以佩戴眼镜进行矫正，近视眼镜的镜片应为（ ）
A． B． C． D．
【答案】D
【知识点】近视眼的成因与矫正办法
【解析】【解答】根据题意可知，近视眼应该用凹透镜矫正。凹透镜中间薄，边缘厚，故D符合题意，ABC不符合题意。
故选D。
【分析】根据近视眼的成因和矫正方法分析判断。
8．（2024九下·玉林模拟） 2024“一带一路·东盟大湾杯”国际青少年足球锦标赛圆满落幕。下列关于足球比赛的说法正确的是（ ）
A．足球在惯性力的作用下，向前运动
B．脚对足球的力和足球对脚的力方向相同
C．运动的足球慢慢停下来，是因为不受力的作用
D．脚将足球踢出去，说明力可以改变物体的运动状态
【答案】D
【知识点】物体运动状态的变化；力与运动的关系
【解析】【解答】A.运动的足球由于具有惯性，继续向前运动，A不符合题意；
B.脚对足球的力和足球对脚的力是相互作用的力，力的方向相反，B不符合题意；
C.运动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，C不符合题意；
D.脚将足球踢出去，足球从静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态，D符合题意。
故答案为：D.
【分析】惯性是物体继续保持原有状态的性质；物体间力的作用是相互的，相互作用力方向相反；力可以改变物体的运动状态。
9．（2024九下·玉林模拟）杠杆在生活中有很多应用，如图所示甲、乙两个同学正在玩跷跷板，乙同学欲使静止的跷跷板向上运动，他可采取的有效方法是（ ）
A．自己向后移动 B．自己向前移动
C．自己前后移动都行 D．请甲向前移动
【答案】B
【知识点】杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】根据图片可知，乙这端下沉，则此时乙的重力与力臂的乘积偏大。乙的体重大小不变，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可知，可以减小减小乙对跷跷板压力的力臂，故乙应该向前移动，故B符合题意，ACD不符合题意。
故选B。
【分析】根据图片确定哪段力和力臂的乘积偏大，根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2分析采取的方法即可。
10．（2024九下·玉林模拟）科技自立自强是国家发展的战略支撑，华为Mate60系列手机采用了具有中国自主知识产权的芯片，因而受到了广泛的关注，下列说法正确的是（ ）
A．给手机充电时，电池相当于用电器
B．手机电池的电压是220V
C．一部华为手机的质量约为1kg
D．制造芯片的主要材料是超导体
【答案】A
【知识点】质量及其特性；电源及其能量转化；电压和电压的单位换算；半导体特点及作用
【解析】【解答】A．给手机充电时，将电能转化为化学能，即消耗电能，那么电池相当于用电器，故A正确；
BCD．手机电池的电压一般是3.7V，一部华为手机的质量约100g，制造芯片的主要材料是半导体，故B、C、D错误。
故选A。
【分析】A.用电器消耗电能，电源提供电能；
BCD.根据对常见电压、质量和半导体的认识和应用判断。
11．（2024九下·玉林模拟）2024年3月24日周末，妈妈给小郯买了一个轮滑鞋，如图所示。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）
A．电风扇 B．电磁起重机
C．扬声器 D．动圈式话筒
【答案】D
【知识点】电磁感应
【解析】【解答】根据题意可知，LED灯闪闪发光， 即轮子转动时能够发电，这是利用了电磁感应原理。
A．电风扇是的主要结构为电动机，工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，故B不符合题意；
C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。
故选D。
【分析】根据图片分析各个选项中的用电器的工作原理即可。
12．（2024九下·玉林模拟）《中华人民共和国民法典》中规定：“禁止从建筑物中抛掷物品。”在生活中，我们要杜绝“高空抛物”这种严重危害公共安全的行为。“高空抛物”危害性大的原因是高处的物体具有较大的（ ）
A．重力势能 B．弹性势能 C．动能 D．内能
