2024年广东省珠海市文园中学中考第三次模拟考试物理试卷
1．（2024九下·珠海模拟）近年来、我国在科技领域取得了辉煌的成就，下列说法不正确的是（ ）
A．用于5G 通信中的无线电波是电磁波
B．白鹤滩水电站正式投产发电，水能属于不可再生能源
C．人造太阳“中国环流三号”是利用核聚变释放核能的
D．北斗三号卫星导航系统中的同步卫星相对于地球静止
2．（2024九下·珠海模拟）下图四种情景中，应用的原理与其他不同的是（ ）
A．飞机机翼上凸下平
B．火车站设安全线
C．塑料吸盘贴在光滑墙面上
D．用力吹气，硬币可以跳过木块
3．（2024九下·珠海模拟）下列估测数据中，最符合实际情况的是（ ）
A．中考标准跳绳总质量约为200g
B．中考标准跳绳总长度约为1m
C．跳绳内置纽扣电池电压约为220V
D．小文完成800m 长跑考试全程的平均速度约为10m/s
4．（2024九下·珠海模拟）如题图，是小文跳绳和长跑的情景，下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道加速快跑时，小文受力平衡
B．长跑到达终点后无法立刻停下来，是由于惯性
C．小文跳绳竖直上升时，重力势能减少
D．竖直跳至最高点时，若一切力突然消失，小文将匀速下落
5．（2024九下·珠海模拟）完成考试后雨过天晴，小文发现刚才地面上的雨水消失不见了。下列选项中与“雨水消失”过程需要的吸放热情况一致的是（ ）
A．冰雪消融 B．雾绕山峦 C．滴水成冰 D．霜挂枝头
6．（2024九下·珠海模拟）如题图甲、乙，是小文复习“探究动能大小的影响因素”和“探究滑动摩擦力大小的影响因素”两个实验时画出的实验图，下列说法正确的是（ ）
A．图甲实验中，研究对象是木块
B．图乙实验中，不需要水平匀速拉动木块
C．在探究过程中，两个实验均不能改变木板的粗糙程度
D．在探究过程中，两个实验中木块的作用不同
7．（2024九下·珠海模拟）如图为一款“智能照明灯”的电路，灯L天暗时自动发光，天亮时自动熄灭。控制电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度而变化。以下说法正确的是（ ）
A．当光照强度增大时，电压表示数增大
B．R2的阻值随光照强度的增大而增大
C．若将R1换成阻值稍小的电阻，可缩短灯L的发光时间
D．当光照强度发生变化时，电压表与电流表示数之比保持不变
8．（2024九下·珠海模拟）古筝是中国传统乐器，古筝发声是由于琴弦的 产生的。用相同的力拨动琴弦，发声时粗长弦比细短弦音调 （选填“高”或“低”）。古筝从地球被带到空间站，它的质量 （选填“增大”“不变”或“减少”）。
9．（2024九下·珠海模拟）固体和液体很难被压缩是由于分子间存在 。原子核是由质子和 组成的。玻璃棒与丝绸摩擦，玻璃中原子核束缚电子的本领 （选填“强于”或“弱于”）丝绸中的原子核。
10．（2024九下·珠海模拟）如题图，将平面镜放在水平桌面上，再把一张可沿 ON 折叠的硬白纸板ENF 立在平面镜上，以此来探究光的反射规律。此时反射角等于 度。 若将纸板 NOF向后折叠，则反射光 （选填“会”或“不会”）消失。
11．（2024九下·珠海模拟）香山湖公园不仅风景优美，其中的人工湖还能有效调节其周围环境的气温，这是由于水的 大。假设人工湖湖水的质量是1.0×108kg， 若水温度升高2℃，则湖水吸收的热量为 J。如图所示是西安和珠海两地的气温情况，请根据两个地方的气温变化情况判断城市。 （选填“甲”或“乙”）是珠海。[ c水＝4.2×103J/(kg·℃)]
12．（2024九下·珠海模拟）如题图甲，“悬浮灯泡”能够悬浮发光，其内部结构如图乙所示。基座内电路接通后，灯泡悬浮是利用同名磁极相互 的原理。乙图中电源左侧为 （选填“正”或“负”）极，想让灯泡悬浮得更高，应该将滑片P 向 （选填“左”或“右”）移动。
13．（2024九下·珠海模拟）如题图是探究焦耳定律实验，为了探究电流产生的热量与电流大小的关系，可对比 两幅图得出结论，电阻R3、R4两端电压之比为 。 若U 形管中液体是水，某时刻丙图中U 形管左侧液面高h1=3cm， 右侧液面高h2=5cm，则 U 形管底部受到的液体压强大小为 Pa。[g 取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3]
14．（2024九下·珠海模拟）如题图甲所示的电路中电源电压恒定不变，图乙是额定电压为4V 的小灯泡L和定值电阻R1的U-I图像，则L的额定功率为 W。 当只闭合开关 S1 、S2 时，电压表示数为2V，当只闭合开关S2 、S3 时，小灯泡正常发光。则电源电压为 V，R2的阻值为 Ω。
15．（2024九下·珠海模拟）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'。
16．（2024九下·珠海模拟）如图是关闭水龙头的情景，水龙头手柄可视为一根杠杆（O为支点），请你画出阻力F2的力臂l2 及施加在A 点的最小动力F1。
17．（2024九下·珠海模拟）如图是常用的插线板电路简化图，开关断开时指示灯不发光，插孔不提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，请在图中画出开关、指示灯、插孔的连接方式。
18．（2024九下·珠海模拟）从精确程度来看，图中物体的长度为 cm。
19．（2024九下·珠海模拟）小文测量某种液体密度，天平调平后：
①用天平测出空烧杯的质量 m0=30g∶
②如图甲，用天平测出烧杯和待测液的总质量m=
③将烧杯中的待测液倒入量筒中，液面的位置如图乙所示；
以上操作最合理的顺序是 （填序号），该待测液的密度为 g/cm3 。
20．（2024九下·珠海模拟）探究“水沸腾时温度变化特点”实验。
①如图甲，安装温度计时玻璃泡碰到了烧杯底，此时应将 （ 选 填“A处向上”或“B 处向下”）调整；
②观察到乙图中实验现象后，温度计示数不再变化，这是因为 这时气泡内的气体是 。（选填“空气”或“水蒸气”）。
21．（2024九下·珠海模拟）小文将LED发光字“F”、带小孔的不透明纸板、半透明塑料板（光屏）依次置于光具座的A、B、C位置，如图甲所示，请回答下列问题：
（1）小文在“右观察位置”看到塑料板上呈现的像是图乙中的 （选填序号），这个像是 （选填“实像”或“虚像”）；
（2）若将带小孔的不透明纸板换成凸透镜，无需调节塑料板也恰好成清晰的像，则此凸透镜的焦距是 cm。 若只将发光字靠近凸透镜 像此时会变大一些但光屏上并不清晰，要使成像清晰，接下来的操作：
（3）若将带小孔的不透明纸板换成平面镜，直接观察塑料板 （选填“能”或“不能”）看到像、此时小文移到“左观察位置“对着平面镜观察，看到的像是图乙中的 （选填序号）、若只将发光字远离平面镜，则此时像的大小将 。（选填“变大”“变小”或“不变”）。
22．（2024九下·珠海模拟）小园在实验室利用如题图所示的电路探究电磁相互作用的实验。
【实验一】探究“磁场对通电导体的作用”
（1）进行实验一时，应将开关的接线柱与 （选填“2”或“3”）接通：
（2）下图中 （选填字母）是利用该实验对应原理工作的；
A. 电磁起重机 B. 司南
C. 动圈式话筒 D. 扬声器
【实验二】探究“产生感应电流的条件”
（3）将开关反方向闭合，让导体ab 在图示位置沿竖直方向上下运动，灵敏电流计指针 （选填“会”或“不会”）发生偏转；
（4）保持磁体不动，若导体ab 水平向右运动、灵敏电流计指针向左偏转，则要使灵敏电流计的指针向右偏转，下列操作可行的是 （选填字母）∶
A.对调磁体的磁极，导体 ab向左运动
B.磁体不动，导体 ab向左运动
（5）从能量的角度分析，感应电流的产生是 能转化为 能的过程。
23．（2024九下·珠海模拟）如题图甲、吊车正在对一辆交通事故车实施救援作业。该事故车总重为1.2×104N，吊车以0.5m/s 的速度先将该车竖直向上匀速吊起3m，再水平向右移动6m后放到道路事故救援车上运回交警队， g 取10N/kg、求：
（1）吊车施救过程中对该事故车做的功；
（2）起重臂下滑轮组的结构如图乙所示，若钢丝绳上的拉力F为5000N，将该车竖直向上吊起匀速3m 的过程中，则拉力F 的功率及该滑轮组的机械效率。
24．（2024九下·珠海模拟）如题图是一款家用电热水器简化电路图它有高温和低温两个挡位，高温挡功率为3300W 。R1 、R2均为加热电阻丝，R1 的阻值为55Ω。求：
（1）低温挡时通过R1 的电流；
（2）R2的阻值；
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量。
25．（2024九下·珠海模拟）如题图甲所示，容器装有适量的H液体，摆件P通过细线和浮球相连，均处于静止状态。P 的体积为1×10-4m3，P的重力为2.5N，P排开H的质量为0.11kg。[g取10N/kg] ·
（1）摆件P 所受的浮力为 N， 以及此时H 的密度 kg/m3；
（2）剪断细线后，浮球和摆件P 静止时如图乙所示，浮球不吸收液体。浮球所受浮力相比剪断前 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）液体H 的密度随其温度的关系曲线如图丙所示，当H 的温度t=12℃时，如图丁所示实心物块M悬浮（M不吸收液体且体积不变），则：
① t=10℃时，物块 M 将 （选填“漂浮””“悬浮”或“沉到底部”）；
②t 在6℃~16℃范围内， M 静止时排开H 液体的体积与H 温度关系的图像可能正确的是
③假设在液体H 温度升高的过程中质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，容器底受到的液体 H 的压强 （选填“变大”“变小”或“不变”）
26．（2024九下·珠海模拟）题图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标 有“5Ω3A”、“20Ω2A”、“50Ω1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为 5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至 （选填“A”或“B”）端；
（2）闭合开关后，电流表示数为零，电压表偏转明显，则故障可能是
（3）排除故障后，重新开始实验：
①探究“电流与电压的关系”时，正确操作后闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，记录多组数据，利用描点法画出I-U 图像，如图乙所示。由图像可得该实验结论： 实验中选用的滑动变阻器的最大电阻为 （选填“5Ω”、“20Ω”或“50Ω”）；
②探究“电流与电阻的关系”时，小文除了利用上一次实验中的某组数据外，将R换成5Ω后，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为 A。再换接未使用的另一个电阻，正确操作后，电流表示数为 A；
（4）实验结束后，小文又利用电源（电压未知但恒定不变）、阻值为R0的定值电阻、电压表等器材，设计了如图丁所示的电路测出了实验室中一未知电阻 R的阻值，请完成下列实验步骤：
①闭合开关 S1，断开S2，读出电压表的示数U1；
②闭合开关 S1 和 S2，读出电压表的示数U2；
则待测电阻的阻值 R= 。 （用U1 、U2 和 R0表示）
27．（2024九下·珠海模拟）阅读材料，回答问题
2024年3月，神舟十七号飞船航天员圆满完成第二次出舱活动，此次出舱重点完成了天和核心舱两侧太阳能电池板（又称“太阳翼”）的维修工作。
