2024年四川省泸州市龙马潭区中考第二次质量监测物理试题
1．（2024九下·龙马潭模拟）下列光现象中，因为光的反射产生的是（ ）
A．“折断”的铅笔
B．“放大”的鱼
C．阳光下的树荫
D．水中的倒影
2．（2024九下·龙马潭模拟）物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是（ ）
A．眨眼一次的时间约为3s
B．游泳时受到的浮力约为500N
C．正常步行的速度约为1.2km/h
D．完成一次引体向上做的功约为3000J
3．（2024九下·龙马潭模拟）北京时间2024年4月25日约20：00，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭，在酒泉航天发射中心成功发射。4月26日3时32分，与空间站天和核心舱径向端口成功对接。在火箭发射升空的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．以火箭为参照物，飞船是运动的
B．飞船里“失重”的航天员惯性消失
C．火箭的推力对载人飞船做了功
D．飞船的重力势能增大，机械能不变
4．（2024九下·龙马潭模拟）近年来，我国在深空探索和深海探测等领域取得了重大成就，实现了毛主席在《水调歌头·重上井冈山》中所描绘的“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”的情景。对下列科技成就所涉及的物理知识分析不正确的是（ ）
A．如图甲，中国空间站与地面控制中心的通讯，是通过电磁波实现的
B．如图乙，国产C919大型客机起飞爬升过程中，机翼上方空气流速较大，压强较大
C．如图丙，“奋斗者”号载人潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越大
D．如图丁，“雪龙”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以使物体发生形变
5．（2024九下·龙马潭模拟）下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A．图甲：人发出的声音是由空气振动产生的
B．图乙：用相同的力敲击水瓶琴能发出音调不同的声音
C．图丙：蝙蝠利用次声波传递能量确定目标的位置
D．图丁：禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的
6．（2024九下·龙马潭模拟）质量相同的甲、乙两物体在两台机器的牵引力作用下竖直向上运动，它们运动的s-t图像分别如图甲、乙所示，则（ ）
A．甲、乙物体都做匀速直线运动
B．前6s物体的平均速度v甲﹥v乙
C．机器对甲物体的拉力等于甲的重力
D．乙物体在运动过程中受到一对平衡力作用
7．（2024九下·龙马潭模拟）描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．惊蛰，“惊蛰云不停，寒到五月中”，云中水雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．白露，“白露见湿泥，一天长一皮”，露的形成是熔化现象
C．秋分，“桂花飘香夜，又是一年秋”，桂花飘香说明分子在做无规则运动
D．霜降，“霜降见霜，米谷满仓”，霜是由于小水珠遇冷直接凝固形成的
8．（2024九下·龙马潭模拟）出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，保护电阻R2，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是（ ）
A．电梯工作时电磁铁的上端为N极
B．电磁铁磁性的强弱与电阻R2的大小无关
C．电梯未超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小
9．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，工人用500N的拉力将重800N的物体匀速提升0.5m，所用时间为1s，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．人拉绳做功的功率为500W
C．滑轮组的机械效率为90%
D．动滑轮重为100N
10．（2024九下·龙马潭模拟）右图是坐位体前屈原理图，电源电压恒定不变，R1是定值电阻。当向左推挡板时，变阻器R2滑片P向左滑动，电流表显示推挡板的距离，但刻度不均匀。为使电表刻度均匀且挡板向左移动的距离越大，电表示数越大。下列改进后的电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
11．（2024九下·龙马潭模拟）木棒的一端缠绕铜丝可以制成一个简易的密度计。甲乙两个相同的容器中装有质量相等的不同液体。将该密度计分别放入甲乙容器中，静止后密度计的位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
B．密度计在甲、乙容器中排开液体的质量相等
C．甲容器中液体对容器底的压强等于乙容器中液体对容器底的压强
D．密度计上越靠近铜丝的位置，其刻度线对应的密度值越小
12．（2024九下·龙马潭模拟）如图甲所示的电路，电源电压恒为6V，电阻R1的阻值为2Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为10Ω，滑片P每滑动1cm时，R3接入电路的阻值变化1Ω，滑片P距离a端的长度设为x，闭合开关S，将R3的滑片P移动的过程中，电压表V1的示数U与x的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值为8 Ω
B．当x=6cm时，电阻R2的功率为0.75W
C．当x=10cm时，电压表V2的示数为3V
D．在移动滑片P的过程中，电阻R3功率的最大值为0.9W
13．（2024九下·龙马潭模拟）2024年5月3日17：27长征5号火箭将“嫦娥六号”探测器成功送入预定轨道，轨道器和着陆器太阳能帆板先后展开把太阳能转化为 能供仪器设备使用，太阳能是 （“可再生”或“不可再生”）的一次能源，它的能量来源于 （选填“核聚变”或“核裂变”）。
14．（2024九下·龙马潭模拟）如右图所示，在探究“产生感应电流的条件”实验中：
（1）实验中通过观察 来判断电路中是否有感应电流；
（2）磁铁不动，闭合开关，导体AB沿 （选填“上下”或“左右”）方向运动时，电流表指针会发生偏转；
（3）若导体AB不动，闭合开关，磁铁与步骤（2）中导体AB运动的方向相同时，导体中感应电流的方向与步骤（2）中电流方向 （“相同”或“相反”）。
15．（2024九下·龙马潭模拟）用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像的规律，当点燃的蜡烛、凸透镜、光屏置于光具座上如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰的倒立、 的实像。保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜移到 cm处，光屏上再次出现烛焰清晰的像， （“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的原理与此情况相同。
16．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示是北京冬奥会冰壶项目，比赛所用冰壶的质量为20kg，某次投掷时运动员用12N的水平恒力将冰壶从出发点A点推至B点后放手，放手后冰壶继续滑行至O点停止。冰壶滑行时受到的摩擦力为2N，从A点到O点用时12s，则A点到O点运动过程中，冰壶的平均速度为 m/s，这次投掷过程中运动员对冰壶做的功为 J，冰壶克服摩擦做功 J。（g取10N/kg）
17．（2024九下·龙马潭模拟）如图为过去农村用的舂米结构示意图，相当于一个杜杆，O为固定转轴，在A段连接着石球，用脚踏B端可以使石球升高，松开脚后石球落下打击稻谷。若石球重，要想将石球抬起至少需要在B端施加竖直向下 的力。若某次在B端施加竖直向下的力，则石球对稻谷的压力为 。
18．（2024九下·龙马潭模拟）小马同学用如图所示的电路测量标有“6V”字样的小灯泡的额定功率（不考虑灯丝电阻变化）。电源电压恒为 9V，定值电阻R0为50Ω，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，电流表示数为 A，在1min内电流通过定值电阻R0所产生的热量是 J。若开关S闭合，S1、S2都断开，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率是 W。
19．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
20．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①开关控制电灯；②三孔插座单独接入。
21．（2024九下·龙马潭模拟）某实验小组用规格完全相同的实验器材，对初温相同的100g水，200g水、100g煤油进行加热，如图所示。
（1）若要探究不同物质的吸热差异应选择 （选填“甲、乙、丙”中的两个）两图进行对比实验；
（2）水沸腾时，小组成员观察到烧杯内出现的气泡是 （选填“A”、“B”或“C”）图；
（3）在处理实验数据时，小组成员绘制了从开始加热到沸腾前液体的温度随时间变化图像如图丁，分析可知100g煤油对应的图像是 （选填“b”或“c”），已知水的比热容大于煤油的比热容。
22．（2024九下·龙马潭模拟）周末，小明在长江边拾得两块不同的长江石（不吸水），他将两块长江石带到学校实验室测量密度。
（1）将天平放在水平实验台上并将游码移到 处，发现托盘天平的指针如图1甲所示，此时他应该将平衡螺母向 调节，使天平横梁平衡；
