8.如
4.如图所示为一列简洁横波在1=0时刻的波形图，已知这列波沿
0.5
x轴正方向传播，波速为20m/s,质点P距原点2.0m,则
A.质点P振动的周期为0.2s
榆林市2025届高三年级第一次模拟检测
/m
B.此时质点P的加速度最大
A
C.此时质点P的速度方向沿y轴正方向
B
物理试题
D.1=0.1s时质点P距原点的距离x=4.0m
c
注意事项：
5.如图所示.甲、乙两位同学握住绳子A、B两端摇动，A、
县市区
0
1.本试题共6页，满分100分，时间90分钟。
B两端近似不动，且A、B两，点连线始终沿水平方向
9.如
2.答卷前，考生务必将自己的姓名、班级和准考证号填写在答题卡上。
绳子上P、Q等各点均同步在竖直面做匀速圆周运动。
3.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如蒂
当绳子在空中转到如图所示位置时，则
当
改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试
A.P点的线速度方向沿绳子切线
漏
●
学
校
卷上无效。
B.P点的线速度等于Q点的线速度
同
4.考试结束后，监考员将答题卡按顺序收回，装袋整理；试题不回收。
C.P点的角速度等于Q点的角速度
D.P点所受合外力方向一定垂直于绳斜向下
确
第I卷（选择题共30分）
6.在2024年世界杯男子61公斤级举重比赛中，中国选手李发彬夺得金牌，为祖国赢得荣誉。
、选择题：本部分共10题，每题3分，共30分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求
在抓举项目中，运动员首先从地面拉起杠铃，当杠铃到达下腹部时，运动员身体快速下沉至
杠铃下面，将杠铃举过头顶成稳定的蹲姿，如图所示由①经过②达到③的状态；然后运动员
的一项。
由③所示的状态加速达到④状态后再减速至⑤状态，即举起杠铃到双腿站直保持静止。对
1.如图所示为某研究小组在暗室中用频闪照相的方法记录了一滴水下落过程的照
于运动员由③状态至⑤状态的过程，下列说法正确的是
片示意图，照片记录了水滴在不同时刻下落至不同的位置。若相邻位置的时间间
隔都相等，水滴所受的重力为G,阻力为∫，则对于水滴的这一下落过程，下列说法
落
安
中正确的是
A.
A.f一直小于G
Bf一直大于G
B.2
Cf先小于G,后大于G
D.f先大于G,后小于G
2.关于物体的运动，下列说法中正确的是
C.
A.地面对运动员做正功
试
场
A.物体在变力作用下不可能做直线运动
B.杠铃先超重后失重
D.
B.物体做曲线运动，所受的合外力一定是变力
C.在举起杠铃的过程中，运动员对杠铃的作用力一直大于杠铃对运动员的作用力
10.如
C.物体在恒力作用下可能做曲线运动
D.当运动员到达第⑤个状态后，其两只手臂的夹角越小，两手受到的压力越大
子
D.物体做曲线运动，其速度可能不变
7.2024年3月20日，我国探月工程四期鹊桥二号中继星成功
近月点月球
捕获轨道
包
3.在机场、车站的安检口，水平传送带匀速运动，一乘客将行李无初
发射升空。当抵达距离月球表面附近时，鹊桥二号开始进行
簧
速度地放置在传送带上，最终行李随传送带一起匀速运动，如图
近月制动，并顺利进人捕获轨道运行，轨道的半长轴约
冻结轨道
所示。对于行李被传送的整个过程，下列说法巾正确的是
为51900km。后经多次轨道调整，进人冻结轨道运行，轨道
远月点Q
李
A.传送带对行李一直有摩擦力作用
的半长轴约为9900km,周期约为24h,其中P、Q两，点分别为鹊桥二号的近月点和远月点，
向
B.传送带运动速度越大，行李加速运动的时间越长
如图所示。下列说法中正确的是
A.