由于飞船在太空中处在真空环境，所以舱门必须具有良好的密封性。为检验 飞船舱门的密封性能，可采用如下的方法：将待检验的飞船舱体A置于一个集气空腔B中，先向舱体A充入压强为1.0×105Pa 的空气，再把集气空腔B抽成真空，若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体A 进入集气空腔B 中。科研人员设计了如图所示电路，利用RA、RB两个完全相同的压敏电阻来测量舱体A 和集气空腔B 中的压强。飞船舱门的面积是0.6m2，不计舱体A 器壁的体积，整个过程温度不变，电源电压为12V，压敏电阻 RA、RB的阻值随气体压强变化的关系如表所示：
压敏电阻受到的气压（×105Pa） 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
压敬电阻对应的 电阻值（Ω） 100 80 60 44 30 25 20 16 12 10 8
（1）太阳翼将太阳能转化为 能，其由半导体材料制作，请列举一种半导体材料的其他应用： ；
（2）由于处在真空环境，舱门必须具有良好的密封性。在设计出舱时打开舱门 的方向时，应该将舱门向 （选填“内”或“外”）开，是相对安全的选择；
（3）图甲中，若舱体A 漏气，则电压表 V2的示数将 （选填“变大” “不变”或“变小”）；
（4）经测试发现舱体有漏气现象，经过一段时间后，当电压表 V1与 V2示数比为1∶4时，根据表格中数据，可求出此时舱门内外压力差是 N。
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、用于5G通信中的无线电波是电磁波，故A正确；
B、水能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源，故B错误；
C、人造太阳“中国环流三号“是利用核聚变释放核能的，故C正确；
D、北斗三号卫星导航系统中的同步卫星与地面之间不存在位置变化，相对于地球静止，故D正确。
故选：B。
【分析】（1）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
（2）能够从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源；
（3）核聚变的应用有：氢弹、太阳；
（4）与参照物之间没有位置变化的物体相对参照物静止。
2．【答案】C
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力；
B、人离高铁太近时，高铁高速行驶过程中，使人和高铁之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向高铁出现事故，因此站台设置安全线；
C、用力将吸盘压在光滑墙壁上，排出里面的空气，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上；
D、当在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹气时，硬币上方空气流速加快，压强减小，而硬币下方空气流速小、压强大，形成向上的压强差、压力差，在压力差的作用下，硬币就可能跳过木块。
综上分析可知，如图所示四种情景中，应用的原理与其他不同的是C。
故选：C。
【分析】气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
3．【答案】A
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A、中考标准跳绳总质量约为200g，故A符合实际；
B、中考标准跳绳总长度约为2m，故B不合实际；
C、跳绳内置纽扣电池电压约为3V，故C不符合实际；
D、小文完成800m长跑考试全程的平均速度约为5m/s，故D不合实际。
故选：A。
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
4．【答案】B
【知识点】机械能及其转化；物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、通过弯道加速快跑时，运动状态发生改变，汽车受力不平衡，故A不正确；
B、运动员到达终点前是运动状态；到达终点后，由于惯性要保持原来的运动状态，所以不能立刻停下来。故B正确；
C、小文跳绳竖直上升时，重力势能增加，故C错误；
D、根据牛顿第一定律可知，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态，原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；竖直上抛的小球，若在小球上升至最高点速度为零的同时小球受的一切外力突然消失，小球将保持静止状态，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力；
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
（4）根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
5．【答案】A
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】“雨水消失”，说明该物质由液态直接变成气态，属于汽化现象，汽化过程中需要吸收热量；
A、冰雪消融是熔化过程，熔化需要吸收热量，故A正确；
B、雾绕山峦是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故B错误；
C、滴水成冰是液态凝固成固体，凝固放热，故C错误；
D、霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的固体，凝华放热，故D错误；
所以，“雨水消失”的过程与冰雪消融过程的吸放热情况是相同的。
故选：A。
【分析】（1）物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；
（2）物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；
（3）物质直接由固态变为气态的过程叫升华；物质直接由气态变为固态的过程叫凝华；
（4）物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华。
6．【答案】D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】A、在“探究动能大小的影响因素”实验中，通过木块在水平面的移动距离反映小车动能的大小，研究对象是小车，故A错误；
B、探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要控制速度相同，故B错误；
C、动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一，需要改变，故C错误；
D、在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象；两个实验中木块的作用不同，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据实验目的分析回答；
（2）探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要保持木块每次的速度相同；
（3）动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一；
（4）在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象。
7．【答案】C
【知识点】电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】AB．由图可知，在控制电路中，定值电阻R1和光敏电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流。灯L在天亮时（光照强度增大）自动熄灭，说明灯L所在的工作电路断开，是由于电磁铁磁性增强，故衔铁与触点断开，此时控制电路中的电流增大，由欧姆定律可知光敏电阻R2的阻值减小，据此可判断R2的阻值随光照强度的增大而减小；由于光照强度增大时，R2的阻值变小，由串联电路的分压规律可知R2两端的电压随电阻减小而减小，即电压表示数减小，故AB错误；
C．由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合时的电流不变，由欧姆定律可知衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变；若将R1换成阻值稍小的电阻，要保持总电阻不变，则R2的阻值应变大，此时光照强度减小，即灯L在天较暗时才会发光，在天不是很亮时又会自动熄灭，所以会缩短灯L的发光时间，故C正确；
D．电压表与电流表示数之比为R2的阻值，当光照强度发生变化时，R2的阻值会发生变化，所以电压表与电流表示数之比会变化，故D错误。
故选C。
【分析】由电路图知，在控制电路中，定值电阻R1和光敏电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）要使天亮时自动熄灭，电流需增大达到一定数值时，衔铁被吸合，灯L所在电路断开，灯L自动熄灭，进而得出R2的阻值随光照强度的变化会发生怎样的变化；当光照强度增大时，R2的阻值变小，根据串联电路的分压规律进行判断。
（2）由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合时的电流不变，由欧姆定律可知衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变；若将R1换成阻值稍小的电阻，要总电阻不变，则R2的阻值应变大，据此分析得出灯L的发光时间变化；
（3）电压表与电流表示数之比为R2的阻值，根据光照强度发生变化时，R2的阻值会发生变化判断出两表之比的变化。
8．【答案】振动；低；不变
【知识点】质量及其特性；声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）声音是物体振动产生的，演奏时，古筝通过弦的振动发声；
（2）用同样大小的力拨动琴弦，粗长的弦比细短的弦更难振动，所以振动频率低，因此发声时的音调要低；
（3）古筝从地球被带到空间站，它的质量不变。
故答案为：振动；低；不变。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止。
（2）音调与发声体的振动频率有关；
（3）质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变。
9．【答案】斥力；中子；弱于
【知识点】两种电荷；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解答】（1）固体和液体很难被压缩是由于分子间存在斥力。
(2)原子核是由质子和中子组成的。
（3）玻璃棒与丝绸摩擦，玻璃棒失去电子带正电，丝绸得到电子带负电，说明玻璃中原子核束缚电子的本领弱于丝绸中的原子核。
故答案为：斥力；中子；弱于。
【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力和斥力。固体和液体难以被拉伸，是因为分子间存在着引力；难以被压缩，因为分子间存在着斥力。
（2）原子是由位于原子中心的原子核和核外电子组成。原子核是由质子和中子组成。
