2024-2025 学年广东省汕头市潮阳实验学校高二（上）期中物理试卷
一、单选题：本大题共 7 小题，共 28 分。
1.下列图片实例中，没有应用磁场的是( )
A. 图甲中超市里刷卡消费 B. 图乙中手机里面的指南针功能
C. 图丙中笔记本电脑的指纹加密 D. 图丁中围棋赛评析时竖直的棋盘
2.某同学制作了一把“人的反应时间测量尺”，重力加速度 取10 / 2，关于该测量尺样式正确的是( )
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A. B.
C. D.
3.如图所示，水平抛出的物体，抵达斜面上端 处，其速度方向恰好沿斜面方向，然后沿斜面无摩擦滑下，
下列选项中的图象是描述物体沿 方向和 方向运动的速度 时间图象，其中正确的是( )
A. B.
C. D.
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4.如图所示为某款扫地机器人，其内置锂电池容量为5000 · ，在一般情况下，充满一次电可供其正常
工作的时间为150 。已知该扫地机器人的额定功率为40 ，则下列说法正确的是( )
A. 扫地机器人正常工作时的电流是0.2
B. 扫地机器人正常工作时的电压为8
C. 扫地机器人正常工作150 消耗的电能为3.6 × 105
D. 扫地机器人电动机的内阻为10
5.如图所示，一轻质弹簧竖直放置，下端固定在水平面上，上端处于 位置，当一重球放在弹簧上端静止时，
弹簧上端被压缩到 位置。现将重球(视为质点)从高于 位置的 位置沿弹簧中轴线从静止释放，弹簧被重球
压缩到最低位置 。不计空气阻力，以下关于重球运动过程的正确说法应是( )
A. 重球下落至 处获得最大速度
B. 由 至 重球重力势能减小量等于在 点时弹簧的弹性势能
C. 由 至 过程中重球的机械能守恒
D. 由 至 过程重球的加速度先增大后减小
6.前几年雾霾已经严重的影响了人们的生活，习总书记在党的十九大报告中提出了坚决打赢蓝天保卫战。
在某个恶劣天气中，能见度很低，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，甲在前、乙在后，同向行驶。某
时刻两车司机听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，两车刹车后的 图象如图所示，下列说
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法正确的是( )
A. 甲车的加速度大于乙车的加速度
B. 若 = 24 时两车未发生碰撞，则此时两车相距最远
C. 若两车发生碰撞，则可能是在开始刹车24 以后的某时刻发生的
D. 为避免两车发生碰撞，开始刹车时两车的间距至少为48
7.电容式加速度传感器可用于汽车安全气囊系统，传感器的核心部件为由 、 两块极板组成的平行板电容
器，其中极板 固定，极板 可以自由移动，移动的距离与汽车的加速度大小成正比。已知电容器所带电荷
量始终保持不变，当汽车速度减小时，由于惯性导致极板 、 之间的相对位置发生变化，电容器 、 两
极板之间的电压减小，当电压减小到某一值时，安全气囊弹出。汽车在水平路面上行驶时，下列车内平行
板电容器的安装方式正确的是( )
A. B. C. D.
二、多选题：本大题共 3 小题，共 18 分。
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8.如图是一个多用电表的简化电路图。 为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱可以接通1、2、3、4、5。
下列说法正确的是( )
A. 当开关 分别接1或2时，测量的是电流，其中 接1时量程较大
B. 当开关 接3时，测量的是电阻，其中 是黑表笔
C. 当开关 接3时，测量的是电阻，其中 是黑表笔
D. 当开关 分别接4和5时，测量的是电压，其中 接4时量程较大
9.如图，矩形金属框 竖直放置，其中 、 足够长，且 杆光滑，一根轻弹簧一端固定在 点，
另一端连接一个质量为 的小球，小球穿过 杆，金属框绕 轴分别以角速度 和 ′匀速转动时，小球均
相对 杆静止，若 ′ > ，则与以 匀速转动时相比，以 ′匀速转动时( )
A. 小球的高度一定降低 B. 弹簧弹力的大小一定不变
C. 小球对杆压力的大小一定变大 D. 小球所受合外力的大小一定变大
10.电偶极子是两个等量异号点电荷组成的系统，是一种常见的带电结构。我们在做心电图的过程中，心脏
就可视为电偶极子模型。体内电荷分布如图甲所示，等效电场如图乙所示，已知 点是两电荷连线的中点，
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与 ′， 与 ′都关于 点对称，规定无穷远处电势为零，以下说法正确的是( )
A. 和 ′点电势相等
B. 和 ′点电势相等
C. 电荷量为+ 的点电荷在 点电势能等于 在 ′的电势能
D. 点电场强度大于 点
三、实验题：本大题共 2 小题，共 16 分。
11.某同学用如图1所示装置测定重力加速度，已知打点频率为50 。
(1)打出的纸带如图2所示，可以判断实验时重物连接在纸带的______(选填“左”或“右”)端。
(2)已知纸带上记录的点为打点计时器打的点，则相邻两点间的时间间隔______ ，打点计时器在打 点时重
物的瞬时速度大小为______ / ，所测得的重力加速度大小为______ / 2(速度、加速度计算结果保留三位
有效数字)。
12.某实验小组为测定一段粗细均匀、电阻率较小的电阻丝的电阻率，采用了如图甲所示的电路进行测量。
实验步骤如下：
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.用螺旋测微器在电阻丝上的三个不同位置测出电阻丝的直径，求出平均值 ；
.调节电阻丝上的导电夹 的位置，用毫米刻度尺测量并记录导电夹 到电阻丝右端 的长度 ；闭合开关 ，