【答案】A
【知识点】动能和势能的概念；动能与势能的应用
【解析】【解答】高空的物体由于具有较大的重力势能，在下落以后转化动能，对地面物体或者人类造成伤害
【分析】利用高空的物体具有重力势能分析判断
13．（2024九下·玉林模拟）小华做了一个“魔法火焰”实验，如图，加热铅笔芯时，小灯泡慢慢亮了起来，此过程逐渐增大的物理量是（ ）
A．电源的电压 B．铅笔芯的电阻
C．电路中的电流 D．小灯泡的额定功率
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；额定功率
【解析】【解答】加热铅笔芯时，灯泡慢慢变亮起来了，说明电路中的电流变大了。电源电压、小灯泡的额定功率是不变的，但是铅笔芯的电阻随温度的升高而变小，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
【分析】根据题目描述的现象，结合欧姆定律对各个物理量的变化分析判断。
14．（2024九下·玉林模拟）关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是
A．用电器起火时，立即用水灭火
B．家庭电路中，电流过大一定是短路造成的
C．有金属外壳的用电器需要用三孔插座
D．多个大功率用电器不可以同时用一个插座
【答案】C,D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】A、 用电器起火时，不能用水灭火，应该使用干粉灭火器灭火，A错误
B、 家庭电路中，电流过大是短路造成的或者电功率过大导致的，B错误
C、 有金属外壳的用电器需要用三孔插座 ，C正确
D、 多个大功率用电器不可以同时用一个插座 ，防止电路电流过大，D错误
综上选CD
【分析】根据安全用电常识判识选项
不同时使用功率较大的电器，避免电路中功率较大导致电流较大，引发火灾、不湿手接触用电器开关、不在电线上上晾衣服，金属外壳要接地，避免发生触电，用电器起火时，不能用水灭火，应该使用干粉灭火器灭火
15．（2024九下·玉林模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关，P滑动变阻器的滑片P向右移动时下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变大 B．电流表示数不变
C．小灯泡变亮 D．电压表示数变大
【答案】B,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】根据图片可知，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测灯泡和滑片左侧电阻丝两端的电压之和，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，所以变阻器始终全部接入电路，
即滑片移动时，接入电路中的电阻不变，
根据R总=R变+RL可知，则电路的总电阻不变，
由知道，电路中的电流不变，
即电流表的示数不变，灯泡的亮度也不变。
故B正确，而A、C错误；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑片P左侧电阻丝的阻值变大，由U=IR知道，灯泡和滑片左侧电阻丝两端的电压之和变大，即电压表的示数变大，故D正确。
故选BD。
【分析】根据图片确定电路的串并联关系，以及电表所测的物理量，利用欧姆定律和串联电路的特点分析判断即可。
16．（2024九下·玉林模拟）中国人自古就有“上天入海”的梦想，随着国家科技的飞速发展，这些梦想正在一步步变为现实。对于如图所示的“国之重器”的分析，其中正确的是（ ）
A．甲图，AS700飞艇中充入气体的密度大于空气的密度
B．乙图，093型核潜艇在浮出水面过程中，受到的浮力变小
C．丙图，C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强小
D．丁图，“山东号”航母上的舰载机起飞后，航母受到的浮力不变
【答案】B,C
【知识点】流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A．甲图中，飞艇升空，浮沉条件可知，AS700飞艇中充入气体的密度小于空气的密度，故A错误；