（3）两个物体相互摩擦，原子核束缚电子本领弱的物体上的电子，会转移到束缚能力强的物体上。失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
10．【答案】竖直；40；不会
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）因为反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，为了使反射光线能够呈现在纸板上，探究“光的反射定律”实验时，纸板应与平面镜垂直放置，故纸板ENF要竖直立在平面镜上；
（2）已知入射光线与平面镜的夹角为50°，因此入射角是90°-50°=40°，根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也是40°；
（3）光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，图中，若将纸板NOF向后折叠，在纸板上看不到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面，但反射光线不会消失，依然存在。
故答案为：垂直；40；不会。
【分析】（1）探究“光的反射定律”，根据光的反射定律，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，纸板应与平面镜垂直放置；
（2）反射角和入射角的概念：反射角是反射光线与法线的夹角，入射角是入射光线与法线的夹角；
光的反射定律：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角。
11．【答案】比热容；8.4×1011；甲
【知识点】比热容
【解析】【解答】（1）人工湖还能有效调节其周围环境的气温，这是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质相比较，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小；
（2）湖水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×1.0×108kg×2℃=8.4×1011J；
（3）水的比热容大于干泥土，相同质量的水和干泥土，若吸收或放出同样多的热量，干泥土的温度变化更大；由图可知，城市乙的温度的最高、最低气温差比城市甲的大，所以甲为珠海。
故答案为：比热容；8.4×1011；甲。
【分析】（1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（2）知道水的质量、比热容和升高的温度，利用Q吸=cmΔt求出湖水吸收的热量；
（3）根据吸热公式Q吸=cmΔt分析解答。
12．【答案】同名磁极相互排斥；负；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）灯泡悬浮停在空中时，灯泡能克服重力悬浮在空中是因为同名磁极相互排斥；
（2）乙图中螺线管的下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，通电螺线管上端应为S极，下端为N极，由安培定则可知，电源右端为正极，左端为负极；
（3）要使灯泡悬浮的高度增加，就要增大其磁性，可以向左调节滑动变阻器的滑片增大电流。
故答案为：（1）排斥；（2）负；（3）左。
【分析】（1）磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（2）安培定则：用右手握住螺线管，让四指弯曲且与螺线管中电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的北极；
（3）通电螺线管的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关。
13．【答案】乙、丙；1∶1；500
【知识点】液体压强计算公式的应用；并联电路的电压规律；焦耳定律
【解析】【解答】（1）乙、丙装置中，丙中两电阻并联，两容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，即为了探究电流产生的热量与电流大小的关系，可对比乙、丙两幅图得出结论；
（2）根据并联电路电压规律，电阻R3、R4两端电压之比为1：1。
（3）若U形管中液体是水，某时刻丙图中U形管左侧液面高h1=3cm，右侧液面高h2=5cm，则U形管底部受到的液体压强大小为。
故答案为：乙、丙；1：1；500。
【分析】（1）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
（2）由并联电路电压的规律回答；
（3）根据p=ρgh分析求解。
14．【答案】3.2；8；5
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据图乙可知，当小灯泡两端的电压等于额定电压U额=4V时，通过它的额定电流为I额=0.8A，则L的额定功率为：；
（2）根据图乙可知，当R1两端的电压为4V时通过灯的电流为0.4A，则R1的电阻为：；
由图甲可知，当只闭合开关S1 、S2时，R1与L串联，电压表测量L两端的电压，此时电压表示数为2V，即UL=2V，根据图乙可知，此时通过L的电流为IL=0.6A，根据串联电路的电流特点可知，此时通过R1的电流：I1'=IL=0.6A，此时R1两端的电压为
，
根据串联电路的电压规律可得，电源电压：；
（3）当只闭合开关S2 、S3 时，R2与L串联，电压表测量L两端的电压，此时小灯泡正常发光，则通过它的电流：IL'=I额=0.8A，则通过R2的电流：I2=IL'=0.8A，此时R2两端的电压：U2=U-U额=8V-4V=4V，R2的阻值：。
故答案为：3.2；8；5。
【分析】（1）根据图乙可知，当小灯泡两端的电压等于额定电压时，通过它的额定电流，根据P=UI求L的额定功率；
（2）根据图乙可知，当R1两端的电压为4V时，通过它的电流，根据欧姆定律求R1的阻值；
由图甲可知，当只闭合开关S1 、S2时，R1与L串联，电压表测量L两端的电压，根据图乙可知此时通过L的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求R1两端的电压，根据串联电路的电压规律求电源电压；当只闭合开关S2 、S3时，R2与L串联，电压表测量L两端的电压，此时小灯泡正常发光，根据串联电路的电压规律求R2两端的电压，根据欧姆定律求R2的阻值。
15．【答案】
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】先作出端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等；先作出端点A、B的像点，连接两个像点即为物体AB的像。
16．【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L1，如图所示：
【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
【解答】动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L1，如图所示：
17．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】由题知，开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；这说明开关同时控制指示灯和插座，开关应该在干路上，且开关应与火线连接，在断开开关时能切断火线，使用更安全；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明指示灯和插座之间是并联的；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，如图所示：：
【分析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。
18．【答案】2.80
【知识点】刻度尺的使用
【解析】【解答】从精确程度来看，选用分度值较小的刻度尺，下方刻度尺的分度值为1mm，图甲中物体的长度为5.80cm-3.00cm=2.80cm。
故答案为：2.80.
【分析】根据刻度尺分度值越小越精确，确定刻度尺并读数。
19．【答案】92；②③①；1.24
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）由图可知，用天平测出烧杯和待测液的总质量：；（2）为了减小液体附着烧杯上的影响，先测总质量，再测体积，最后测空烧杯的质量，故顺序为②③①；
（3）倒入量筒中的液体质量 ；量筒的分度值为2mL，读数为50cm3；液体的密度。
故答案为：（1）92；（2）②③①（3）1.24。
【分析】（1）根据天平读数方法解答；
（2）避免空烧杯上附着液体的影响，先测总质量，再测体积，据此分析；
（3）根据密度公式 计算。
20．【答案】A处向上；水沸腾时温度不变；水蒸气
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）安装温度计时玻璃泡碰到了烧杯底，必须保证用酒精灯外焰加热，此时应将A处向上调整；
（2）第2空，第3空，观察到戊图中实验现象后，温度计示数不再变化，这是因为液体沸腾吸热温度保持不变，沸腾是剧烈的汽化现象，这时气泡内的气体是水蒸气。故答案为：A处向上；液体沸腾吸热温度保持不变；水蒸气。
【分析】根据温度计和酒精灯的使用方法分析，沸腾是剧烈的汽化现象，据此解答。
21．【答案】②；实像；10.0；将光屏向远离透镜的方向移动，直至光屏上出现清晰的像；不能；①；不变
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，小孔成像成的像左右和上下均发生颠倒，当小文在右侧光屏的背面观察时，左右又发生一次颠倒，故②符合题意；小孔成像成的是倒立的实像；
（2）第3空，第4空，由图可知，此时u=v=20.0cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm，故该凸透镜的焦距f=10.0cm；若只将发光字靠近凸透镜，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，要使成像清晰，接下来的操作：向右适当移动光屏，直到光屏上成清晰的实像为止；
（3）第5空，平面镜成像成的是虚像，故将带小孔的不透明纸板换成平面镜，直接观察塑料板不能看到像；
第6空，平面镜成像成的是等大、正立的虚像，故此时看到平面镜中的像为①；
第7空，若只将发光字远离平面镜，字的大小不变，故像的大小不变。
故答案为：（1）②；实像；（2）10.0；向右适当移动光屏，直到光屏上成清晰的实像为止；（3）不能；①；不变。
【分析】（1）小孔成像的原理是光的直线传播，成的是倒立的实像；
（2）根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）平面镜成的是正立、等大的虚像。
22．【答案】3；D；不会；B；机械；电
【知识点】磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）要利用该装置探究“磁场对电流的作用”（即通电导体在磁场中是否受力），既要有磁体，还要有通电导体（即要有电源），则由图可知应将开关与接线柱3接通；
（2）该实验对应的原理为通电导体在磁场中受力运动；