（2）然后将较小的一块长江石放到天平的左盘，在天平的右盘加减砝码；天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图1乙所示，长江石的质量为 g；利用量筒和水测量小长江石的体积如图1丙所示。则该长江石的密度为 g/cm3；
（3）小明在测量另一块长江石时发现无法放入量筒中，于是他采用了以下方法进行测量；
①将空烧杯放入盛有适量水的柱形玻璃容器中，如图2甲所示用刻度尺测量出水的深度为h1；
②将长江石直接放入水中，如图2乙所示用刻度尺测量出水的深度为h2；
③将长江石从水中拿出放入空烧杯中，如图2丙所示用刻度尺测量出水的深度为h3；
④则长江石的密度的表达式为ρ＝ （用所测物理量的字母表示，已知水的密度为ρ水）；在实验后的讨论交流中发现，步骤③中放入空烧杯的长江石沾有一些水，则测出长江石的密度将 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
23．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，在测量小灯泡电功率的实验中，小龙同学选用了一个额定电压2.5V的小灯泡。
（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最 端（选填“左”或“右”）；
（2）闭合开关，小龙发现电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是 ；
A.小灯泡断路 B.滑动变阻器断路 C.小灯泡短路 D.电流表短路
（3）通过调节滑动变阻器滑片，测出多组数据，并作出如图乙所示I-U图像，可以解决以下问题：
①小灯泡的额定功率为 W，正常发光的电阻为 Ω；
②当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻可能为 ；
A.12Ω B.10Ω C.9Ω D.7.5Ω
（4）同组的小马同学又设计了如图丙所示的电路，只用电压表就可以测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率P额。已知电路中使用的滑动变阻器R最大阻值为15 Ω，电源电压恒定。测量过程如下：
①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到最右端，电压表示数为4.5V；
②闭合开关S1、S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 V，这时小灯泡正常发光；
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持②步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为3V；
④小灯泡的额定功率P额 = W。
24．（2024九下·龙马潭模拟）王老师桌上有一张老式加热鼠标垫（内有一根加热电阻丝），如图所示，鼠标垫质量为，规格为“”（忽略温度对电阻的影响）。
（1）求鼠标垫的电阻；
（2）鼠标垫正常工作，温度升高7℃，若此过程中热损失为30%，估算鼠标垫的比热容；
（3）请你帮老师扩大鼠标垫温度调节范围，现有12V的电源、规格为“5Ω 2A”“20Ω 1A”的两个滑动变阻器。她准备通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，请你帮她选择合适的滑动变阻器接入电路，要求①画出电路图，标出所选滑动变阻器的规格，②计算改装后电路消耗的最大功率及滑动变阻器接入电路的最小电阻值。
25．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，某兴趣小组利用力传感器测量物体密度，将力传感器固定在铁架台上，底面积为50cm2的实心均匀圆柱体A通过轻杆与力传感器相连，传感器显示杆的作用力大小。底面积100cm2的柱形容器B放在水平升降台上，装有20cm深的水，如图甲所示。从某时刻开始让升降台上升使A逐渐浸入水中，力传感器的示数F与升降台上升高度h的关系如图乙所示。A始终保持竖直且不吸水，整个过程无水溢出且A未触底，杆浸入水中的体积忽略不计，g=10N/kg。请回答下列问题：
（1）A未入水时，容器底部受到水的压强为多少；
（2）当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为多少；
（3）物体A的密度为多少。
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．放入水中的铅笔好像在水面处“折断”了，是由于光从水中斜射向空气中时，在水面处发生折射形成的，故A错误；
B．鱼缸相当于一个凸透镜，通过鱼缸看到的是鱼的正立、放大的虚像，是由光的折射形成的，故B错误；
C．阳光下的树荫，因是由光的直线传播形成的，故C错误；
D．平静的水面相当于平面镜，水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选D。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播；
光的反射： 光在传播到不同介质表面时，被反射回原来介质中的现象，如水面出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
2．【答案】B
【知识点】时间的估测；速度与物体运动；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】A．人眨一次眼所用的时间大约为0.5s，故A错误；
B．游泳时人在水中近似悬浮，受到的浮力约等于人的重力为500N，故B正确；
C．人正常步行的速度约为1.1m/s=3.96km/h，故C错误；
D．做引体向上时克服人的重力做功，完成一次引体向上做的功约为：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.4m=200J，故D错误。
故选B。
【分析】1.初步了解生活中常见的物理量，进行简单的计算或换单位算，再进行判断；
2.物体漂浮时，所受的浮力等于物体的重力；
3..根据W=Gh求出克服物体重力所作的功。
3．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；是否做功的判断
【解析】【解答】A．在火箭发射升空的过程中，以运载火箭为参照物，飞船与火箭之间位置没有发生变化，所用飞船是静止的，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，惯性的大小与物体的质量有关，故B错误；
C．载人飞船在火箭的推力作用下移动了一段距离，所以火箭的推力对载人飞船做了功，故C正确；
D．升空过程中，飞船的速度变大，动能变大，飞船的高度增大，重力势能增大，故机械能变大，故D错误。
故选C。
【分析】A.若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
B.一切物体都具有惯性，惯性的大小与物体的质量有关；
C.做功的必要条件：一个是作用在物体上的离，另一个是物体在这个力的方向上移动距离；
D.动能影响因素：质量和速度；
重力势能影响因素：质量和高度；
物体的动能和势能统称为机械能。
4．【答案】B
【知识点】力的作用效果；液体压强的特点；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．如图甲，电磁波可以在真空中传播，中国空间站与地面控制中心的通讯，是通过电磁波传递信息的，故A正确；
B．如图乙，国产C919大型客机起飞爬升过程中，机翼上方空气流速较大，压强较小，故B错误；
C．如图丙，“奋斗者”号载人潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越大，故C正确；
D．如图丁，“雪龙”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以使物体发生形变，故D正确。
故选B。
【分析】A. 电磁波可以传递信息，能够在真空中传播；
B.在议题或液体中，流速越大的位置压强越小；
C.根据可分析；
D.力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以使物体发生形变。
5．【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．物体振动产生声音，人发声，是声带在振动，故A错误；
B．乙图中，玻璃瓶装不同高度的水，敲击时，瓶子和水振动频率不同，声音的音调不同，故B正确；
C．蝙蝠能发出和听到超声波，通过超声波传递信息，确定目标的位置，故C错误；
D．禁止鸣笛，阻止了声音的产生，是在声源处控制噪声，故D错误。
故选B。
【分析】声音是物体振动产生的；发声体的长度不同，频率不同，音调不同；蝙蝠可以听到超声波；阻止声音产生，是在声源处控制噪声。
6．【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．由图甲可知，甲物体在相同时间内通过的路程相同，做匀速直线运动；由图乙可知，乙物体在相同时间内通过的路程越来越少，做减速直线运动，故A错误；
B．甲物体在前6s运动的路程为0.4m，则甲物体前6s的平均速度为：
乙物体前6s运动的路程为0.6m，则乙物体前6s的平均速度为；
所用前6秒物体的平均速度v甲
D．乙物体做减速直线运动，处于非平衡状态，受到的是非平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】A.物体在相同时间内通过的路程相同，做匀速直线运动；
物体在相同时间内通过的路程不相同，做变速直线运动；
B.根据求平均速度；
C.二力平衡条件：作用在物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
D.平衡状态：静止或匀速直线运动状态。
7．【答案】C
【知识点】液化及液化放热；分子热运动
【解析】【解答】 A、云中水雾是空气中的水蒸气变成的小水珠，由气态变为液态，属于液化现象，该过程放热，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气温度降低时变成的小水珠，是液化现象，故B错误；