B．乙图中，093型核潜艇在浮出水面过程中排开水的体积减小，根据阿基米德原理可知，它受到的浮力变小，故B正确；
C．丙图中，C919客机升空时，机翼上方空气的流速大，压强小，下方空气的流速小，压强大，于是产生向上的升力，故C正确；
D．丁图中，航母山东舰始终漂浮，故浮力等于重力，那么受到的浮力大小不变。当上面的舰载机起飞后，其总的重力减小，那么航母受到的浮力会变小，故D错误。
故选BC。
【分析】A.根据浮沉条件分析；
B.根据阿基米德原理分析核潜艇受到浮力的变化；
C.根据流体压强和流速的关系判断；
D.根据漂浮条件，结合航母的重力变化分析。
17．（2024九下·玉林模拟） 自然界中的各种形式的能量是可以相互转化的：摩擦生热，机械能转化为 能； 电动机带动抽水机把水送到高处，电能转化为 能。
【答案】内；机械
【知识点】能量的转化或转移
【解析】【解答】摩擦生热，机械能转化为内能； 电动机带动抽水机把水送到高处，电能转化为机械能。
【分析】根据能量转化的知识分析解答。
18．（2024九下·玉林模拟）在我国古代小说《镜花缘》里写道：“去年一阵大风，把我家院内的一口井，忽然吹到篱笆外去。”以地面为参照物水井是 的，水井被风吹到篱笆外面去了，这是以 为参照物的。
【答案】静止；篱笆
【知识点】运动和静止的相对性
【解析】【解答】 以地面为参照物水井是 静止的， 水井被风吹到篱笆外面去了，这是以 篱笆为参照物
综上第1空为静止；第2空为篱笆
【分析】根据物体相对运动判识选项
物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物运动，物体与参照物运动状态不一致，所以物体相对参照物静止，地面和水井运动状态一致，所以 以地面为参照物水井是 静止的，井和篱笆的运动状态不一致，所以篱笆和水井运动状态一致
19．（2024九下·玉林模拟）艾灸是我国古老中医疗法，可以提升人体免疫力。艾灸时闻到浓浓的艾草药香是 现象，艾灸的部位有温热感，这是通过 的方式使其内能增加的。
【答案】扩散；热传递
【知识点】热传递改变物体内能；分子热运动
【解析】【解答】 艾灸时闻到浓浓的艾草药香是 扩散现象， 艾灸的部位有温热感，这是通过 热传递增加内能
综上第1空为扩散；第2空为热传递
【分析】根据扩散现象、改变物体内能的方式填空
1、分子热运动的特点：分子无规则运动，肉眼无法观察，常见例子有：气体颜色的改变，味道的扩散；且温度越高，分子热运动速度越快
2、改变物体内能的方式有做功和热传递，如钻木取火、搓手取暖属于做功改变物体内能，用酒精灯热水属于热传递改变物体内能，艾灸的部位有温热感，这是通过热传递增加内能
20．（2024九下·玉林模拟）太阳能LED照明路灯节能、清洁、亮度高，很受人们的青睐，太阳能是 （选填“可再生”或“不可再生”）能源，它是太阳内部氢原子核发生 （选填“裂变”或“聚变”）释放出的能量。
【答案】可再生；聚变
【知识点】能源及其分类；核聚变
【解析】【解答】 太阳能是可再生能源， 是太阳内部氢原子核发生核聚变释放能量
综上第1空为可再生；第2空为聚变
【分析】根据能源的分类、核聚变判识选项
1、可在生能源：使用后短期可以恢复的能源，如太阳能、水能、风能、生物质能、波浪能、潮汐能、海洋温
2、太阳能内部发生核聚变
21．（2024九下·玉林模拟）如图所示，在电路中要使电灯L1和L2并联，应闭合开关 ，为了防止电路出现短路，不能同时闭合开关 。
【答案】S1、S3；S1、S2、S3
【知识点】电路的三种状态；串联电路和并联电路的辨别
【解析】【解答】（1）要使两灯泡并联，则两个灯泡要并联在电路两点之间。闭合开关S1、S3时，电流从电源正极流出，然后分别经过支路S3、灯泡L1和支路L2、S1，再流回电源负极，此时二者为并联。
（2）当闭合开关S1、S2、S3时，电流不经过用电器直接从电源的正极流入电源负极，从而形成电源短路，故不能同时闭合开关S1、S2、S3。
【分析】（1）用电器首尾相连为串联，并排连接在电路两点之间为并联；
（2）电流不经过用电器，从正极直接流回负极发生短路。
22．（2024九下·玉林模拟）某广场上的塑像由上方的名人塑像B和下方的底座A构成，整体可以简化为如图甲所示的模型。A、B是质量分布均匀的柱形物体，且A、B的密度之比，底面积之比，若沿水平方向将该模型切去高度为△h的一部分，并将切去部分竖直正放在同一水平面上，切去部分对水平面的压强为，剩余部分对水平面的压强为，其中与切去部分的高度△h的关系如图乙所示，则名人塑像B的密度 。若要使得，则需要切掉的高度Δh= cm。