A、电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、司南是利用地磁场与磁极间的相互作用来指示南北的，故B不符合题意；
C、动圈式话筒的原理是电磁感应现象，故C不符合题意；
D、扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故D符合题意；
（3）将开关反方向闭合，利用该装置探究“产生感应电流的条件”；
图1中两磁极间的磁感线沿竖直方向，让导体ab在图示位置沿竖直方向上下运动时，导体不切割磁感线，所以不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会发生偏转；
（4）感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向都有关；
若保持磁体不动，将导体ab水平向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以将磁体的磁极对调或让导体ab水平向左运动，当两者同时改变时感应电流的方向不变，故B符合题意；
（5）第5空，第6空，从能量的角度分析可知，产生感应电流时将机械能转化为电能。
故答案为：（1）3； （2）D；（3）不会； （4）B；（5）机械；电。
【分析】（1）要探究“磁场对电流的作用”，既要有磁体，还要有通电导体；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
（2）根据各个元件的工作原理分析；
（3）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
（4）感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向都有关；
（5）在电磁感应现象中，是将机械能转化为电能。
23．【答案】（1）将事故车吊起时对车做功，水平移动时不做功，吊车施救过程中对该事故车做的功为
（2）由图可知， 由3段绳子吊着动滑轮，吊起事故车时，绳子自由端移动的距离为
拉力做的功为
拉力做功的时间为
拉力做功的功率为
该滑轮组的机械效率为
答：（1）吊车施救过程中对该事故车做的功为；
（2）拉力F 的功率为，该滑轮组的机械效率为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据W=Gh计算吊车对事故车做的功；
（2）由图知，n=3，根据W=Fs=Fnh求吊车做的总功，根据速度公式求做功的时间，根据拉力的功率；根据计算滑轮组机械效率。
24．【答案】（1）当开关接b时，R2被短路，只有R1工作，电路总电阻较大，为低温挡，低温挡时通过R1 的电流为
（2）当开关接a时，两电阻并联，电路总电阻较小，为高温挡，此时R1 的功率为
R2的功率为
R2的阻值为
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量为
答：（1）低温挡时通过R1 的电流为；
（2）R2的阻值为；
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图可知，当开关S接a时，R1、R2并联，当开关S接b时，只有R1工作，根据并联电路的电阻特点和可知高温挡和低温挡的电路连接；根据欧姆定律求出低温挡正常工作时通过R1的电流；
（2）根据P=UI求出高温挡时电路中的电流，根据并联电路的电流特点求出高温挡时通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
（3）根据Q=W=Pt算出电热水器在高温挡工作20min产生的热量。
25．【答案】1.1；1.1×103；变小；漂浮；A；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，摆件P所受的浮力为：F浮=G排=m排g=0.11kg×10N/kg=1.1N；
第2空，摆件浸没在液体中，V排=V=1×10-4m3，由F浮=ρ液gV排=ρ液gV，可得，液体的密度：
；
（2）浮球所受浮力相比剪断前相比，排开液体的体积变小，由F浮=ρgV排可知浮力变小；
（3）①液体H的密度ρ和H的温度t关系如图丙，当H的温度t=12℃时，如图丁实心物块M悬浮（M不吸收液体且体积不变），说明此时物块M的密度等于此时液体H的密度，当t=10℃时，由图丙可知，H的密度变大，大于物块M的密度，根据物体的浮沉条件可知，M会上浮，最后当M静止时会漂浮；
②当H的温度为6℃时，由图丙可知，H的密度也是变大，大于物块M的密度，物块M也是漂浮，静止时受到的浮力等于其重力，所以物块M在10℃和6℃时受到的浮力相等；当H的密度从6℃上升到10℃时，密度逐渐变小，但都大于物块的密度，物块会上浮，最终漂浮，漂浮时浮力等于重力，但由F浮=ρgV排可知，当液体的密度逐渐变小时，排开液体的体积会逐渐变大；当H的温度从12℃上升到16℃时，密度仍然在逐渐减小，小于物块密度，此时物块会下沉，最终沉底，物体排开液体的体积相同，都等于物块体积，故只有A符合题意；
故选：A；
③液体H温度升高的过程中质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，则液体H受到的重力不变，液体H对容器底部的压力不变，因此容器底部受到液体H的压强不变。
故答案为：（1）1.1；1.1×103；（2）变小；（3）①漂浮；②A；③不变。
【分析】（1）根据F浮=G排=m排g求出摆件P所受的浮力，利用阿基米德原理求出此时H的密度；
（2）根据F浮=ρgV排分析相比剪断前浮力的变化；
（3）①根据当H的温度t=12℃时，如图丁实心物块M悬浮，确定物块M与H的密度关系，然后利用漂浮条件可知其浮力关系；
②分析出当H的温度从12℃上升到16℃时的密度变化，与M的密度比较，确定M的状态，由此可知浮力变化，然后做出选择；
③由于液体H的体积随温度的变化而变化，于是液体H的密度发生改变，液体H的深度也发生改变，因此不能利用p=ρgh来比较压强变化，可根据液体H的重力等于液体H对容器底部的压力来判断。
26．【答案】B；电阻R断路；电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；50Ω；0.4；0.1；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端，可以保护电路安全。
（2）闭合开关后，电流表示数为零，电路中可能发生了断路，再由电压表偏转明显，说明电压表电源两极之间可构成通路，故障只能是定值电阻发生了断路。
（3）①第3空，由图像是一条斜直线故，可得结论：电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；
第4空， 由题意可知，电源为三节干电池串联，由于每节电压略小于1.5V，则电源电压范围应该大于3V，小于4.5V； 由图乙可知，刚闭合开关时，滑动变阻器阻值最大，此时电压表示数为0.7V，电流为0.07A，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，电源电压为
U=0.7V+0.07A×R滑大 ------- ①
若选用“5Ω，3A”的滑动变阻器代入①式，可得U=1.05V，不符合题意； 若选用“20Ω，2A”的滑动变阻器代入①式，可得U=2.1V，不符合题意； 若选用“50Ω1.5A”的滑动变阻器代入①式，可得U=4.2V，符合题意； 故实验中选用的是滑动变阻器最大阻值为50Ω。
②第5空，由丙图可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知示数为0.4A。
第6空， 此时电阻阻值为5Ω，电阻两端电压为
UR=IR=0.4A×5Ω=2V；
第6空，由第一次实验所用数据可知，定值电阻两端电压为0.7V，电流为0.07A，故第一次所用电阻为：
，故最后换接的应是20Ω的电阻。由于本实验要控制定值电阻两端电压保持不变。断开开关，换接20Ω的电阻，电流为
（4）①闭合开关 S1，断开S2，读出电压表的示数U1，此时电压表与定值电阻R1串联在电路中，电压表示数等于电源电压，即U1=U电源；
②闭合开关 S1 和 S2，此时R0与R串联，电压表测的是R0的电压，即R0的电压为U2；
第7空，由欧姆定律可得待测电阻R的阻值为
。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；
（3）根据图乙分析得出结论；根据图甲确定电源电压大约值；闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律讨论滑动变阻器最大阻值和电源电压；
根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端电压；根据图乙结合欧姆定律求出定值电阻的阻值，然后确定未使用过的电阻，最后根据控制变量法结合欧姆定律求出电流表示数；
（4）利用电压表与定值电阻串联时，电压表示数为电源电压，再利用R0与R串联可得待测电阻两端电压，再利用欧姆定律计算待测电阻阻值。
27．【答案】电；芯片；内；变小；3×104
【知识点】能量的转化或转移；压强的大小及其计算；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能；
第2空，其由半导体材料制作，请列举一种半导体材料的其他应用：二极管；
（2）飞船在太空中飞行时处在真空环境，外部气压为零，即内部气压大于外部气压，若舱门向外开，容易造成气体泄漏，故应该将舱门向内开，是相对安全的选择；
（3）图乙中，两电阻串联，电压表分别测电阻两端电压；若舱体A漏气，集气空腔B中气压会增大，由表中数据可知，RB的阻值会减小，根据串联分压原理可知，电压表V2的示数将减小；
（4）当电压表V1与V2示数比为1：4，根据串联分压原理可知，，由表中数据可知，此时RA=20Ω，对应气压pA＝0.6×105Pa，RB＝80Ω，对应气压pB＝0.1×105Pa，舱门内外压强差为：Δp＝pA－pB＝0.6×105Pa－0.1×105Pa＝0.5×105Pa，则舱门内外压力差为：
ΔF＝ΔpS＝0.5×105Pa×0.6m2＝3×104N。
故答案为：（1）电；二极管；（2）内；（3）减小；（4）3×104。
【分析】（1）太阳能电池板工作时将光能直接转化为电能；二极管由半导体材料制作；
（2）飞船在太空中飞行时处在真空环境，外部气压为零，据此分析；
（3）根据表中数据结合串联分压原理分析回答；
（4）根据串联分压原理求出RA与RB电阻之比，利用表中数据确定RA与RB的电阻及其对应的气压，据此求出舱门内外压强差，根据求出舱门内外压力差。
2024年广东省珠海市文园中学中考第三次模拟考试物理试卷
1．（2024九下·珠海模拟）近年来、我国在科技领域取得了辉煌的成就，下列说法不正确的是（ ）
A．用于5G 通信中的无线电波是电磁波
B．白鹤滩水电站正式投产发电，水能属于不可再生能源
C．人造太阳“中国环流三号”是利用核聚变释放核能的
D．北斗三号卫星导航系统中的同步卫星相对于地球静止
【答案】B
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；参照物及其选择；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A、用于5G通信中的无线电波是电磁波，故A正确；
B、水能可以从自然界源源不断得到补充，属于可再生能源，故B错误；
C、人造太阳“中国环流三号“是利用核聚变释放核能的，故C正确；
D、北斗三号卫星导航系统中的同步卫星与地面之间不存在位置变化，相对于地球静止，故D正确。
故选：B。