C、由于桂花的香气分子不停地做无规则运动，所以香气分子会扩散到空气中使人闻到香味，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）根据物态变化的知识逐一分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化，物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华，物体由固态直接变为气态的过程叫升华；吸热的物态变化有：熔化、汽化、升华；放热的物态变化有：凝华、液化、凝固；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子的运动属于扩散现象。
8．【答案】D
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．分析电流流向可知，螺线管线圈上电流方向向左，右由安培定则可知， 电磁铁的下端为N极，故A错误；
B．电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，若R2电阻的大小改变，会改变电路中的电流，故B错误；
C．电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作，故C错误；
D．电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，接通触点B，电铃发出报警声，则通过电磁铁的电流增大，所以压敏电阻的阻值减小，即压敏电阻的阻值随压力增大而减小，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电流流向可知螺线管线圈中的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的极性；
B.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
CD.电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作；电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，可知电路中电流变大，压敏电阻阻值变小。
9．【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．由图可知，动滑轮上绳子段数n=2，则绳子自由端移动的距离为：
s绳=nh=2×0.5m=1m
则绳子自由端移动的速度为：
，故A错误；
B．人拉绳做功的功率为：
P=Fv=500N×1m/s=500W，故B正确；
C．组的机械效率为：
，故C错误；
D．根据，则滑轮动滑轮重为：
，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据物体提升距离和动滑轮上绳子的段数，求出绳子自由端移动的距离，根据求出绳子自由端移动的速度；
B.根据P=Fv求人拉绳做功的功率；
C.根据求出滑轮组的机械效率；
D.根据求出动滑轮的重力。
10．【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．两电阻串联，当滑片P向左移动时，电路总电阻减小，则通过电路的电流增大，即滑片移动的过程中电路总电阻是变化的，电路的电流是变化的，所以显示器示数刻度分布不均匀，故AB错误；
CD．滑动变阻器接入电路的阻值最大，滑片移动时，总电阻不变，则电路中电流不变，显示器的示数刻度分布均匀，滑片P向左移动时，PA段电阻减小，PA两端的电压变小，PB段电阻增大，PB两端的电压变大，若电压表测PB两端的电压，则电压表示数变大，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】AB.两电阻串联，滑片移动的过程中电路总电阻是变化的，电路的电流是变化的，显示器示数刻度分布不均匀；
CD.滑动变阻器接入电路的阻值最大，滑片移动时，总电阻不变，则电路中电流不变，显示器的示数刻度分布均匀，根据串联分压的原理，确定电压表的位置。
11．【答案】B,C
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．由图可知，简易密度计均漂浮在液体中，所受的浮力等于密度计的重力，则简易密度计在甲、乙容器中所受的浮力相同，密度计在甲液体中排开液体体积大于在乙液体中排开液体体积，根据可知，甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度；根据阿基米德原理可知，简易密度计在甲、乙液体中排开液体的重力相等，即密度计在甲、乙容器中排开液体的质量相等，故A错误，故B正确；
C．两种液体的质量相等，则液体的重力相同，放入相同的密度计后，液体与密度计的重力之和仍然相等，即对容器底部的压力相等，而两容器的底面积相同，根据可知，甲容器中液体对容器底的压强等于乙容器中液体对容器底的压强，故C正确；
D．密度计所受的浮力都相等，密度计上越靠近铜丝的位置，说明密度计排开液体的体积越小，根据可知，液体密度越大，其刻度线对应的密度值越大，故D错误。
故选BC。
【分析】1.密度计在液体中漂浮，所受的浮力等于密度计的重力，即密度计所受的浮力相等，根据阿基米德原理可知，密度计排开液体的重力相等，则排开液体的质量相等；
2.根据可知，密度计所受浮力相等，排开液体的体积越小，液体密度越大；
3.根据分析比较液体对容器底部的压强；
12．【答案】A,C,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图甲可知，R1、R2与R3串联，电压表V1测R2与R3总电压，电压表V2测R3两端的电压。
A．由图乙可知，当x=0时，R3的阻值为0，此时R1、R2串联，电压表V1测R2两端的电压，为4.8V，则定值电阻R1两端的电压为：
此时电路电流为：
则电阻R2的阻值为：
，故A正确；
B．当x=6cm时，滑动变阻器R3接入电路中电阻为：
此时电路中总电阻为：
电路中电流为：
电阻R2的功率为：
，故B错误；
C．当x=10cm时，滑动变阻器R3接入电路中电阻为：
电路中总电阻为：
电路中电流为：
电压表V2的示数为：
，故C正确；
D．滑动变阻器的功率为：
当时，变阻器R3功率最大，为
，故D正确。
故选ACD。
【分析】A. 当x=0时， R1、R2串联，根据串联电路电压规律，求出电阻R1电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据求出电阻R2的阻值；
BC.根据滑片P距离a端的长度，求出滑动变阻器接入电路的阻值，再求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据求电功率，根据U=IR求电压；
D.若滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器的阻值等于定值电阻的阻值时，滑动变阻器的阻值最大，根据求出滑动变阻器的最大功率。
13．【答案】电；可再生；核聚变
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】轨道器和着陆器太阳能帆板先后展开把太阳能转化为电能，供仪器设备使用，太阳能是可再生的一次能源，它的能量来源于太阳内部不可控的核聚变释放的能量。
【分析】太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
一次能源：像化石能源一样可以直接从自然界获得的能源；
在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的核能。
14．【答案】灵敏电流计指针是否偏转；左右；相同
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）实验中通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流；
（2）磁铁不动，闭合开关，导体AB沿左右方向运动时，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；
（3）若导体AB不动，闭合开关，磁铁与步骤（2）中导体AB运动的方向相同时，导体切割磁感线运动方向不变，导体中感应电流的方向与步骤（2）中电流方向相同。
【分析】实验中通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流；
电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流；
感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
15．【答案】放大；60.0；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】由图可知，物距小于像距，光屏上呈现烛焰的倒立 、放大的实像。
由图可知，物距为：u=45.0cm-30.0cm=15.0cm，像距为：v=75.0cm-45.0cm=30.0cm，保持蜡烛与光屏的位置不动，根据光路的可逆性，此时的物距应该为30.0cm（即此时的物距与原来的像距相等），蜡烛在30.0 cm处，所以应将凸透镜移动到60.0cm处，光屏上再次出现烛焰清晰的倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理制成的。
【分析】u>2f，f
16．【答案】3；72；72
【知识点】速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】冰壶从A点到O点运动距离为：
s=6m+24m+6m=36m
冰壶的平均速度为：
；
投掷过程中运动员对冰壶做的功为：
；
冰壶克服摩擦力所做的功为：
。
【分析】根据求物体运动的平均速度；
根据求物体所做的功。