【答案】2000；13.3
【知识点】压强的大小及其计算
【解析】【解答】（1）根据图片可知，当切割高度小于20cm，压强与高度的变化成正比，
故此时切割的是柱体B，
由p=ρ液gh可知，塑像B的密度：；
（2）由图像知道，切割到40cm为最终状态，故A和B高度均为20cm。
又因为A和B两者底面积之比为2∶1，高度之比为1∶1，故体积之比2∶1；
由因为密度之比为1∶2，故根据m=ρV知道，质量之比为1∶1。
初始p1对应的质量为0，故初始p1＜p2；
切割到20cm时，由于A和B质量比1∶1，因此压力1∶1，又由于面积比2∶1，
根据得A和B压强比1∶2，即p1＞p2；
故当p1＞p2时，切割高度不到20cm。
因为两者面积比2∶1，根据F=pS知道，两者压力比为2∶1，
即质量比为2∶1时，压强相等，
故切割下来的B占总质量的；
又因为A和B质量相等，假设，
则总质量为2m，B的质量为：；
即切掉总高度的，
即。
【分析】根据图片可知，图像被分割成2个部分，20cm之后压强降低，故B模型高20cm；图像到40cm结束，故A高度也为20cm。根据第一段图像可以根据p=ρgh算出B的密度，再根据剩余压强与切掉高度的底面积、高度、密度关系得到压力压强关系，进行比例分析求解。
23．（2024九下·玉林模拟）作图题：
（1）如图所示，图甲是某运动员沿冰雪赛道向上滑行的某一情景。请你在此情景的示意图乙中以O点为力的作用点，画出她受到的重力G和此时赛道对她产生的摩擦力f的示意图。
（2）一条光线从水中斜射入空气中时，其反射光线如图所示，请在图中画出入射光线、折射光线的大致位置并标出入射角的度数。
【答案】（1）
（2）
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图；力的三要素及力的示意图
24．（2024九下·玉林模拟）为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，某实验小组设计了如图所示的实验，甲、乙都是粗糙程度相同的木板，丙为棉布表面。
（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做 运动；
（2）甲、乙两次实验，是研究滑动摩擦力大小与 的关系。
（3）在实验甲中，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）
（4）比较甲、丙两次实验数据， （选填“能”或“不能”）得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是 。
【答案】（1）匀速直线
（2）压力大小
（3）不变
（4）不能；没有控制压力的大小相同
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做匀速直线运动，此时弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。
（2）根据图片可知，甲、乙两次实验中只有压力不同，是研究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）在实验甲中，木块对木板的压力大小和接触面的粗糙程度相同，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变。
（4）研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能”得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析解答；
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（3）根据影响滑动摩擦力大小的因素的知识分析；
（4）根据控制变量法的要求分析。
（1）实验过程中，应使木块A沿水平方向做匀速直线运动，木块在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计的示数才等于摩擦力的大小。