【分析】（1）广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；
（2）能够从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源；
（3）核聚变的应用有：氢弹、太阳；
（4）与参照物之间没有位置变化的物体相对参照物静止。
2．（2024九下·珠海模拟）下图四种情景中，应用的原理与其他不同的是（ ）
A．飞机机翼上凸下平
B．火车站设安全线
C．塑料吸盘贴在光滑墙面上
D．用力吹气，硬币可以跳过木块
【答案】C
【知识点】大气压的综合应用；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】A、机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力；
B、人离高铁太近时，高铁高速行驶过程中，使人和高铁之间的空气流动速度很大，压强很小，人外侧的压强不变，人在内外压强差的作用下，被压向高铁出现事故，因此站台设置安全线；
C、用力将吸盘压在光滑墙壁上，排出里面的空气，由于吸盘内的空气减少，内部气压小于外界大气压，外界大气压将吸盘紧压在墙壁上；
D、当在硬币上方沿着与桌面平行的方向用力吹气时，硬币上方空气流速加快，压强减小，而硬币下方空气流速小、压强大，形成向上的压强差、压力差，在压力差的作用下，硬币就可能跳过木块。
综上分析可知，如图所示四种情景中，应用的原理与其他不同的是C。
故选：C。
【分析】气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
3．（2024九下·珠海模拟）下列估测数据中，最符合实际情况的是（ ）
A．中考标准跳绳总质量约为200g
B．中考标准跳绳总长度约为1m
C．跳绳内置纽扣电池电压约为220V
D．小文完成800m 长跑考试全程的平均速度约为10m/s
【答案】A
【知识点】质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动；电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A、中考标准跳绳总质量约为200g，故A符合实际；
B、中考标准跳绳总长度约为2m，故B不合实际；
C、跳绳内置纽扣电池电压约为3V，故C不符合实际；
D、小文完成800m长跑考试全程的平均速度约为5m/s，故D不合实际。
故选：A。
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。
4．（2024九下·珠海模拟）如题图，是小文跳绳和长跑的情景，下列说法正确的是（ ）
A．通过弯道加速快跑时，小文受力平衡
B．长跑到达终点后无法立刻停下来，是由于惯性
C．小文跳绳竖直上升时，重力势能减少
D．竖直跳至最高点时，若一切力突然消失，小文将匀速下落
【答案】B
【知识点】机械能及其转化；物体运动状态的变化；惯性及其现象；平衡状态的判断
【解析】【解答】A、通过弯道加速快跑时，运动状态发生改变，汽车受力不平衡，故A不正确；
B、运动员到达终点前是运动状态；到达终点后，由于惯性要保持原来的运动状态，所以不能立刻停下来。故B正确；
C、小文跳绳竖直上升时，重力势能增加，故C错误；
D、根据牛顿第一定律可知，物体不受外力作用时，原来静止的物体将永远保持静止状态，原来运动的物体将永远做匀速直线运动，速度的大小和方向都不改变；竖直上抛的小球，若在小球上升至最高点速度为零的同时小球受的一切外力突然消失，小球将保持静止状态，故D错误。
故选：B。
【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力；
（2）一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；
（3）影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度．物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
（4）根据牛顿定律进行分析，即物体在不受任何外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
5．（2024九下·珠海模拟）完成考试后雨过天晴，小文发现刚才地面上的雨水消失不见了。下列选项中与“雨水消失”过程需要的吸放热情况一致的是（ ）
A．冰雪消融 B．雾绕山峦 C．滴水成冰 D．霜挂枝头
【答案】A
【知识点】物质的三态；凝固与凝固放热特点；升华及升华吸热
【解析】【解答】“雨水消失”，说明该物质由液态直接变成气态，属于汽化现象，汽化过程中需要吸收热量；
A、冰雪消融是熔化过程，熔化需要吸收热量，故A正确；
B、雾绕山峦是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，液化放热，故B错误；
C、滴水成冰是液态凝固成固体，凝固放热，故C错误；
D、霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的固体，凝华放热，故D错误；
所以，“雨水消失”的过程与冰雪消融过程的吸放热情况是相同的。
故选：A。
【分析】（1）物质由固态变为液态的过程叫熔化；物质由液态变为固态的过程叫凝固；
（2）物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由气态变为液态的过程叫液化；
（3）物质直接由固态变为气态的过程叫升华；物质直接由气态变为固态的过程叫凝华；
（4）物态变化中吸热的有：熔化、汽化、升华；放热的有：凝固、液化、凝华。
6．（2024九下·珠海模拟）如题图甲、乙，是小文复习“探究动能大小的影响因素”和“探究滑动摩擦力大小的影响因素”两个实验时画出的实验图，下列说法正确的是（ ）
A．图甲实验中，研究对象是木块
B．图乙实验中，不需要水平匀速拉动木块
C．在探究过程中，两个实验均不能改变木板的粗糙程度
D．在探究过程中，两个实验中木块的作用不同
【答案】D
【知识点】探究影响物体动能大小的因素；探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】A、在“探究动能大小的影响因素”实验中，通过木块在水平面的移动距离反映小车动能的大小，研究对象是小车，故A错误；
B、探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要控制速度相同，故B错误；
C、动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一，需要改变，故C错误；
D、在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象；两个实验中木块的作用不同，故D正确。
故选：D。
【分析】（1）根据实验目的分析回答；
（2）探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中为了得到摩擦力的值需要通过二力平衡条件读弹簧测力计的示数，故要匀速拉动木块，但不需要保持木块每次的速度相同；
（3）动能大小与质量和速度有关，不需要改变水平面的粗糙程度；滑动摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，其中接触面粗糙程度是变量之一；
（4）在探究动能大小的影响因素实验中研究对象是小车，木块的作用是通过被推动距离的长短来反映动能的大小；在探究滑动摩擦力大小的影响因素实验中木块直接研究对象。
7．（2024九下·珠海模拟）如图为一款“智能照明灯”的电路，灯L天暗时自动发光，天亮时自动熄灭。控制电路中，电源电压恒定，R1为定值电阻，R2为光敏电阻，其阻值随光照强度而变化。以下说法正确的是（ ）
A．当光照强度增大时，电压表示数增大
B．R2的阻值随光照强度的增大而增大
C．若将R1换成阻值稍小的电阻，可缩短灯L的发光时间
D．当光照强度发生变化时，电压表与电流表示数之比保持不变
【答案】C
【知识点】电路的动态分析；电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】AB．由图可知，在控制电路中，定值电阻R1和光敏电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流。灯L在天亮时（光照强度增大）自动熄灭，说明灯L所在的工作电路断开，是由于电磁铁磁性增强，故衔铁与触点断开，此时控制电路中的电流增大，由欧姆定律可知光敏电阻R2的阻值减小，据此可判断R2的阻值随光照强度的增大而减小；由于光照强度增大时，R2的阻值变小，由串联电路的分压规律可知R2两端的电压随电阻减小而减小，即电压表示数减小，故AB错误；
C．由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合时的电流不变，由欧姆定律可知衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变；若将R1换成阻值稍小的电阻，要保持总电阻不变，则R2的阻值应变大，此时光照强度减小，即灯L在天较暗时才会发光，在天不是很亮时又会自动熄灭，所以会缩短灯L的发光时间，故C正确；
D．电压表与电流表示数之比为R2的阻值，当光照强度发生变化时，R2的阻值会发生变化，所以电压表与电流表示数之比会变化，故D错误。
故选C。
【分析】由电路图知，在控制电路中，定值电阻R1和光敏电阻R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测量电路中的电流；
（1）要使天亮时自动熄灭，电流需增大达到一定数值时，衔铁被吸合，灯L所在电路断开，灯L自动熄灭，进而得出R2的阻值随光照强度的变化会发生怎样的变化；当光照强度增大时，R2的阻值变小，根据串联电路的分压规律进行判断。
（2）由于控制电路的电源电压不变，衔铁被吸合时的电流不变，由欧姆定律可知衔铁被吸合时控制电路的总电阻不变；若将R1换成阻值稍小的电阻，要总电阻不变，则R2的阻值应变大，据此分析得出灯L的发光时间变化；
（3）电压表与电流表示数之比为R2的阻值，根据光照强度发生变化时，R2的阻值会发生变化判断出两表之比的变化。
8．（2024九下·珠海模拟）古筝是中国传统乐器，古筝发声是由于琴弦的 产生的。用相同的力拨动琴弦，发声时粗长弦比细短弦音调 （选填“高”或“低”）。古筝从地球被带到空间站，它的质量 （选填“增大”“不变”或“减少”）。
【答案】振动；低；不变
【知识点】质量及其特性；声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】（1）声音是物体振动产生的，演奏时，古筝通过弦的振动发声；
（2）用同样大小的力拨动琴弦，粗长的弦比细短的弦更难振动，所以振动频率低，因此发声时的音调要低；
（3）古筝从地球被带到空间站，它的质量不变。
故答案为：振动；低；不变。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止。
（2）音调与发声体的振动频率有关；
（3）质量是物体的一种属性，它不随物体的形状、位置、温度和状态的改变而改变。
9．（2024九下·珠海模拟）固体和液体很难被压缩是由于分子间存在 。原子核是由质子和 组成的。玻璃棒与丝绸摩擦，玻璃中原子核束缚电子的本领 （选填“强于”或“弱于”）丝绸中的原子核。
【答案】斥力；中子；弱于
【知识点】两种电荷；分子间相互作用力；原子结构
【解析】【解答】（1）固体和液体很难被压缩是由于分子间存在斥力。