17．【答案】20；25
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】如图所示，动力臂L1=1m，阻力臂L2=0.4m，石球重50N，即杠杆在A端受到向下的力为50N，根据杠杆的平衡条件可得，在B端施加的力为：
；
若在B端施加竖直向下的力，根据杠杆的平衡条件可得，A端受到向下的力为：
石球受到竖直向上的拉力为25N，石球重为50N，稻谷对石球的支持力为：
石球对稻谷的压力与稻谷对石球的支持力为一对相互作用力，所以石球对稻谷的压力为25N。
【分析】根据杠杆的平衡条件进行计算；
相互作用力关系：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同物体上；
18．【答案】0.36；97.2；3.6
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，滑动变阻器阻值最大，灯泡被短路，滑动变阻器与电阻R0并联，电流表测干路电流，示数为：
；
在1min内电流通过定值电阻R0所产生的热量为：
；
若开关S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.3A，此时电路的总电阻为：
小灯泡的阻值为：
小灯泡的额定功率为：
【分析】当开关S、S1、S2都闭合，滑片P在b端时，滑动变阻器与电阻R0并联，根据欧姆定律和并联电路电流规律，求出电路中的总电流，根据求出电阻产生的热量；
当开关S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联，根据求出总电阻，再求出小灯泡的电阻，根据求出小灯泡的额定功率。
19．【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】过平面镜做A点的对称点A'，连接A'B交平面镜与点O，O点即为入射点，连接AO，即为折射光线，连接OB即为反射光线，如图所示：
【分析】1、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
2、光路图的画法：物体在平面镜中的像关于平面镜对称， 首先作出A处关于平面镜对称点A‘，连接A'B交平面镜于点O。连接AO为入射光线，连接OB为反射光线。
20．【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】根据左零、右火、上接地连接三孔插座；开关控制灯泡，则开关和灯泡串联，为了保证电路安全，开关连接火线，灯泡连接零线，如下图所示：
【分析】三孔插座接法：左零、右火、上接地；
开关与灯泡串联，控制灯泡的开关要连接在火线和用电器之间。
21．【答案】甲、丙；B；c
【知识点】探究水的沸腾实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）若要探究不同物质的吸热差异，应控制物质的质量相同，改变物质的种类，故应选择甲、丙两图进行对比实验。
（2）水沸腾时，气泡在上升过程中不断变大，故烧杯内出现的气泡是B图。
（3）水的比热容比煤油的比热容大，质量相等的水和煤油，吸收的热量相同（即加热时间相同）时，煤油的温度变化较大，所以100g煤油对应的图像是c。
【分析】（1）根据控制变量法进行分析、选择；
（2）水沸腾前：气泡不断变小；水沸腾时：气泡不断变大；
（3）水的比热容大于煤油的比热容；
质量相等的不同物质，吸收的热量相同时，比热容较小的物质，温度变化较大；
22．【答案】零刻度线；左；62；3.1；；不变
【知识点】固体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）将天平放在水平实验台上并将游码移到零刻度线处；
由图1甲可知，托盘天平的指针右偏，此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（2）由图l乙可知，长江石的质量为：
m=50g+10g+2g=62g；
由图1丙可知，长江石的体积为：
V=80mL-60mL=20mL=20cm3，
则该长江石的密度为：
；
（3）设烧杯的底面积为S，由图2甲、丙两图可知，长江石的重力为：
G石=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS（h3-h1）
由图2甲、乙两图可知，长江石的体积为：
V=S（h2-h1）
则长江石的密度的表达式为：
步骤③中放入空烧杯的长江石沾有一些水，则柱形玻璃容器中水减少，烧杯漂浮在水面上，长江石上沾水的质量等于沾的水排开水的质量，对长江石质量的测量没有影响，所以测出长江石的密度将不变。
【分析】（1）天平使用前，将天平放在水平台上，游码归零，根据“左偏右调，右偏左调”的方法调节平衡螺母，使天平横梁平衡；
（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应质量之和 ；
根据求出物体体积；
（3）根据阿基米德原理可知，长江石的重力等于长江石和烧杯漂浮时的浮力与烧杯漂浮时的浮力之差，长江石的体积等于长江石排开水的体积，根据表示出长江石的密度；
长江石上沾的水的质量等于沾的水排开水的质量，对长江石质量的测量没有影响，所以测出长江石的密度将不变。
23．【答案】右；C；0.625；10；C；2；0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最右端。
（2）闭合开关，小龙发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，可能是与电压表并联的小灯泡发生了短路；
故选C。
（3） ① 灯泡的额定电压为2.5V，由图乙可知，此时通过小灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
小灯泡正常发光的电阻为：
② 由图乙可知，当小灯泡的电压为1.5V，通过灯泡的电流为0.2A，此时小灯泡的电阻为：
小灯泡的电阻随温度升高而变大，当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻应大于，小于，故当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻可能为 9Ω；
故选C。
（4）①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到最右端，阻值最大，此时只有滑动变阻器接入电路，电压表测电源电压，为4.5V，即电源电压为4.5V；
②闭合开关S1、S3，断开S2，此时滑动变阻器和小灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，则电压表示数为：
；
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持②步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电路中只有变阻器的最大阻值连入电路，电压表测滑动变阻器左半部分电阻丝分得的电压，示数为3V，此时电路电流为：
此时滑动变阻器左半部分电阻丝阻值为：
则接入②步骤中滑动变阻器阻值为。则②步骤中小灯泡的额定电流为：
④小灯泡的额定功率为：
。
【分析】（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
（2）测量小灯泡电功率的实验中，若电流表有示数，则电路为通路，电压表无示数，故障可能是小灯泡发生短路；
（3） ① 根据求小灯泡的额定功率；
根据求小灯泡正常发光时的电阻；
② 小灯泡电阻随温度升高而变大 ；
（4）步骤 ① ：当闭合开关S1、S2，断开S3时，电压表测电源电压；
步骤②和步骤③，滑动变阻器左半部分电阻丝的阻值相同，由步骤③，先根据求出电路中的电流，再根据求出滑动变阻器左半部分电阻丝的阻值；步骤②：根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的电压，根据求出小灯泡的额定电流，再根据求出小灯泡的额定功率。
24．【答案】解：（1）由题意及可得，鼠标垫的电阻为：
（2）鼠标垫工作过程中，正常工作10min所消耗的电能为：
过程中热损失为30%，吸收的热量为：
由可得，鼠标垫的比热容为：
（3）由题意可得，鼠标垫允许通过的最大电流为：
此时滑动变阻器的电压为：
由得，滑动变阻器此时接入电路中的最小电阻为：
则月月应选择“20Ω 1A”的滑动变阻器，当鼠标垫正常工作时，电路中电流最大，电路电功率最大为：
故应选规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器接入电路，通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫的加热功率，变阻器和电阻丝R1串联在电路中，如图所示：
答：（1）电阻的阻值为5Ω；
（2）鼠标的比热容为1500J/（kg·℃）；
（3）电阻的最大功率为12W，滑动变阻器最小阻值为7Ω，电路图见解析。
【知识点】比热容；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据求出鼠标垫的电阻；
（2）根据求鼠标垫正常工作10min所消耗的电能，再求出鼠标垫吸收的热量，根据求出鼠标垫的比热容；
（3）根据求出鼠标垫允许通过的最大电流，根据串联电路的电压规律求出滑动变阻器的电压，根据求出滑动变阻器此时接入电路中的最小电阻，据此可以选择合适规格的滑动变阻器，根据求出电路中的最大功率；
需要通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫的加热功率，所以滑动变阻器应和电阻丝R1串联在电路中。
25．【答案】解：（1）A未入水时，B容器装有20cm深的水，容器底部受到水的压强为：
（2）当A浸入水中10cm时，则A浸入的体积为：
当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为：