（2）甲、乙两次实验中接触面粗糙程度相同，而压力不同，是研究滑动摩擦力大小与压力的关系。
（3）在实验甲中，压力大小和接触面的粗糙程度相同，若木块在运动过程中所受拉力增大时，木块受到的滑动摩擦力大小不变。
（4）[1][2]研究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关，要控制压力相同，比较甲、丙两次实验数据不能”得到“滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度有关”的结论，理由是没有控制压力相同。
25．（2024九下·玉林模拟）按要求填空：
（1）如图甲所示，烧杯中的水已经开始沸腾，温度计示数如图乙所示，水的沸点为 ℃，说明当时气压 标准大气压（选填“低于”、“等于”或“高于”）。
（2）如图丙所示，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越 （选填“强”或“弱”）。将滑动变阻器的滑片P向右移动，发现电磁铁A吸引大头针的数量 （选填“变多”、“变少”或“不变”）。
（3）如图丁所示，凸透镜与蜡烛、光屏置于光具座上，并移动光屏得到一个清晰的像，此成像规律是（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”） 的原理；保持蜡烛、光屏位置不动，将凸透镜移到光具座上的 cm处，光屏上可再次得到清晰的像。
【答案】（1）99；低于
（2）强；变少
（3）投影仪；65.0
【知识点】探究水的沸腾实验；凸透镜成像规律及其探究实验；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）根据图片可知，温度计的分度值为1℃，则水的沸点为99℃，低于标准大气压下水的沸点是100℃，说明当时气压低于标准大气压。
（2）①由图丙所示知道，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，电磁铁A、B串联，则二者电流相同，且线圈匝数多的吸引的大头针数量多，那么得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越强。
②将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流减小，电磁铁磁性减弱，发现电磁铁A吸引大头针的数量变少。
（3）①根据丁图可知，此时像距大于物距，成的是倒立放大的实像。此成像规律是投影仪的原理。
②根据丁图可知，此时物距为50cm-35cm=15cm，像距80cm-50cm=30cm。根据光路的可逆性可知，将二者数值调换，可以在光屏上成清晰的实像，即此时凸透镜的位置为：35cm+30cm=65cm。
【分析】（1）根据图片确定温度计的分度值，根据液面位置读出示数，也就是水的沸点，根据液体沸点随上方气压的增大而升高的规律解答。
（2）①根据图片确定哪个因素相同，哪个因素不同，根据控制变量法的要求得出结论；
②根据滑片移动方向确定阻值变化，弄清电流大小，确定电磁铁的磁场强弱变化即可。
（3）①比较像距和物距的大小，从而确定成像特点和应用；
②根据光路的可逆性分析解答。
（1）[1][2]温度计示数如图乙所示，水的沸点为99℃，由于一个标准大气压下水的沸点是100℃，且气压越低，沸点越低，所以，说明当时气压低于标准大气压。
（2）[1]由图丙所示知道，在“探究影响电磁铁磁性强弱因素”的实验中，闭合开关S，电磁铁A、B串联，线圈匝数不同，得出结论：电流大小相同时，线圈匝数越多电磁铁的磁性越强。
[2]将滑动变阻器的滑片P向右移动，电阻变大，电流减小，电磁铁磁性减弱，发现电磁铁A吸引大头针的数量变少。
（3）[1]由图丁知道，物距小于像距，成的是倒立放大的实像。此成像规律是投影仪的原理。
[2]保持蜡烛、光屏位置不动，将凸透镜移到光具座上65cm处，光屏上再次得到清晰的像，光折射时光路是可逆的，物距和像距对调。
26．（2024九下·玉林模拟）小明同学利用天平和量筒测量牛奶的密度。
（1）将天平放在 上，游码调至标尺零刻度线处，小明发现指针静止时的位置如图甲所示，他应将平衡螺母向 （选填“左”或“右"）调节，直至天平平衡；
（2）小明把牛奶倒入一个质量为20g的空烧杯中，并用天平测出总质量，如图乙所示，则牛奶的质量为 g；