(2)原子核是由质子和中子组成的。
（3）玻璃棒与丝绸摩擦，玻璃棒失去电子带正电，丝绸得到电子带负电，说明玻璃中原子核束缚电子的本领弱于丝绸中的原子核。
故答案为：斥力；中子；弱于。
【分析】（1）分子间存在着相互作用的引力和斥力。固体和液体难以被拉伸，是因为分子间存在着引力；难以被压缩，因为分子间存在着斥力。
（2）原子是由位于原子中心的原子核和核外电子组成。原子核是由质子和中子组成。
（3）两个物体相互摩擦，原子核束缚电子本领弱的物体上的电子，会转移到束缚能力强的物体上。失去电子的物体带正电，得到电子的物体带负电。
10．（2024九下·珠海模拟）如题图，将平面镜放在水平桌面上，再把一张可沿 ON 折叠的硬白纸板ENF 立在平面镜上，以此来探究光的反射规律。此时反射角等于 度。 若将纸板 NOF向后折叠，则反射光 （选填“会”或“不会”）消失。
【答案】竖直；40；不会
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】（1）因为反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，为了使反射光线能够呈现在纸板上，探究“光的反射定律”实验时，纸板应与平面镜垂直放置，故纸板ENF要竖直立在平面镜上；
（2）已知入射光线与平面镜的夹角为50°，因此入射角是90°-50°=40°，根据光的反射定律，反射角等于入射角，因此反射角也是40°；
（3）光在反射时，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，图中，若将纸板NOF向后折叠，在纸板上看不到反射光线，此实验现象说明反射光线、入射光线和法线在同一平面，但反射光线不会消失，依然存在。
故答案为：垂直；40；不会。
【分析】（1）探究“光的反射定律”，根据光的反射定律，反射光线、入射光线、法线在同一平面内，纸板应与平面镜垂直放置；
（2）反射角和入射角的概念：反射角是反射光线与法线的夹角，入射角是入射光线与法线的夹角；
光的反射定律：反射光线、入射光线与法线在同一平面内；反射光线和入射光线分别位于法线两侧；反射角等于入射角。
11．（2024九下·珠海模拟）香山湖公园不仅风景优美，其中的人工湖还能有效调节其周围环境的气温，这是由于水的 大。假设人工湖湖水的质量是1.0×108kg， 若水温度升高2℃，则湖水吸收的热量为 J。如图所示是西安和珠海两地的气温情况，请根据两个地方的气温变化情况判断城市。 （选填“甲”或“乙”）是珠海。[ c水＝4.2×103J/(kg·℃)]
【答案】比热容；8.4×1011；甲
【知识点】比热容
【解析】【解答】（1）人工湖还能有效调节其周围环境的气温，这是因为水的比热容大，相同质量的水和其他物质相比较，吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小；
（2）湖水吸收的热量：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/（kg ℃）×1.0×108kg×2℃=8.4×1011J；
（3）水的比热容大于干泥土，相同质量的水和干泥土，若吸收或放出同样多的热量，干泥土的温度变化更大；由图可知，城市乙的温度的最高、最低气温差比城市甲的大，所以甲为珠海。
故答案为：比热容；8.4×1011；甲。
【分析】（1）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
（2）知道水的质量、比热容和升高的温度，利用Q吸=cmΔt求出湖水吸收的热量；
（3）根据吸热公式Q吸=cmΔt分析解答。
12．（2024九下·珠海模拟）如题图甲，“悬浮灯泡”能够悬浮发光，其内部结构如图乙所示。基座内电路接通后，灯泡悬浮是利用同名磁极相互 的原理。乙图中电源左侧为 （选填“正”或“负”）极，想让灯泡悬浮得更高，应该将滑片P 向 （选填“左”或“右”）移动。
【答案】同名磁极相互排斥；负；左
【知识点】磁场；通电螺线管的极性和电流方向的判断；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）灯泡悬浮停在空中时，灯泡能克服重力悬浮在空中是因为同名磁极相互排斥；
（2）乙图中螺线管的下端为S极，根据同名磁极相互排斥可知，通电螺线管上端应为S极，下端为N极，由安培定则可知，电源右端为正极，左端为负极；
（3）要使灯泡悬浮的高度增加，就要增大其磁性，可以向左调节滑动变阻器的滑片增大电流。
故答案为：（1）排斥；（2）负；（3）左。
【分析】（1）磁极间的相互作用，同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；
（2）安培定则：用右手握住螺线管，让四指弯曲且与螺线管中电流方向一致，则大拇指所指的那端就是通电螺线管的北极；
（3）通电螺线管的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关。
13．（2024九下·珠海模拟）如题图是探究焦耳定律实验，为了探究电流产生的热量与电流大小的关系，可对比 两幅图得出结论，电阻R3、R4两端电压之比为 。 若U 形管中液体是水，某时刻丙图中U 形管左侧液面高h1=3cm， 右侧液面高h2=5cm，则 U 形管底部受到的液体压强大小为 Pa。[g 取10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3]
【答案】乙、丙；1∶1；500
【知识点】液体压强计算公式的应用；并联电路的电压规律；焦耳定律
【解析】【解答】（1）乙、丙装置中，丙中两电阻并联，两容器内两电阻大小相等，根据并联和串联电路电流的规律，通过左侧容器中电阻的电流大于通过右侧容器中电阻的电流，而通电时间相同，故乙实验可以研究电流产生的热量与电流的关系，即为了探究电流产生的热量与电流大小的关系，可对比乙、丙两幅图得出结论；
（2）根据并联电路电压规律，电阻R3、R4两端电压之比为1：1。
（3）若U形管中液体是水，某时刻丙图中U形管左侧液面高h1=3cm，右侧液面高h2=5cm，则U形管底部受到的液体压强大小为。
故答案为：乙、丙；1：1；500。
【分析】（1）电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外两个因素不变，结合串联电路电流的规律分析；
（2）由并联电路电压的规律回答；
（3）根据p=ρgh分析求解。
14．（2024九下·珠海模拟）如题图甲所示的电路中电源电压恒定不变，图乙是额定电压为4V 的小灯泡L和定值电阻R1的U-I图像，则L的额定功率为 W。 当只闭合开关 S1 、S2 时，电压表示数为2V，当只闭合开关S2 、S3 时，小灯泡正常发光。则电源电压为 V，R2的阻值为 Ω。
【答案】3.2；8；5
【知识点】串联电路的电压规律；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】（1）根据图乙可知，当小灯泡两端的电压等于额定电压U额=4V时，通过它的额定电流为I额=0.8A，则L的额定功率为：；
（2）根据图乙可知，当R1两端的电压为4V时通过灯的电流为0.4A，则R1的电阻为：；
由图甲可知，当只闭合开关S1 、S2时，R1与L串联，电压表测量L两端的电压，此时电压表示数为2V，即UL=2V，根据图乙可知，此时通过L的电流为IL=0.6A，根据串联电路的电流特点可知，此时通过R1的电流：I1'=IL=0.6A，此时R1两端的电压为
，
根据串联电路的电压规律可得，电源电压：；
（3）当只闭合开关S2 、S3 时，R2与L串联，电压表测量L两端的电压，此时小灯泡正常发光，则通过它的电流：IL'=I额=0.8A，则通过R2的电流：I2=IL'=0.8A，此时R2两端的电压：U2=U-U额=8V-4V=4V，R2的阻值：。
故答案为：3.2；8；5。
【分析】（1）根据图乙可知，当小灯泡两端的电压等于额定电压时，通过它的额定电流，根据P=UI求L的额定功率；
（2）根据图乙可知，当R1两端的电压为4V时，通过它的电流，根据欧姆定律求R1的阻值；
由图甲可知，当只闭合开关S1 、S2时，R1与L串联，电压表测量L两端的电压，根据图乙可知此时通过L的电流，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求R1两端的电压，根据串联电路的电压规律求电源电压；当只闭合开关S2 、S3时，R2与L串联，电压表测量L两端的电压，此时小灯泡正常发光，根据串联电路的电压规律求R2两端的电压，根据欧姆定律求R2的阻值。
15．（2024九下·珠海模拟）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜中所成的像A'B'。
【答案】
【知识点】平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】先作出端点A、B关于平面镜的对称点A'、B'，用虚线连接A'、B'，即为物AB在平面镜中所成的像，如图所示：
【分析】平面镜成像的特点是：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等；先作出端点A、B的像点，连接两个像点即为物体AB的像。
16．（2024九下·珠海模拟）如图是关闭水龙头的情景，水龙头手柄可视为一根杠杆（O为支点），请你画出阻力F2的力臂l2 及施加在A 点的最小动力F1。
【答案】
【知识点】力臂的画法；杠杆中最小力的问题
【解析】【解答】动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L1，如图所示：
【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题。
【解答】动力最小，即动力臂最长，阻力的方向已标出，所以动力的方向应该向下，连接支点O与A点，过A点作OA的垂线就得到在A点施加的最小动力F1，OA即为动力臂L1，如图所示：
17．（2024九下·珠海模拟）如图是常用的插线板电路简化图，开关断开时指示灯不发光，插孔不提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；若指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，请在图中画出开关、指示灯、插孔的连接方式。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】由题知，开关断开时指示灯不发光，插孔不能提供工作电压；开关闭合时指示灯发光，插孔提供工作电压；这说明开关同时控制指示灯和插座，开关应该在干路上，且开关应与火线连接，在断开开关时能切断火线，使用更安全；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能正常通电，说明指示灯和插座之间是并联的；三孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，上孔接地线，两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线，如图所示：：
【分析】干路开关控制所有的用电器。并联电路各用电器之间互不影响，串联电路的用电器互相影响。
18．（2024九下·珠海模拟）从精确程度来看，图中物体的长度为 cm。
【答案】2.80
【知识点】刻度尺的使用
【解析】【解答】从精确程度来看，选用分度值较小的刻度尺，下方刻度尺的分度值为1mm，图甲中物体的长度为5.80cm-3.00cm=2.80cm。
故答案为：2.80.