（3）如图乙可知，升降台上升高度8cm，杆对A力的作用为0N，则此时物体A所受的浮力等于重力，此时物体A浸入的深度为：
物体A浸入的体积为：
物体A所受的浮力为：
物体A的质量为：
从图乙可知，当物体A浸没时，此时杆对物体有向下的压力，其大小为2N，对物体进行受力分析，物体受到了浮力，杆对物体向下的力，物体A所受的重力，则此时物体所受的浮力为：
物体A的体积为：
物体A的密度为：
答：（1）A未入水时，容器底部受到水的压强为2000Pa；
（2）当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为5N；
（3）物体A的密度为。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据求A未入水时，容器底部受到水的压强；
（2）根据求出当A浸入水中10cm时，则A浸入的体积，再根据求出A所受浮力；
（3）当升降台上升高度8cm，杆对A力的作用为0N，说明此时物体A所受的浮力等于重力，根据
求出此时物体A浸入的深度，再根据求出物体A浸入的体积，然后根据求出此时物体A所受的浮力，进而根据求出物体A的质量；
当物体A浸没时，此时杆对物体有向下的压力为2N，对物体A进行受力分析，根据求出物体所受的浮力，根据求出物体A的体积，根据求出物体A的密度为。
2024年四川省泸州市龙马潭区中考第二次质量监测物理试题
1．（2024九下·龙马潭模拟）下列光现象中，因为光的反射产生的是（ ）
A．“折断”的铅笔
B．“放大”的鱼
C．阳光下的树荫
D．水中的倒影
【答案】D
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A．放入水中的铅笔好像在水面处“折断”了，是由于光从水中斜射向空气中时，在水面处发生折射形成的，故A错误；
B．鱼缸相当于一个凸透镜，通过鱼缸看到的是鱼的正立、放大的虚像，是由光的折射形成的，故B错误；
C．阳光下的树荫，因是由光的直线传播形成的，故C错误；
D．平静的水面相当于平面镜，水中的倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故D正确。
故选D。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播；
光的反射： 光在传播到不同介质表面时，被反射回原来介质中的现象，如水面出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
光的折射：光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生偏折，这种现象叫光的折射，如水池底变浅、水中筷子弯折、海市蜃楼等都是光的折射形成的。
2．（2024九下·龙马潭模拟）物理源于生活，又服务于生活，下列数据符合实际的是（ ）
A．眨眼一次的时间约为3s
B．游泳时受到的浮力约为500N
C．正常步行的速度约为1.2km/h
D．完成一次引体向上做的功约为3000J
【答案】B
【知识点】时间的估测；速度与物体运动；物体的浮沉条件及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】A．人眨一次眼所用的时间大约为0.5s，故A错误；
B．游泳时人在水中近似悬浮，受到的浮力约等于人的重力为500N，故B正确；
C．人正常步行的速度约为1.1m/s=3.96km/h，故C错误；
D．做引体向上时克服人的重力做功，完成一次引体向上做的功约为：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.4m=200J，故D错误。
故选B。
【分析】1.初步了解生活中常见的物理量，进行简单的计算或换单位算，再进行判断；
2.物体漂浮时，所受的浮力等于物体的重力；
3..根据W=Gh求出克服物体重力所作的功。
3．（2024九下·龙马潭模拟）北京时间2024年4月25日约20：00，搭载神舟十八号载人飞船的长征二号F遥十八运载火箭，在酒泉航天发射中心成功发射。4月26日3时32分，与空间站天和核心舱径向端口成功对接。在火箭发射升空的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．以火箭为参照物，飞船是运动的
B．飞船里“失重”的航天员惯性消失
C．火箭的推力对载人飞船做了功
D．飞船的重力势能增大，机械能不变
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象；参照物及其选择；是否做功的判断
【解析】【解答】A．在火箭发射升空的过程中，以运载火箭为参照物，飞船与火箭之间位置没有发生变化，所用飞船是静止的，故A错误；
B．一切物体都具有惯性，惯性的大小与物体的质量有关，故B错误；
C．载人飞船在火箭的推力作用下移动了一段距离，所以火箭的推力对载人飞船做了功，故C正确；
D．升空过程中，飞船的速度变大，动能变大，飞船的高度增大，重力势能增大，故机械能变大，故D错误。
故选C。
【分析】A.若物体和参照物之间位置发生变化，则物体是运动的，若物体和参照物之间位置没有发生变化，则物体是静止的；
B.一切物体都具有惯性，惯性的大小与物体的质量有关；
C.做功的必要条件：一个是作用在物体上的离，另一个是物体在这个力的方向上移动距离；
D.动能影响因素：质量和速度；
重力势能影响因素：质量和高度；
物体的动能和势能统称为机械能。
4．（2024九下·龙马潭模拟）近年来，我国在深空探索和深海探测等领域取得了重大成就，实现了毛主席在《水调歌头·重上井冈山》中所描绘的“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”的情景。对下列科技成就所涉及的物理知识分析不正确的是（ ）
A．如图甲，中国空间站与地面控制中心的通讯，是通过电磁波实现的
B．如图乙，国产C919大型客机起飞爬升过程中，机翼上方空气流速较大，压强较大
C．如图丙，“奋斗者”号载人潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越大
D．如图丁，“雪龙”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以使物体发生形变
【答案】B
【知识点】力的作用效果；液体压强的特点；流体压强与流速的关系；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．如图甲，电磁波可以在真空中传播，中国空间站与地面控制中心的通讯，是通过电磁波传递信息的，故A正确；
B．如图乙，国产C919大型客机起飞爬升过程中，机翼上方空气流速较大，压强较小，故B错误；
C．如图丙，“奋斗者”号载人潜水器下潜的深度越深，所受海水的压强越大，故C正确；
D．如图丁，“雪龙”号破冰船利用自身重力破冰，说明力可以使物体发生形变，故D正确。
故选B。
【分析】A. 电磁波可以传递信息，能够在真空中传播；
B.在议题或液体中，流速越大的位置压强越小；
C.根据可分析；
D.力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以使物体发生形变。
5．（2024九下·龙马潭模拟）下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A．图甲：人发出的声音是由空气振动产生的
B．图乙：用相同的力敲击水瓶琴能发出音调不同的声音
C．图丙：蝙蝠利用次声波传递能量确定目标的位置
D．图丁：禁止鸣笛是在传播过程中控制噪声的
【答案】B
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】A．物体振动产生声音，人发声，是声带在振动，故A错误；
B．乙图中，玻璃瓶装不同高度的水，敲击时，瓶子和水振动频率不同，声音的音调不同，故B正确；
C．蝙蝠能发出和听到超声波，通过超声波传递信息，确定目标的位置，故C错误；
D．禁止鸣笛，阻止了声音的产生，是在声源处控制噪声，故D错误。
故选B。
【分析】声音是物体振动产生的；发声体的长度不同，频率不同，音调不同；蝙蝠可以听到超声波；阻止声音产生，是在声源处控制噪声。
6．（2024九下·龙马潭模拟）质量相同的甲、乙两物体在两台机器的牵引力作用下竖直向上运动，它们运动的s-t图像分别如图甲、乙所示，则（ ）
A．甲、乙物体都做匀速直线运动
B．前6s物体的平均速度v甲﹥v乙
C．机器对甲物体的拉力等于甲的重力
D．乙物体在运动过程中受到一对平衡力作用
【答案】C
【知识点】二力平衡的条件及其应用；时间速度路程的图像分析
【解析】【解答】A．由图甲可知，甲物体在相同时间内通过的路程相同，做匀速直线运动；由图乙可知，乙物体在相同时间内通过的路程越来越少，做减速直线运动，故A错误；
B．甲物体在前6s运动的路程为0.4m，则甲物体前6s的平均速度为：
乙物体前6s运动的路程为0.6m，则乙物体前6s的平均速度为；
所用前6秒物体的平均速度v甲
D．乙物体做减速直线运动，处于非平衡状态，受到的是非平衡力，故D错误。
故选C。
【分析】A.物体在相同时间内通过的路程相同，做匀速直线运动；
物体在相同时间内通过的路程不相同，做变速直线运动；
B.根据求平均速度；
C.二力平衡条件：作用在物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上；
D.平衡状态：静止或匀速直线运动状态。
7．（2024九下·龙马潭模拟）描述二十四节气的诗句中蕴含着丰富的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．惊蛰，“惊蛰云不停，寒到五月中”，云中水雾的形成是汽化现象，需要吸热
B．白露，“白露见湿泥，一天长一皮”，露的形成是熔化现象
C．秋分，“桂花飘香夜，又是一年秋”，桂花飘香说明分子在做无规则运动
D．霜降，“霜降见霜，米谷满仓”，霜是由于小水珠遇冷直接凝固形成的
【答案】C
【知识点】液化及液化放热；分子热运动
【解析】【解答】 A、云中水雾是空气中的水蒸气变成的小水珠，由气态变为液态，属于液化现象，该过程放热，故A错误；