（3）把烧杯中的牛奶全部倒入量筒中，如图丙所示，牛奶的体积为 mL，由此可计算出牛奶的密度为 kg/m3；
（4）小明的测量方法会导致所测牛奶的密度值会偏 （选填“大”或“小”），为了减少误差，在（3）的基础上，小明下一步补充的操作是 。
【答案】水平台；右；57；50；；大；称出倒完牛奶后空烧杯的质量
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）①根据题意可知，天平在使用时需要放在水平台面上，将游码调至标尺零刻度线处；②如图甲所示，天平左端下沉，则左端重右端轻，那么应将平衡螺母向右调节，直至天平平衡。
（2）如图乙所示，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为2g，砝码质量为：50g+20g+5g=75g‘
则烧杯和牛奶的总质量为：；
烧杯内牛奶的质量为；
（3）如图丙所示，量筒中牛奶的体积为，
牛奶的密度为；
（4）把烧杯中的牛奶全部倒入量筒中时，会有部分牛奶附着在烧杯内壁，导致测量的牛奶体积偏小，根据可知，会导致所测牛奶的密度值会偏大，为了减小实验误差，应该称出倒完牛奶后空烧杯的质量，这样就能得出倒入量筒内牛奶的质量。
【分析】（1）①根据天平的使用方法分析；
②平衡螺母总是向较轻的一侧调节。
（2）根据乙图确定烧杯和牛奶的总质量，然后减去烧杯质量得到牛奶质量。
（3）根据图片确定牛奶的体积，根据计算牛奶的密度；
（4）根据牛奶附着在烧杯内壁分析对牛奶体积的影响，根据密度公式分析对密度的影响，并确定改进措施。
27．（2024九下·玉林模拟）在“伏安法测电阻”的实验中，小军设计了如图甲所示的电路，其中电源电压恒为3V。
实验次数 电压/V 电流/A
1 1.5
2 2.0 0.42
3 2.5 0.48
（1）此实验的原理是 ；
（2）连接电路时，开关应处于 状态；
（3）通电后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表指针始终保持在0.5V的位置。小军检查电路发现，连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器 （填写字母）两个接线柱上；
（4）当电压表示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示，此时的电流为 A，则根据此数据算出R的阻值为 ；
（5）实验进行一段时间后，突然电流表、电压表都没有了读数，小军猜想可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数。请为小军写出接下来的操作，并预设可能出现的现象及对应的结论。操作：把电压表并联在 的两端；预设的现象及对应的结论： 。
【答案】（1）的推导式
（2）断开
（3）A、B
（4）0.3；5
（5）电源；发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
【知识点】伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）根据题意可知，此实验的原理为：；
（2）连接电路时，开关应处于断开状态，从而防止电路时通时断烧毁用电器。
（3）根据题意可知，电压表指针始终保持在0.5V的位置，
则滑动变阻器两端电压为；
且保持不变，说明移动滑片时滑动变阻器没有变阻的作用，同时滑动变阻器接入电路的阻值较大，
故连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器AB两个接线柱上。
（4）如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A。
那么待测电阻；
（5）可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
【分析】（1）根据伏安法测电阻的工作原理解答；
（2）根据电路连接的注意事项分析；
（3）根据串联电路的分压规律计算出变阻器两端的电压，据此分析变阻器接入阻值的变化即可；
（4）根据图片确定电流表的示数，根据计算待测电阻的阻值；
（5）根据电路的现象分析故障的种类和位置即可。