【分析】根据刻度尺分度值越小越精确，确定刻度尺并读数。
19．（2024九下·珠海模拟）小文测量某种液体密度，天平调平后：
①用天平测出空烧杯的质量 m0=30g∶
②如图甲，用天平测出烧杯和待测液的总质量m=
③将烧杯中的待测液倒入量筒中，液面的位置如图乙所示；
以上操作最合理的顺序是 （填序号），该待测液的密度为 g/cm3 。
【答案】92；②③①；1.24
【知识点】液体密度的测量
【解析】【解答】（1）由图可知，用天平测出烧杯和待测液的总质量：；（2）为了减小液体附着烧杯上的影响，先测总质量，再测体积，最后测空烧杯的质量，故顺序为②③①；
（3）倒入量筒中的液体质量 ；量筒的分度值为2mL，读数为50cm3；液体的密度。
故答案为：（1）92；（2）②③①（3）1.24。
【分析】（1）根据天平读数方法解答；
（2）避免空烧杯上附着液体的影响，先测总质量，再测体积，据此分析；
（3）根据密度公式 计算。
20．（2024九下·珠海模拟）探究“水沸腾时温度变化特点”实验。
①如图甲，安装温度计时玻璃泡碰到了烧杯底，此时应将 （ 选 填“A处向上”或“B 处向下”）调整；
②观察到乙图中实验现象后，温度计示数不再变化，这是因为 这时气泡内的气体是 。（选填“空气”或“水蒸气”）。
【答案】A处向上；水沸腾时温度不变；水蒸气
【知识点】沸腾及沸腾条件；探究水的沸腾实验
【解析】【解答】（1）安装温度计时玻璃泡碰到了烧杯底，必须保证用酒精灯外焰加热，此时应将A处向上调整；
（2）第2空，第3空，观察到戊图中实验现象后，温度计示数不再变化，这是因为液体沸腾吸热温度保持不变，沸腾是剧烈的汽化现象，这时气泡内的气体是水蒸气。故答案为：A处向上；液体沸腾吸热温度保持不变；水蒸气。
【分析】根据温度计和酒精灯的使用方法分析，沸腾是剧烈的汽化现象，据此解答。
21．（2024九下·珠海模拟）小文将LED发光字“F”、带小孔的不透明纸板、半透明塑料板（光屏）依次置于光具座的A、B、C位置，如图甲所示，请回答下列问题：
（1）小文在“右观察位置”看到塑料板上呈现的像是图乙中的 （选填序号），这个像是 （选填“实像”或“虚像”）；
（2）若将带小孔的不透明纸板换成凸透镜，无需调节塑料板也恰好成清晰的像，则此凸透镜的焦距是 cm。 若只将发光字靠近凸透镜 像此时会变大一些但光屏上并不清晰，要使成像清晰，接下来的操作：
（3）若将带小孔的不透明纸板换成平面镜，直接观察塑料板 （选填“能”或“不能”）看到像、此时小文移到“左观察位置“对着平面镜观察，看到的像是图乙中的 （选填序号）、若只将发光字远离平面镜，则此时像的大小将 。（选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】②；实像；10.0；将光屏向远离透镜的方向移动，直至光屏上出现清晰的像；不能；①；不变
【知识点】光的直线传播及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验；平面镜成像的原理、特点
【解析】【解答】（1）第1空，第2空，小孔成像成的像左右和上下均发生颠倒，当小文在右侧光屏的背面观察时，左右又发生一次颠倒，故②符合题意；小孔成像成的是倒立的实像；
（2）第3空，第4空，由图可知，此时u=v=20.0cm，根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，即2f=20.0cm，故该凸透镜的焦距f=10.0cm；若只将发光字靠近凸透镜，此时物距减小，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大可知，要使成像清晰，接下来的操作：向右适当移动光屏，直到光屏上成清晰的实像为止；
（3）第5空，平面镜成像成的是虚像，故将带小孔的不透明纸板换成平面镜，直接观察塑料板不能看到像；
第6空，平面镜成像成的是等大、正立的虚像，故此时看到平面镜中的像为①；
第7空，若只将发光字远离平面镜，字的大小不变，故像的大小不变。
故答案为：（1）②；实像；（2）10.0；向右适当移动光屏，直到光屏上成清晰的实像为止；（3）不能；①；不变。
【分析】（1）小孔成像的原理是光的直线传播，成的是倒立的实像；
（2）根据u=v=2f，成倒立、等大的实像，据此确定凸透镜的焦距；根据凸透镜成实像时，物近像远像变大；
（3）平面镜成的是正立、等大的虚像。
22．（2024九下·珠海模拟）小园在实验室利用如题图所示的电路探究电磁相互作用的实验。
【实验一】探究“磁场对通电导体的作用”
（1）进行实验一时，应将开关的接线柱与 （选填“2”或“3”）接通：
（2）下图中 （选填字母）是利用该实验对应原理工作的；
A. 电磁起重机 B. 司南
C. 动圈式话筒 D. 扬声器
【实验二】探究“产生感应电流的条件”
（3）将开关反方向闭合，让导体ab 在图示位置沿竖直方向上下运动，灵敏电流计指针 （选填“会”或“不会”）发生偏转；
（4）保持磁体不动，若导体ab 水平向右运动、灵敏电流计指针向左偏转，则要使灵敏电流计的指针向右偏转，下列操作可行的是 （选填字母）∶
A.对调磁体的磁极，导体 ab向左运动
B.磁体不动，导体 ab向左运动
（5）从能量的角度分析，感应电流的产生是 能转化为 能的过程。
【答案】3；D；不会；B；机械；电
【知识点】磁场对通电导线的作用；产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）要利用该装置探究“磁场对电流的作用”（即通电导体在磁场中是否受力），既要有磁体，还要有通电导体（即要有电源），则由图可知应将开关与接线柱3接通；
（2）该实验对应的原理为通电导体在磁场中受力运动；
A、电磁起重机的工作原理是电流的磁效应，故A不符合题意；
B、司南是利用地磁场与磁极间的相互作用来指示南北的，故B不符合题意；
C、动圈式话筒的原理是电磁感应现象，故C不符合题意；
D、扬声器的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故D符合题意；
（3）将开关反方向闭合，利用该装置探究“产生感应电流的条件”；
图1中两磁极间的磁感线沿竖直方向，让导体ab在图示位置沿竖直方向上下运动时，导体不切割磁感线，所以不会产生感应电流，灵敏电流计指针不会发生偏转；
（4）感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向都有关；
若保持磁体不动，将导体ab水平向右运动，灵敏电流计指针向左偏转；若要使灵敏电流计的指针向右偏转，可以将磁体的磁极对调或让导体ab水平向左运动，当两者同时改变时感应电流的方向不变，故B符合题意；
（5）第5空，第6空，从能量的角度分析可知，产生感应电流时将机械能转化为电能。
故答案为：（1）3； （2）D；（3）不会； （4）B；（5）机械；电。
【分析】（1）要探究“磁场对电流的作用”，既要有磁体，还要有通电导体；电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；
（2）根据各个元件的工作原理分析；
（3）产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；
（4）感应电流的方向与导体运动的方向和磁场的方向都有关；
（5）在电磁感应现象中，是将机械能转化为电能。
23．（2024九下·珠海模拟）如题图甲、吊车正在对一辆交通事故车实施救援作业。该事故车总重为1.2×104N，吊车以0.5m/s 的速度先将该车竖直向上匀速吊起3m，再水平向右移动6m后放到道路事故救援车上运回交警队， g 取10N/kg、求：
（1）吊车施救过程中对该事故车做的功；
（2）起重臂下滑轮组的结构如图乙所示，若钢丝绳上的拉力F为5000N，将该车竖直向上吊起匀速3m 的过程中，则拉力F 的功率及该滑轮组的机械效率。
【答案】（1）将事故车吊起时对车做功，水平移动时不做功，吊车施救过程中对该事故车做的功为
（2）由图可知， 由3段绳子吊着动滑轮，吊起事故车时，绳子自由端移动的距离为
拉力做的功为
拉力做功的时间为
拉力做功的功率为
该滑轮组的机械效率为
答：（1）吊车施救过程中对该事故车做的功为；
（2）拉力F 的功率为，该滑轮组的机械效率为。
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；有用功和额外功
【解析】【分析】（1）根据W=Gh计算吊车对事故车做的功；
（2）由图知，n=3，根据W=Fs=Fnh求吊车做的总功，根据速度公式求做功的时间，根据拉力的功率；根据计算滑轮组机械效率。
24．（2024九下·珠海模拟）如题图是一款家用电热水器简化电路图它有高温和低温两个挡位，高温挡功率为3300W 。R1 、R2均为加热电阻丝，R1 的阻值为55Ω。求：
（1）低温挡时通过R1 的电流；
（2）R2的阻值；
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量。
【答案】（1）当开关接b时，R2被短路，只有R1工作，电路总电阻较大，为低温挡，低温挡时通过R1 的电流为
（2）当开关接a时，两电阻并联，电路总电阻较小，为高温挡，此时R1 的功率为
R2的功率为
R2的阻值为
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量为
答：（1）低温挡时通过R1 的电流为；
（2）R2的阻值为；
（3）电热水器在高温挡工作20min 产生的热量为。
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）由图可知，当开关S接a时，R1、R2并联，当开关S接b时，只有R1工作，根据并联电路的电阻特点和可知高温挡和低温挡的电路连接；根据欧姆定律求出低温挡正常工作时通过R1的电流；
（2）根据P=UI求出高温挡时电路中的电流，根据并联电路的电流特点求出高温挡时通过R2的电流，根据欧姆定律求出R2的阻值；
（3）根据Q=W=Pt算出电热水器在高温挡工作20min产生的热量。
25．（2024九下·珠海模拟）如题图甲所示，容器装有适量的H液体，摆件P通过细线和浮球相连，均处于静止状态。P 的体积为1×10-4m3，P的重力为2.5N，P排开H的质量为0.11kg。[g取10N/kg] ·
（1）摆件P 所受的浮力为 N， 以及此时H 的密度 kg/m3；
（2）剪断细线后，浮球和摆件P 静止时如图乙所示，浮球不吸收液体。浮球所受浮力相比剪断前 （选填“变大”“变小”或“不变”）；
（3）液体H 的密度随其温度的关系曲线如图丙所示，当H 的温度t=12℃时，如图丁所示实心物块M悬浮（M不吸收液体且体积不变），则：
① t=10℃时，物块 M 将 （选填“漂浮””“悬浮”或“沉到底部”）；
②t 在6℃~16℃范围内， M 静止时排开H 液体的体积与H 温度关系的图像可能正确的是