B、露是空气中的水蒸气温度降低时变成的小水珠，是液化现象，故B错误；
C、由于桂花的香气分子不停地做无规则运动，所以香气分子会扩散到空气中使人闻到香味，故C正确；
D、霜是空气中的水蒸气温度降低时直接变成小冰晶，这是凝华现象，故D错误。
故选：C。
【分析】 （1）根据物态变化的知识逐一分析：物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化，物体由气态变为液态的过程叫液化，物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾；物体由气态直接变为固态的过程叫凝华，物体由固态直接变为气态的过程叫升华；吸热的物态变化有：熔化、汽化、升华；放热的物态变化有：凝华、液化、凝固；
（2）一切物质的分子都在不停地做无规则的运动，分子的运动属于扩散现象。
8．（2024九下·龙马潭模拟）出于安全考虑，电梯设置了超载自动报警系统，其工作原理如图所示，电梯厢底层装有压敏电阻R1，保护电阻R2，K为动触点，A、B为静触点，当出现超载情况时，电铃将发出报警声，电梯停止运行，下列说法正确的是（ ）
A．电梯工作时电磁铁的上端为N极
B．电磁铁磁性的强弱与电阻R2的大小无关
C．电梯未超载时动触点K与静触点B接触
D．电梯超载时报警说明压敏电阻的阻值随压力增大而减小
【答案】D
【知识点】电磁继电器的组成、原理和特点
【解析】【解答】A．分析电流流向可知，螺线管线圈上电流方向向左，右由安培定则可知， 电磁铁的下端为N极，故A错误；
B．电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，若R2电阻的大小改变，会改变电路中的电流，故B错误；
C．电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作，故C错误；
D．电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，接通触点B，电铃发出报警声，则通过电磁铁的电流增大，所以压敏电阻的阻值减小，即压敏电阻的阻值随压力增大而减小，故D正确。
故选D。
【分析】A.根据电流流向可知螺线管线圈中的电流方向，根据安培定则判断电磁铁的极性；
B.电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关；
CD.电梯未超载时，动触点K与静触点A接触，此时电梯正常工作；电梯超载时，电磁铁的磁场变强，衔铁被吸下来，可知电路中电流变大，压敏电阻阻值变小。
9．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，工人用500N的拉力将重800N的物体匀速提升0.5m，所用时间为1s，不计绳重和摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的速度为0.5m/s
B．人拉绳做功的功率为500W
C．滑轮组的机械效率为90%
D．动滑轮重为100N
【答案】B
【知识点】功率计算公式的应用；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算
【解析】【解答】A．由图可知，动滑轮上绳子段数n=2，则绳子自由端移动的距离为：
s绳=nh=2×0.5m=1m
则绳子自由端移动的速度为：
，故A错误；
B．人拉绳做功的功率为：
P=Fv=500N×1m/s=500W，故B正确；
C．组的机械效率为：
，故C错误；
D．根据，则滑轮动滑轮重为：
，故D错误。
故选B。
【分析】A.根据物体提升距离和动滑轮上绳子的段数，求出绳子自由端移动的距离，根据求出绳子自由端移动的速度；
B.根据P=Fv求人拉绳做功的功率；
C.根据求出滑轮组的机械效率；
D.根据求出动滑轮的重力。
10．（2024九下·龙马潭模拟）右图是坐位体前屈原理图，电源电压恒定不变，R1是定值电阻。当向左推挡板时，变阻器R2滑片P向左滑动，电流表显示推挡板的距离，但刻度不均匀。为使电表刻度均匀且挡板向左移动的距离越大，电表示数越大。下列改进后的电路符合要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】滑动变阻器的原理及其使用；电路的动态分析
【解析】【解答】AB．两电阻串联，当滑片P向左移动时，电路总电阻减小，则通过电路的电流增大，即滑片移动的过程中电路总电阻是变化的，电路的电流是变化的，所以显示器示数刻度分布不均匀，故AB错误；
CD．滑动变阻器接入电路的阻值最大，滑片移动时，总电阻不变，则电路中电流不变，显示器的示数刻度分布均匀，滑片P向左移动时，PA段电阻减小，PA两端的电压变小，PB段电阻增大，PB两端的电压变大，若电压表测PB两端的电压，则电压表示数变大，故C错误，D正确。
故选D。
【分析】AB.两电阻串联，滑片移动的过程中电路总电阻是变化的，电路的电流是变化的，显示器示数刻度分布不均匀；
CD.滑动变阻器接入电路的阻值最大，滑片移动时，总电阻不变，则电路中电流不变，显示器的示数刻度分布均匀，根据串联分压的原理，确定电压表的位置。
11．（2024九下·龙马潭模拟）木棒的一端缠绕铜丝可以制成一个简易的密度计。甲乙两个相同的容器中装有质量相等的不同液体。将该密度计分别放入甲乙容器中，静止后密度计的位置如图所示，下列判断正确的是（ ）
A．甲容器中液体的密度大于乙容器中液体的密度
B．密度计在甲、乙容器中排开液体的质量相等
C．甲容器中液体对容器底的压强等于乙容器中液体对容器底的压强
D．密度计上越靠近铜丝的位置，其刻度线对应的密度值越小
【答案】B,C
【知识点】液体压强计算公式的应用；浮力的利用；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】AB．由图可知，简易密度计均漂浮在液体中，所受的浮力等于密度计的重力，则简易密度计在甲、乙容器中所受的浮力相同，密度计在甲液体中排开液体体积大于在乙液体中排开液体体积，根据可知，甲容器中液体密度小于乙容器中液体密度；根据阿基米德原理可知，简易密度计在甲、乙液体中排开液体的重力相等，即密度计在甲、乙容器中排开液体的质量相等，故A错误，故B正确；
C．两种液体的质量相等，则液体的重力相同，放入相同的密度计后，液体与密度计的重力之和仍然相等，即对容器底部的压力相等，而两容器的底面积相同，根据可知，甲容器中液体对容器底的压强等于乙容器中液体对容器底的压强，故C正确；
D．密度计所受的浮力都相等，密度计上越靠近铜丝的位置，说明密度计排开液体的体积越小，根据可知，液体密度越大，其刻度线对应的密度值越大，故D错误。
故选BC。
【分析】1.密度计在液体中漂浮，所受的浮力等于密度计的重力，即密度计所受的浮力相等，根据阿基米德原理可知，密度计排开液体的重力相等，则排开液体的质量相等；
2.根据可知，密度计所受浮力相等，排开液体的体积越小，液体密度越大；
3.根据分析比较液体对容器底部的压强；
12．（2024九下·龙马潭模拟）如图甲所示的电路，电源电压恒为6V，电阻R1的阻值为2Ω，滑动变阻器R3的最大阻值为10Ω，滑片P每滑动1cm时，R3接入电路的阻值变化1Ω，滑片P距离a端的长度设为x，闭合开关S，将R3的滑片P移动的过程中，电压表V1的示数U与x的关系如图乙所示。则下列说法中正确的是（ ）
A．电阻R2的阻值为8 Ω
B．当x=6cm时，电阻R2的功率为0.75W
C．当x=10cm时，电压表V2的示数为3V
D．在移动滑片P的过程中，电阻R3功率的最大值为0.9W
【答案】A,C,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图甲可知，R1、R2与R3串联，电压表V1测R2与R3总电压，电压表V2测R3两端的电压。
A．由图乙可知，当x=0时，R3的阻值为0，此时R1、R2串联，电压表V1测R2两端的电压，为4.8V，则定值电阻R1两端的电压为：
此时电路电流为：
则电阻R2的阻值为：
，故A正确；
B．当x=6cm时，滑动变阻器R3接入电路中电阻为：
此时电路中总电阻为：
电路中电流为：
电阻R2的功率为：
，故B错误；
C．当x=10cm时，滑动变阻器R3接入电路中电阻为：
电路中总电阻为：
电路中电流为：
电压表V2的示数为：
，故C正确；
D．滑动变阻器的功率为：
当时，变阻器R3功率最大，为
，故D正确。
故选ACD。
【分析】A. 当x=0时， R1、R2串联，根据串联电路电压规律，求出电阻R1电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据求出电阻R2的阻值；
BC.根据滑片P距离a端的长度，求出滑动变阻器接入电路的阻值，再求出电路中的总电阻，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据求电功率，根据U=IR求电压；
D.若滑动变阻器与定值电阻串联，当滑动变阻器的阻值等于定值电阻的阻值时，滑动变阻器的阻值最大，根据求出滑动变阻器的最大功率。
13．（2024九下·龙马潭模拟）2024年5月3日17：27长征5号火箭将“嫦娥六号”探测器成功送入预定轨道，轨道器和着陆器太阳能帆板先后展开把太阳能转化为 能供仪器设备使用，太阳能是 （“可再生”或“不可再生”）的一次能源，它的能量来源于 （选填“核聚变”或“核裂变”）。
【答案】电；可再生；核聚变
【知识点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化
【解析】【解答】轨道器和着陆器太阳能帆板先后展开把太阳能转化为电能，供仪器设备使用，太阳能是可再生的一次能源，它的能量来源于太阳内部不可控的核聚变释放的能量。
【分析】太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能；
一次能源：像化石能源一样可以直接从自然界获得的能源；
在太阳内部，氢原子核在超高温下发生聚变，释放出巨大的核能。
14．（2024九下·龙马潭模拟）如右图所示，在探究“产生感应电流的条件”实验中：
（1）实验中通过观察 来判断电路中是否有感应电流；
（2）磁铁不动，闭合开关，导体AB沿 （选填“上下”或“左右”）方向运动时，电流表指针会发生偏转；