（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形公式
（2）为了保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态。
（3）通电后，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表指针始终保持在0.5V的位置，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压为
且保持不变，说明移动滑片时滑动变阻器没有变阻的作用，同时滑动变阻器接入电路的阻值较大，故连线时错将导线接在了如图乙所示的滑动变阻器AB两个接线柱上。
（4）[1]当电压表示数为1.5V时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A。
[2]根据欧姆定律知道，待测电阻
（5）可能是电流表、滑动变阻器或开关断路了，若电路只有一处故障，小军把电压表拆下来去检查电路。他先把电压表接在电源的两端，发现有示数，接下来把电压表并联在滑动变阻器、电流表、开关的两端；接在哪一个的两端有示数，则哪一个元件有断路故障。
28．（2024九下·玉林模拟）电动自行车以其环保、快捷、轻便的优势，成为家庭常用的交通工具。某款国产电动自行车重为400N，质量为60kg的小明爸爸骑该电动自行车在水平公路上匀速直线行驶6km用时10min，电动自行车在行驶过程中受到阻力大小为总重的0.03倍，在此过程中，求：
（1）小明爸爸骑行的速度；
（2）电动自行车的牵引力；
（3）牵引力做功的功率。
【答案】（1）解： 小明爸爸骑行的速度：
（2）解： 小明爸爸受到的重力：
电动自行车在水平路面匀速直线行驶，则牵引力等于阻力，牵引力
（3）解：牵引力做功的功率：
【知识点】速度公式及其应用；二力平衡的条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【分析】1）据题可知， 爸爸骑该电动自行车在水平公路上匀速直线行驶6km用时10min， 根据速度公式V=s/t计算爸爸的速度
2）由题可知 电动自行车在水平路面匀速直线行驶，则牵引力等于阻力，根据重力公式G=mg计算重力，根据f=0.04G计算阻力
3）根据P=Fv计算牵引力做功的功率
29．（2024九下·玉林模拟）如图是一个检测空气质量指数的电路，其中R为气敏电阻，允许通过的最大电流为0.2A，其电阻与空气质量指数的关系如图乙所示。已知电源电压恒定不变，定值电阻为10Ω，当闭合开关S后，电流表的示数为0.1A时，空气质量指数为30，求：
（1）此时电阻消耗的电功率；
（2）电源电压；
（3）小强认为该电路能测量的空气质量最大指数太低，他想使该电路能测量的空气质量最大指数为70，于是他提出的方案是减小电源电压；同组的小明同学提出的方案是减小的阻值，请通过计算说明谁的方案可行。
【答案】（1）解：根据题意可知， 定值电阻为10Ω，电流表的示数为0.1A，
此时电阻消耗的电功率为；
（2）解：由乙图可知，空气质量指数为30时，气敏电阻的阻值，
由电路图可知，与R串联，
则电路的总电阻为；
那么电源电压为。
（3）解：由图乙可知，当空气质量指数为70时，此时气敏电阻的阻值，
此时电路中的总电阻为；
为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.2A，
此时电源电压应为；
故应减小电源电压，小强的方案可行。
当电源电压不变时，电路中允许通过的最大电流为0.2A，
此时电路中的总电阻为；
由串联电路的电阻特点可知，
电阻的阻值为。
故应增大的阻值，小明的方案不可行。
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图甲可知，R0、R串联，电流表测量电路中的电流；根据P=UI=I2R求出电阻R0消耗的电功率；
（2）由图乙可知，当空气质量指数为30时R的阻值，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电源电压；