③假设在液体H 温度升高的过程中质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，容器底受到的液体 H 的压强 （选填“变大”“变小”或“不变”）
【答案】1.1；1.1×103；变小；漂浮；A；不变
【知识点】二力平衡的条件及其应用；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，摆件P所受的浮力为：F浮=G排=m排g=0.11kg×10N/kg=1.1N；
第2空，摆件浸没在液体中，V排=V=1×10-4m3，由F浮=ρ液gV排=ρ液gV，可得，液体的密度：
；
（2）浮球所受浮力相比剪断前相比，排开液体的体积变小，由F浮=ρgV排可知浮力变小；
（3）①液体H的密度ρ和H的温度t关系如图丙，当H的温度t=12℃时，如图丁实心物块M悬浮（M不吸收液体且体积不变），说明此时物块M的密度等于此时液体H的密度，当t=10℃时，由图丙可知，H的密度变大，大于物块M的密度，根据物体的浮沉条件可知，M会上浮，最后当M静止时会漂浮；
②当H的温度为6℃时，由图丙可知，H的密度也是变大，大于物块M的密度，物块M也是漂浮，静止时受到的浮力等于其重力，所以物块M在10℃和6℃时受到的浮力相等；当H的密度从6℃上升到10℃时，密度逐渐变小，但都大于物块的密度，物块会上浮，最终漂浮，漂浮时浮力等于重力，但由F浮=ρgV排可知，当液体的密度逐渐变小时，排开液体的体积会逐渐变大；当H的温度从12℃上升到16℃时，密度仍然在逐渐减小，小于物块密度，此时物块会下沉，最终沉底，物体排开液体的体积相同，都等于物块体积，故只有A符合题意；
故选：A；
③液体H温度升高的过程中质量不变，不考虑容器的热胀冷缩，则液体H受到的重力不变，液体H对容器底部的压力不变，因此容器底部受到液体H的压强不变。
故答案为：（1）1.1；1.1×103；（2）变小；（3）①漂浮；②A；③不变。
【分析】（1）根据F浮=G排=m排g求出摆件P所受的浮力，利用阿基米德原理求出此时H的密度；
（2）根据F浮=ρgV排分析相比剪断前浮力的变化；
（3）①根据当H的温度t=12℃时，如图丁实心物块M悬浮，确定物块M与H的密度关系，然后利用漂浮条件可知其浮力关系；
②分析出当H的温度从12℃上升到16℃时的密度变化，与M的密度比较，确定M的状态，由此可知浮力变化，然后做出选择；
③由于液体H的体积随温度的变化而变化，于是液体H的密度发生改变，液体H的深度也发生改变，因此不能利用p=ρgh来比较压强变化，可根据液体H的重力等于液体H对容器底部的压力来判断。
26．（2024九下·珠海模拟）题图甲所示的电路探究通过导体的电流与电压、电阻的关系。器材有：干电池3节（每节电压略小于1.5V），滑动变阻器3个（铭牌上分别标 有“5Ω3A”、“20Ω2A”、“50Ω1.5A”字样），电流表、电压表、开关各一个，阻值为 5Ω、10Ω、20Ω的电阻各一个，导线若干。
（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至 （选填“A”或“B”）端；
（2）闭合开关后，电流表示数为零，电压表偏转明显，则故障可能是
（3）排除故障后，重新开始实验：
①探究“电流与电压的关系”时，正确操作后闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A。移动滑片P，记录多组数据，利用描点法画出I-U 图像，如图乙所示。由图像可得该实验结论： 实验中选用的滑动变阻器的最大电阻为 （选填“5Ω”、“20Ω”或“50Ω”）；
②探究“电流与电阻的关系”时，小文除了利用上一次实验中的某组数据外，将R换成5Ω后，闭合开关，移动滑片P，电流表示数如图丙所示为 A。再换接未使用的另一个电阻，正确操作后，电流表示数为 A；
（4）实验结束后，小文又利用电源（电压未知但恒定不变）、阻值为R0的定值电阻、电压表等器材，设计了如图丁所示的电路测出了实验室中一未知电阻 R的阻值，请完成下列实验步骤：
①闭合开关 S1，断开S2，读出电压表的示数U1；
②闭合开关 S1 和 S2，读出电压表的示数U2；
则待测电阻的阻值 R= 。 （用U1 、U2 和 R0表示）
【答案】B；电阻R断路；电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；50Ω；0.4；0.1；
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究实验
【解析】【解答】（1）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处，即B端，可以保护电路安全。
（2）闭合开关后，电流表示数为零，电路中可能发生了断路，再由电压表偏转明显，说明电压表电源两极之间可构成通路，故障只能是定值电阻发生了断路。
（3）①第3空，由图像是一条斜直线故，可得结论：电阻一定时，通过导体的电流与其两端的电压成正比；
第4空， 由题意可知，电源为三节干电池串联，由于每节电压略小于1.5V，则电源电压范围应该大于3V，小于4.5V； 由图乙可知，刚闭合开关时，滑动变阻器阻值最大，此时电压表示数为0.7V，电流为0.07A，根据串联电路电压规律和欧姆定律可知，电源电压为
U=0.7V+0.07A×R滑大 ------- ①
若选用“5Ω，3A”的滑动变阻器代入①式，可得U=1.05V，不符合题意； 若选用“20Ω，2A”的滑动变阻器代入①式，可得U=2.1V，不符合题意； 若选用“50Ω1.5A”的滑动变阻器代入①式，可得U=4.2V，符合题意； 故实验中选用的是滑动变阻器最大阻值为50Ω。
②第5空，由丙图可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，由指针位置可知示数为0.4A。
第6空， 此时电阻阻值为5Ω，电阻两端电压为
UR=IR=0.4A×5Ω=2V；
第6空，由第一次实验所用数据可知，定值电阻两端电压为0.7V，电流为0.07A，故第一次所用电阻为：
，故最后换接的应是20Ω的电阻。由于本实验要控制定值电阻两端电压保持不变。断开开关，换接20Ω的电阻，电流为
（4）①闭合开关 S1，断开S2，读出电压表的示数U1，此时电压表与定值电阻R1串联在电路中，电压表示数等于电源电压，即U1=U电源；
②闭合开关 S1 和 S2，此时R0与R串联，电压表测的是R0的电压，即R0的电压为U2；
第7空，由欧姆定律可得待测电阻R的阻值为
。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移至阻值最大处；
（2）闭合开关后，电流表示数为0，说明电路可能断路，电压表示数为0，说明电压表与电源没有连通；试触B点，电压表指针偏转，说明电压表与电源连通，据此分析；
（3）根据图乙分析得出结论；根据图甲确定电源电压大约值；闭合开关，电压表示数为0.7V，电流表示数为0.07A，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律讨论滑动变阻器最大阻值和电源电压；
根据电流表选用量程确定分度值读数，利用U=IR求出定值电阻两端电压；根据图乙结合欧姆定律求出定值电阻的阻值，然后确定未使用过的电阻，最后根据控制变量法结合欧姆定律求出电流表示数；
（4）利用电压表与定值电阻串联时，电压表示数为电源电压，再利用R0与R串联可得待测电阻两端电压，再利用欧姆定律计算待测电阻阻值。
27．（2024九下·珠海模拟）阅读材料，回答问题
2024年3月，神舟十七号飞船航天员圆满完成第二次出舱活动，此次出舱重点完成了天和核心舱两侧太阳能电池板（又称“太阳翼”）的维修工作。
由于飞船在太空中处在真空环境，所以舱门必须具有良好的密封性。为检验 飞船舱门的密封性能，可采用如下的方法：将待检验的飞船舱体A置于一个集气空腔B中，先向舱体A充入压强为1.0×105Pa 的空气，再把集气空腔B抽成真空，若舱门漏气，一段时间后便会有气体从舱体A 进入集气空腔B 中。科研人员设计了如图所示电路，利用RA、RB两个完全相同的压敏电阻来测量舱体A 和集气空腔B 中的压强。飞船舱门的面积是0.6m2，不计舱体A 器壁的体积，整个过程温度不变，电源电压为12V，压敏电阻 RA、RB的阻值随气体压强变化的关系如表所示：
压敏电阻受到的气压（×105Pa） 0 0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 0.7 0.8 0.9 1.0
压敬电阻对应的 电阻值（Ω） 100 80 60 44 30 25 20 16 12 10 8
（1）太阳翼将太阳能转化为 能，其由半导体材料制作，请列举一种半导体材料的其他应用： ；
（2）由于处在真空环境，舱门必须具有良好的密封性。在设计出舱时打开舱门 的方向时，应该将舱门向 （选填“内”或“外”）开，是相对安全的选择；
（3）图甲中，若舱体A 漏气，则电压表 V2的示数将 （选填“变大” “不变”或“变小”）；
（4）经测试发现舱体有漏气现象，经过一段时间后，当电压表 V1与 V2示数比为1∶4时，根据表格中数据，可求出此时舱门内外压力差是 N。
【答案】电；芯片；内；变小；3×104
【知识点】能量的转化或转移；压强的大小及其计算；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】（1）第1空，太阳能电池板工作时，将太阳能转化为电能；
第2空，其由半导体材料制作，请列举一种半导体材料的其他应用：二极管；
（2）飞船在太空中飞行时处在真空环境，外部气压为零，即内部气压大于外部气压，若舱门向外开，容易造成气体泄漏，故应该将舱门向内开，是相对安全的选择；
（3）图乙中，两电阻串联，电压表分别测电阻两端电压；若舱体A漏气，集气空腔B中气压会增大，由表中数据可知，RB的阻值会减小，根据串联分压原理可知，电压表V2的示数将减小；
（4）当电压表V1与V2示数比为1：4，根据串联分压原理可知，，由表中数据可知，此时RA=20Ω，对应气压pA＝0.6×105Pa，RB＝80Ω，对应气压pB＝0.1×105Pa，舱门内外压强差为：Δp＝pA－pB＝0.6×105Pa－0.1×105Pa＝0.5×105Pa，则舱门内外压力差为：
ΔF＝ΔpS＝0.5×105Pa×0.6m2＝3×104N。
故答案为：（1）电；二极管；（2）内；（3）减小；（4）3×104。
【分析】（1）太阳能电池板工作时将光能直接转化为电能；二极管由半导体材料制作；
（2）飞船在太空中飞行时处在真空环境，外部气压为零，据此分析；
（3）根据表中数据结合串联分压原理分析回答；
（4）根据串联分压原理求出RA与RB电阻之比，利用表中数据确定RA与RB的电阻及其对应的气压，据此求出舱门内外压强差，根据求出舱门内外压力差。