（3）若导体AB不动，闭合开关，磁铁与步骤（2）中导体AB运动的方向相同时，导体中感应电流的方向与步骤（2）中电流方向 （“相同”或“相反”）。
【答案】灵敏电流计指针是否偏转；左右；相同
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】（1）实验中通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流；
（2）磁铁不动，闭合开关，导体AB沿左右方向运动时，导体做切割磁感线运动，电路中有感应电流，电流表指针会发生偏转；
（3）若导体AB不动，闭合开关，磁铁与步骤（2）中导体AB运动的方向相同时，导体切割磁感线运动方向不变，导体中感应电流的方向与步骤（2）中电流方向相同。
【分析】实验中通过观察灵敏电流计指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流；
电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流；
感应电流方向与磁场方向和导体切割磁感线运动的方向有关。
15．（2024九下·龙马潭模拟）用焦距为10cm的凸透镜探究凸透镜成像的规律，当点燃的蜡烛、凸透镜、光屏置于光具座上如图所示的位置时，光屏上呈现烛焰的倒立、 的实像。保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜移到 cm处，光屏上再次出现烛焰清晰的像， （“照相机”“投影仪”或“放大镜”）的原理与此情况相同。
【答案】放大；60.0；照相机
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】由图可知，物距小于像距，光屏上呈现烛焰的倒立 、放大的实像。
由图可知，物距为：u=45.0cm-30.0cm=15.0cm，像距为：v=75.0cm-45.0cm=30.0cm，保持蜡烛与光屏的位置不动，根据光路的可逆性，此时的物距应该为30.0cm（即此时的物距与原来的像距相等），蜡烛在30.0 cm处，所以应将凸透镜移动到60.0cm处，光屏上再次出现烛焰清晰的倒立、缩小的实像，照相机就是利用这一原理制成的。
【分析】u>2f，f
16．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示是北京冬奥会冰壶项目，比赛所用冰壶的质量为20kg，某次投掷时运动员用12N的水平恒力将冰壶从出发点A点推至B点后放手，放手后冰壶继续滑行至O点停止。冰壶滑行时受到的摩擦力为2N，从A点到O点用时12s，则A点到O点运动过程中，冰壶的平均速度为 m/s，这次投掷过程中运动员对冰壶做的功为 J，冰壶克服摩擦做功 J。（g取10N/kg）
【答案】3；72；72
【知识点】速度公式及其应用；功的计算及应用
【解析】【解答】冰壶从A点到O点运动距离为：
s=6m+24m+6m=36m
冰壶的平均速度为：
；
投掷过程中运动员对冰壶做的功为：
；
冰壶克服摩擦力所做的功为：
。
【分析】根据求物体运动的平均速度；
根据求物体所做的功。
17．（2024九下·龙马潭模拟）如图为过去农村用的舂米结构示意图，相当于一个杜杆，O为固定转轴，在A段连接着石球，用脚踏B端可以使石球升高，松开脚后石球落下打击稻谷。若石球重，要想将石球抬起至少需要在B端施加竖直向下 的力。若某次在B端施加竖直向下的力，则石球对稻谷的压力为 。
【答案】20；25
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】如图所示，动力臂L1=1m，阻力臂L2=0.4m，石球重50N，即杠杆在A端受到向下的力为50N，根据杠杆的平衡条件可得，在B端施加的力为：
；
若在B端施加竖直向下的力，根据杠杆的平衡条件可得，A端受到向下的力为：
石球受到竖直向上的拉力为25N，石球重为50N，稻谷对石球的支持力为：
石球对稻谷的压力与稻谷对石球的支持力为一对相互作用力，所以石球对稻谷的压力为25N。
【分析】根据杠杆的平衡条件进行计算；
相互作用力关系：大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同物体上；
18．（2024九下·龙马潭模拟）小马同学用如图所示的电路测量标有“6V”字样的小灯泡的额定功率（不考虑灯丝电阻变化）。电源电压恒为 9V，定值电阻R0为50Ω，滑动变阻器的最大阻值为50Ω，若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，电流表示数为 A，在1min内电流通过定值电阻R0所产生的热量是 J。若开关S闭合，S1、S2都断开，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.3A，则小灯泡的额定功率是 W。
【答案】0.36；97.2；3.6
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】由图可知，若开关S、S1、S2都闭合，当滑片P在b端时，滑动变阻器阻值最大，灯泡被短路，滑动变阻器与电阻R0并联，电流表测干路电流，示数为：
；
在1min内电流通过定值电阻R0所产生的热量为：
；
若开关S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电流表的示数为0.3A，此时电路的总电阻为：
小灯泡的阻值为：
小灯泡的额定功率为：
【分析】当开关S、S1、S2都闭合，滑片P在b端时，滑动变阻器与电阻R0并联，根据欧姆定律和并联电路电流规律，求出电路中的总电流，根据求出电阻产生的热量；
当开关S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联，根据求出总电阻，再求出小灯泡的电阻，根据求出小灯泡的额定功率。
19．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，在清水池底水平放置一平面镜，一束光射向水面的A点，经水折射和平面镜一次反射后射向水面的B点，请作出该过程的光路图。
【答案】
【知识点】作光的反射光路图；作光的折射光路图
【解析】【解答】过平面镜做A点的对称点A'，连接A'B交平面镜与点O，O点即为入射点，连接AO，即为折射光线，连接OB即为反射光线，如图所示：
【分析】1、平面镜成像特点：物像等大、物像等距、物像关于平面镜对称、成虚像。
2、光路图的画法：物体在平面镜中的像关于平面镜对称， 首先作出A处关于平面镜对称点A‘，连接A'B交平面镜于点O。连接AO为入射光线，连接OB为反射光线。
20．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，请用笔画线代替导线，将图中元件接入家庭电路中，要求：①开关控制电灯；②三孔插座单独接入。
【答案】
【知识点】家庭电路的连接
【解析】【解答】根据左零、右火、上接地连接三孔插座；开关控制灯泡，则开关和灯泡串联，为了保证电路安全，开关连接火线，灯泡连接零线，如下图所示：
【分析】三孔插座接法：左零、右火、上接地；
开关与灯泡串联，控制灯泡的开关要连接在火线和用电器之间。
21．（2024九下·龙马潭模拟）某实验小组用规格完全相同的实验器材，对初温相同的100g水，200g水、100g煤油进行加热，如图所示。
（1）若要探究不同物质的吸热差异应选择 （选填“甲、乙、丙”中的两个）两图进行对比实验；
（2）水沸腾时，小组成员观察到烧杯内出现的气泡是 （选填“A”、“B”或“C”）图；
（3）在处理实验数据时，小组成员绘制了从开始加热到沸腾前液体的温度随时间变化图像如图丁，分析可知100g煤油对应的图像是 （选填“b”或“c”），已知水的比热容大于煤油的比热容。
【答案】甲、丙；B；c
【知识点】探究水的沸腾实验；比较不同物质吸热的情况实验
【解析】【解答】（1）若要探究不同物质的吸热差异，应控制物质的质量相同，改变物质的种类，故应选择甲、丙两图进行对比实验。
（2）水沸腾时，气泡在上升过程中不断变大，故烧杯内出现的气泡是B图。
（3）水的比热容比煤油的比热容大，质量相等的水和煤油，吸收的热量相同（即加热时间相同）时，煤油的温度变化较大，所以100g煤油对应的图像是c。
【分析】（1）根据控制变量法进行分析、选择；
（2）水沸腾前：气泡不断变小；水沸腾时：气泡不断变大；
（3）水的比热容大于煤油的比热容；
质量相等的不同物质，吸收的热量相同时，比热容较小的物质，温度变化较大；
22．（2024九下·龙马潭模拟）周末，小明在长江边拾得两块不同的长江石（不吸水），他将两块长江石带到学校实验室测量密度。
（1）将天平放在水平实验台上并将游码移到 处，发现托盘天平的指针如图1甲所示，此时他应该将平衡螺母向 调节，使天平横梁平衡；
（2）然后将较小的一块长江石放到天平的左盘，在天平的右盘加减砝码；天平平衡后，右盘中砝码和游码的位置如图1乙所示，长江石的质量为 g；利用量筒和水测量小长江石的体积如图1丙所示。则该长江石的密度为 g/cm3；
（3）小明在测量另一块长江石时发现无法放入量筒中，于是他采用了以下方法进行测量；
①将空烧杯放入盛有适量水的柱形玻璃容器中，如图2甲所示用刻度尺测量出水的深度为h1；
②将长江石直接放入水中，如图2乙所示用刻度尺测量出水的深度为h2；
③将长江石从水中拿出放入空烧杯中，如图2丙所示用刻度尺测量出水的深度为h3；
④则长江石的密度的表达式为ρ＝ （用所测物理量的字母表示，已知水的密度为ρ水）；在实验后的讨论交流中发现，步骤③中放入空烧杯的长江石沾有一些水，则测出长江石的密度将 （选填“增大”“减小”或“不变”）。
【答案】零刻度线；左；62；3.1；；不变
【知识点】固体密度的测量；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）将天平放在水平实验台上并将游码移到零刻度线处；
由图1甲可知，托盘天平的指针右偏，此时他应该将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡。
（2）由图l乙可知，长江石的质量为：