记录电压表的示数 、电流表的示数 ；
.改变电阻丝上导电夹 的位置，重复步骤 ，记录多组 、 、 的值。
(1)螺旋测微器某次测量的结果如图乙所示，其示数为_________ 。
(2) 0在电路中的作用是_________。
(3)若选用某组 、 值，用 = 算出电阻丝连入电路的电阻 ，则计算值与真实值相比_________(填“偏
小”“相等”或“偏大”)。
(4)根据多组测量得到的实验数据绘出 图像如图丙所示，若图线斜率为 ，则电阻丝的电阻率
=_________(用已知或测量出的物理量的符号表示)；电流表内阻对电阻率的测量_________(填“有”或
“没有”)影响。
四、计算题：本大题共 3 小题，共 38 分。
13.如图甲所示，在风洞实验室里，一根足够长的固定的均匀直细杆与水平方向成 = 37°角，质量 = 1
的小球穿在细杆上且静止于细杆底端 处，开启送风装置，有水平向右的恒定风力 作用于小球上，在 1 = 2
时刻风停止．小球沿细杆运动的部分 图象如图乙所示， 取10 / 2，sin 37° = 0.6，cos 37° = 0.8，忽
略浮力．求：
(1)小球在0～2 内的加速度 1和2～5 内的加速度 2；
(2)小球与细杆间的动摩擦因数 和水平风力 的大小．
14.一电路如图所示，电源电动势 = 28 ，内阻 = 2 ，电阻 1 = 12 ， 2 = 4 = 4 ， 3 = 8 ，平行
板电容器的电容 = 3 ，虚线到两极板的距离相等，极板长 = 0.4 ，两极板的间距 = 1 × 10 2 。
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(1)开关 由断开到闭合，流过 4的总电荷量为多少？
(2)若开关 断开时，有一带电微粒沿虚线方向以 0 = 5.0 / 的初速度射入平行板电容器的电场中，刚好沿
虚线匀速运动。则开关 闭合后，若此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入平行板电容器的电场中，能否
从平行板电容器的电场中射出？(重力加速度 取10 / 2)
15.如图光滑圆弧轨道 的圆心为 ，半径 = 2.5 ，圆弧轨道 的 点与水平地面 相切， 点在 点的
正下方，在 点的右侧有一竖直虚线 ， 点到竖直虚线 的距离为 1 = 2.5 ，竖直虚线 的左侧有 1 =
25 / 、水平向左的匀强电场，竖直虚线 的右侧有 2(大小未知)、竖直向上的匀强电场。竖直虚线 的
右侧有一竖直墙壁 ，墙壁 到竖直虚线 的距离为 2 = 1 ，墙壁 底端 点与水平地面 相连接，
的高度也为 2 = 1 。现将一电荷量为 = +4 × 10
2 、质量为 = 1 的绝缘滑块(视为质点)从 点由静
止释放沿圆弧轨道 下滑，最后进入虚线 右侧。水平地面 与滑块间动摩擦因数 = 0.2， = 10 / 2，
∠ = 53 ，sin53 = 0.8。求：
(1)滑块到达圆弧轨道的 点时，对 点的压力大小；
(2)滑块到达竖直虚线 时速度的大小；
(3)要使滑块与竖直墙壁 碰撞， 2的取值范围。
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1.【答案】
2.【答案】
3.【答案】
4.【答案】
5.【答案】
6.【答案】
7.【答案】
8.【答案】
9.【答案】
10.【答案】
11.【答案】左 0.02 1.17 9.75
12.【答案】(1)1.662
(2)保护电路
(3)偏大
2
(4) 没有
4
13.【答案】解：(1)取沿细杆向上的方向为正方向，由图像可知：
1 0
在0～2 内， 1 = = 15 /
2 ，方向沿杆向上
1
2 1
在2～5 内， 22 = | | = 10 / ，方向沿杆向下． 2
(2)有风力 时的上升过程，由牛顿第二定律，有
( + ) = 1
停风后的上升阶段，由牛顿第二定律，有
+ = 2
联立以上各式解得 = 0.5， = 50 .
14.【答案】(1) 断开时，由闭合电路欧姆定律可得，电阻 3 两端电压为
3
3 = = 16 2 + 3 +
闭合后，外电路总电阻为
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1( 2 + 3)
= = 6
1 + 2 + 3
路端电压为
= = 21
+
电阻 3 两端电压为
3
′3 = = 14 2 + 3
则开关 由断开到闭合，流过 4 的总电荷量为
= 3 ′3 = 6 × 10
12
(2)设微粒的质量为 ，电荷量为 ，当 断开时，有
3
=
当 闭合后，设微粒加速度为 ，则
′3
=
设微粒能从平行板电容器的电场中射出，则水平方向有
=
0
竖直方向有
1
= 2
2
可得
= 4 × 10 3 <
2
故微粒能从平行板电容器的电场中射出。
15.【答案】1)滑块 到 根据动能定理可知
1
1 sin53
+ (1 cos53 ) = 2 0 2
解得
= 4 /
滑块在 点时
2
=
解得
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= 16.4
由牛顿第三定律得，滑块对 点压力
′ = = 16.4
(2)滑块从 点 ，根据牛顿第二定律有
1 + =
解得
= 3 / 2
根据速度—位移公式有
2
2 = 2 1
解得
= 1 /
(3)当 2 较小时，滑块刚好与竖直墙壁底端 点碰撞，根据动能定理有
1
( 2)
2
2 = 0 2
解得
2 = 187.5 /
当 2 较大时，滑块刚好与竖直墙壁顶端 点碰撞，从 到 做类平抛运动：
水平方向有
2 = 1
竖直方向有
1
2 =
2
2 1
根据牛顿第二定律有
2 =
解得
2 = 300 /
综上， 2 的取值范围为
187.5 / < 2 < 300 /
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