（3）由图乙可知，当空气质量指数为70时R的阻值，若按小强的方案，根据串联电路的电阻特点求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出此时的电源电压，据此可知方案是否可行；若按小明的方案，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，根据串联电路的特点求出R0的阻值，据此可知方案是否可行。
（1）此时电阻消耗的电功率为
（2）由乙图可知，空气质量指数为30时，气敏电阻的阻值，由电路图可知，与R串联，则电路的总电阻为
根据欧姆定律可得，电源电压为
（3）由图乙可知，当空气质量指数为70时，此时气敏电阻的阻值，此时电路中的总电阻为
为保护电路，电路中允许通过的最大电流为0.2A，此时电源电压应为
故应减小电源电压，小强的方案可行。当电源电压不变时，电路中允许通过的最大电流为0.2A，此时电路中的总电阻为
由串联电路的电阻特点可知，电阻的阻值为
故应增大的阻值，小明的方案不可行。
30．（2024九下·玉林模拟）现有一带有阀门（关闭）的圆柱形薄壁大容器A（足够高），内装有10cm深的水（如图甲）。若将另一带有阀门（关闭，阀门体积不计）、重力为24N、底面积为800的圆柱形薄壁小容器B（B的体积不计）轻轻放入大容器A的水中，小容器B漂浮，此时水深变为12cm（如图乙）。将底面积为300，高为5cm的均匀柱体M放入小容器中，此时水深为13cm。，求：
（1）图甲中大容器A底部受到水的压强；
（2）大容器A的底面积；
（3）均匀柱体M的重力；
（4）在图丙中打开阀门，水向外流，当放出的水的体积为6600时，关闭阀门，再打开阀门，水进入到小容器B中，直到水面不再变化时，求水对大容器A底部产生的压力。
【答案】（1）解：根据题意可知，图甲中大容器A底部受到水的压强
。
（2）解：由乙图知道，容器B漂浮在水中，
此时容器B受到的浮力大小等于小容器B的重力，
即；
容器排开的水的体积；
大容器A的底面积。
（3）解：在丙图中小容器B和柱体M整体漂浮在水中，
根据物体的浮沉条件知道，受到的总浮力；
均匀柱体M放入小容器中静止后排开水的体积
；
受到的总浮力；
均匀柱体M的重力。
（4）解：未放水前丙图中水的体积；
放出6600的水后，剩余水的体积；
关闭阀门，打开阀门，直到水面不再变化时，
由连通器原理可知，容器A、B中的水面相平，
假设此时柱体M碰到底部，则水深；
此时柱体M受到的浮力
；
由于，则此时柱体M已漂浮，柱体M漂浮时，
；
那么；
水对容器A底部的压强；
水对容器A底部的压力。
【知识点】液体压强计算公式的应用；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】 （1）已知深度、水的密度，由液体压强公式可求出图甲中大容器A底部受到水的压强；
（2）比较甲、乙两图可知：小容器B漂浮，已知甲、乙两图水深变化量，根据阿基米德原理求出小容器B排开水的体积，由体积公式可求出大容器A的底面积；
（3）比较乙、丙两图可知：放入均匀柱体M后小容器B仍处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知：小容器B受到的浮力增加值等于均匀柱体M的重力；已知乙、丙两图水深变化量，由体积公式求出小容器B排开水的体积增加值，根据阿基米德原理可求出小容器B受到的浮力增加值，进而求出均匀柱体M的重力；
（4）已知柱体M的重力、底面积、高，由重力公式和密度公式可求出柱体M的密度；根据密度大小与浮沉的关系可知柱体M在水中不能悬浮或沉底；由阿基米德原理可求出柱体M漂浮时浸入的水深，再求出大容器A水深最大值，比较两者大小确定柱体M在水中的漂浮时浸入深度；由体积关系求出大容器A此时的水深；由液体压强公式可求出水对大容器A底部的压强；由压强公式可求出水对大容器A底部的压力。
（1）由知道，图甲中大容器A底部受到水的压强
（2）由乙图知道，容器B漂浮在水中，此时容器B受到的浮力大小等于小容器B的重力
容器排开的水的体积
大容器A的底面积
（3）在丙图中小容器B和柱体M整体漂浮在水中，根据物体的浮沉条件知道，受到的总浮力
均匀柱体M放入小容器中静止后排开水的体积
受到的总浮力
均匀柱体M的重力
（4）未放水前丙图中水的体积
放出6600的水后，剩余水的体积
关闭阀门，打开阀门，直到水面不再变化时，由连通器原理可知，容器A、B中的水面相平，假设此时柱体M碰到底部，则水深
此时柱体M受到的浮力
由于，则此时柱体M已漂浮，柱体M漂浮时，
水对容器A底部的压强
水对容器A底部的压力