m=50g+10g+2g=62g；
由图1丙可知，长江石的体积为：
V=80mL-60mL=20mL=20cm3，
则该长江石的密度为：
；
（3）设烧杯的底面积为S，由图2甲、丙两图可知，长江石的重力为：
G石=ΔF浮=ρ水gΔV排=ρ水gS（h3-h1）
由图2甲、乙两图可知，长江石的体积为：
V=S（h2-h1）
则长江石的密度的表达式为：
步骤③中放入空烧杯的长江石沾有一些水，则柱形玻璃容器中水减少，烧杯漂浮在水面上，长江石上沾水的质量等于沾的水排开水的质量，对长江石质量的测量没有影响，所以测出长江石的密度将不变。
【分析】（1）天平使用前，将天平放在水平台上，游码归零，根据“左偏右调，右偏左调”的方法调节平衡螺母，使天平横梁平衡；
（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应质量之和 ；
根据求出物体体积；
（3）根据阿基米德原理可知，长江石的重力等于长江石和烧杯漂浮时的浮力与烧杯漂浮时的浮力之差，长江石的体积等于长江石排开水的体积，根据表示出长江石的密度；
长江石上沾的水的质量等于沾的水排开水的质量，对长江石质量的测量没有影响，所以测出长江石的密度将不变。
23．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，在测量小灯泡电功率的实验中，小龙同学选用了一个额定电压2.5V的小灯泡。
（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最 端（选填“左”或“右”）；
（2）闭合开关，小龙发现电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是 ；
A.小灯泡断路 B.滑动变阻器断路 C.小灯泡短路 D.电流表短路
（3）通过调节滑动变阻器滑片，测出多组数据，并作出如图乙所示I-U图像，可以解决以下问题：
①小灯泡的额定功率为 W，正常发光的电阻为 Ω；
②当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻可能为 ；
A.12Ω B.10Ω C.9Ω D.7.5Ω
（4）同组的小马同学又设计了如图丙所示的电路，只用电压表就可以测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率P额。已知电路中使用的滑动变阻器R最大阻值为15 Ω，电源电压恒定。测量过程如下：
①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到最右端，电压表示数为4.5V；
②闭合开关S1、S3，断开S2，移动滑动变阻器的滑片，使电压表示数为 V，这时小灯泡正常发光；
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持②步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电压表示数为3V；
④小灯泡的额定功率P额 = W。
【答案】右；C；0.625；10；C；2；0.5
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到最右端。
（2）闭合开关，小龙发现电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数，可能是与电压表并联的小灯泡发生了短路；
故选C。
（3） ① 灯泡的额定电压为2.5V，由图乙可知，此时通过小灯泡的电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为：
小灯泡正常发光的电阻为：
② 由图乙可知，当小灯泡的电压为1.5V，通过灯泡的电流为0.2A，此时小灯泡的电阻为：
小灯泡的电阻随温度升高而变大，当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻应大于，小于，故当小灯泡两端电压为2V时，灯丝的电阻可能为 9Ω；
故选C。
（4）①闭合开关S1、S2，断开S3，将滑动变阻器的滑片移到最右端，阻值最大，此时只有滑动变阻器接入电路，电压表测电源电压，为4.5V，即电源电压为4.5V；
②闭合开关S1、S3，断开S2，此时滑动变阻器和小灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，则电压表示数为：
；
③闭合开关S1、S2，断开S3，保持②步骤中滑动变阻器滑片的位置不变，此时电路中只有变阻器的最大阻值连入电路，电压表测滑动变阻器左半部分电阻丝分得的电压，示数为3V，此时电路电流为：
此时滑动变阻器左半部分电阻丝阻值为：
则接入②步骤中滑动变阻器阻值为。则②步骤中小灯泡的额定电流为：
④小灯泡的额定功率为：
。
【分析】（1）为保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大处；
（2）测量小灯泡电功率的实验中，若电流表有示数，则电路为通路，电压表无示数，故障可能是小灯泡发生短路；
（3） ① 根据求小灯泡的额定功率；
根据求小灯泡正常发光时的电阻；
② 小灯泡电阻随温度升高而变大 ；
（4）步骤 ① ：当闭合开关S1、S2，断开S3时，电压表测电源电压；
步骤②和步骤③，滑动变阻器左半部分电阻丝的阻值相同，由步骤③，先根据求出电路中的电流，再根据求出滑动变阻器左半部分电阻丝的阻值；步骤②：根据串联电路电压规律求出滑动变阻器两端的电压，根据求出小灯泡的额定电流，再根据求出小灯泡的额定功率。
24．（2024九下·龙马潭模拟）王老师桌上有一张老式加热鼠标垫（内有一根加热电阻丝），如图所示，鼠标垫质量为，规格为“”（忽略温度对电阻的影响）。
（1）求鼠标垫的电阻；
（2）鼠标垫正常工作，温度升高7℃，若此过程中热损失为30%，估算鼠标垫的比热容；
（3）请你帮老师扩大鼠标垫温度调节范围，现有12V的电源、规格为“5Ω 2A”“20Ω 1A”的两个滑动变阻器。她准备通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫加热功率，请你帮她选择合适的滑动变阻器接入电路，要求①画出电路图，标出所选滑动变阻器的规格，②计算改装后电路消耗的最大功率及滑动变阻器接入电路的最小电阻值。
【答案】解：（1）由题意及可得，鼠标垫的电阻为：
（2）鼠标垫工作过程中，正常工作10min所消耗的电能为：
过程中热损失为30%，吸收的热量为：
由可得，鼠标垫的比热容为：
（3）由题意可得，鼠标垫允许通过的最大电流为：
此时滑动变阻器的电压为：
由得，滑动变阻器此时接入电路中的最小电阻为：
则月月应选择“20Ω 1A”的滑动变阻器，当鼠标垫正常工作时，电路中电流最大，电路电功率最大为：
故应选规格为“20Ω 1A”的滑动变阻器接入电路，通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫的加热功率，变阻器和电阻丝R1串联在电路中，如图所示：
答：（1）电阻的阻值为5Ω；
（2）鼠标的比热容为1500J/（kg·℃）；
（3）电阻的最大功率为12W，滑动变阻器最小阻值为7Ω，电路图见解析。
【知识点】比热容；欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据求出鼠标垫的电阻；
（2）根据求鼠标垫正常工作10min所消耗的电能，再求出鼠标垫吸收的热量，根据求出鼠标垫的比热容；
（3）根据求出鼠标垫允许通过的最大电流，根据串联电路的电压规律求出滑动变阻器的电压，根据求出滑动变阻器此时接入电路中的最小电阻，据此可以选择合适规格的滑动变阻器，根据求出电路中的最大功率；
需要通过滑动变阻器来保护电路并调节鼠标垫的加热功率，所以滑动变阻器应和电阻丝R1串联在电路中。
25．（2024九下·龙马潭模拟）如图所示，某兴趣小组利用力传感器测量物体密度，将力传感器固定在铁架台上，底面积为50cm2的实心均匀圆柱体A通过轻杆与力传感器相连，传感器显示杆的作用力大小。底面积100cm2的柱形容器B放在水平升降台上，装有20cm深的水，如图甲所示。从某时刻开始让升降台上升使A逐渐浸入水中，力传感器的示数F与升降台上升高度h的关系如图乙所示。A始终保持竖直且不吸水，整个过程无水溢出且A未触底，杆浸入水中的体积忽略不计，g=10N/kg。请回答下列问题：
（1）A未入水时，容器底部受到水的压强为多少；
（2）当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为多少；
（3）物体A的密度为多少。
【答案】解：（1）A未入水时，B容器装有20cm深的水，容器底部受到水的压强为：
（2）当A浸入水中10cm时，则A浸入的体积为：
当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为：
（3）如图乙可知，升降台上升高度8cm，杆对A力的作用为0N，则此时物体A所受的浮力等于重力，此时物体A浸入的深度为：
物体A浸入的体积为：
物体A所受的浮力为：
物体A的质量为：
从图乙可知，当物体A浸没时，此时杆对物体有向下的压力，其大小为2N，对物体进行受力分析，物体受到了浮力，杆对物体向下的力，物体A所受的重力，则此时物体所受的浮力为：
物体A的体积为：
物体A的密度为：
答：（1）A未入水时，容器底部受到水的压强为2000Pa；
（2）当A浸入水中10cm时，则A所受浮力为5N；
（3）物体A的密度为。
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据求A未入水时，容器底部受到水的压强；
（2）根据求出当A浸入水中10cm时，则A浸入的体积，再根据求出A所受浮力；
（3）当升降台上升高度8cm，杆对A力的作用为0N，说明此时物体A所受的浮力等于重力，根据
求出此时物体A浸入的深度，再根据求出物体A浸入的体积，然后根据求出此时物体A所受的浮力，进而根据求出物体A的质量；
当物体A浸没时，此时杆对物体有向下的压力为2N，对物体A进行受力分析，根据求出物体所受的浮力，根据求出物体A的体积，根据求出物体A的密度为。