A.鹊桥二号在捕获轨道P点的加速度大于在冻结轨道P点的加速度
C.行李放上的开始阶段相对传送带向前运动
B.鹊桥二号在冻结轨道P点的速度大于在捕获轨道P点的速度
D.行李放上的开始阶段摩擦力对行李做负功
C.鹊桥二号在捕获轨道上运动的周期一定大于24h
C
林市2025届高三年级物理第一次棋拟检测-1-（共6页）
D,鹊桥二号在捕获轨道P点的速度小于其在Q点的速度
0
榆林市2025届高三年级物理第一次模拟检测-2-（共6页）榆林市2025届高三年级第一次模拟检测
物理试题参考答案及评分标准
一、选择题：本部分共10题，每题3分，共30分。在每题列出的四个选项中，选出最符合题目要求的一项。
1.A2.C3.B4.A5.C6.B7.C8.B9.D10.D
二、非选择题：本部分共7题，共70分。
11.(每小题2分，共6分)》
(1)BC
(2)0.611(0.610-0.611)2.00(1.99-2.01)
(3)B
12.(每小题2分，共10分)》
(1)18.4
(2)最低点
67.5
(3)9n
k
(4)B
(5)4m24L
T-T
13.(8分)解：(1)木块与斜面间的压力N=mgcos0
(1分)
所受滑动摩擦力的大小f=4W=mg℃0s0=1.0N…
(2分)
(2)设木块沿斜面向上运动的加速度为a上，根据牛顿第二定律有
mgsin0+f=m0上…
(1分)
木块沿斜面向上运动的最大位移x
6=20m……
(2分)
2a
(3)设木块沿斜面向下运动的加速度为下，根据牛顿第二定律有
mgin0-f=ma万…(】分)）
木块返回到斜面底端时的速度大小，=√/2arx=4.0m/g…(1分)
14.(10分)解：(1)冰车与冰面间的动摩擦因数4=0.05，收起冰钎后人与冰车所受的摩擦力
f=uW=umg…
…(1分)
收起冰钎后人与冰车所受的合外力就是这个摩擦力，由牛顿第二定律，则有人与冰车的加速度大小为
a=2mg=以g=0.50ms2.
…(2分）
(2)冰钎与冰面间相互作用的过程中，人和冰车一直在加速，所以收起冰钎时人与冰车有最大速度。，此后
人与冰车做匀减速直线运动到静止，因此有之=2x…(1分)
解得最大速度的大小为U=4.0m8…(2分)
(3)冰纤与冰面间相互作用的过程中加速运动的加速度
a="n=4.0m/2…
(1分)
设冰面对两侧冰钎的合力大小为F,由牛顿第二定律可得
Fc0s530-u(mg-fsin530）=ma'…(1分)
榆林市2025届高三年级物理第一次模拟检测-答案-1（共3页）
解得F=450N…
(1分)
根据牛顿第三定律可知，两侧冰钎对冰面的合力大小F=F=450N…
(1分)
15.(10分)解：(1)因滑块恰能通过D点时其所受轨道的压力为零，其只受到重力的作用。
…
(1分)
设滑块在D点的速度大小为，根据牛顿第二定律，对滑块在D点有
mg=m
(1分)
R
解得n=√gR=2.0m/s
444444444444e4444444
(1分)
(2)设滑块不脱轨刚好通过D点的释放高度为h,,根据动能定理有
1
(1分)
mw%=mgh1-mg“2R………
代人数值得h,=10m…(1分)
即当h≥h,=1.0m不脱离轨道
如果滑块沿圆轨道运动高度不超过C点，则也满足不脱轨条件，设此时的释放高度为h2,根据动能定理有
0=mgh2-mgR
代入数值得h2=0.4m…
(1分)
即当h≤h,=0.4m不脱离轨道
所以不脱离轨道释放高度h需满足：h≥1.0m或h≤0.4m
(1分)
(说明：写成h<0.4m或h>1.0m的同样得分)
(3)设滑块的质量为m',圆形轨道半径为R',对于滑块下滑到B点的过程，根据机械能守恒定律有：
wgh'
滑块在B点时传感器的示数F大小等于滑块此时所受轨道的压力，根据牛顿第二定律有：F-m'g=m
联立解得F=2ml+m'g…
(1分)
R
即F-H图像中，斜率k=2m,截距6=mg,即由图像可知0.10=m'g,0.40=208
R
解得m'=0.010kg,R'=0.50m
(2分)
16.(12分)解：(1)当F=0时，小球做平抛运动，水平方向有D=,1…
(1分)
解得1，=1s
(1分)
竖直分速度为，三g引1=10m8…
(1分)
小球撞击右侧壁的速度大小，=，后+=102ms…(1分)
设速度与水平方向夹角为日，则有n==1
所以0=45°
…(1分)
(2)结合上述，当F=0时，小球做平抛运动，竖直方向的分位移=？，解得=5m
…(1分)》
当F=4mg时，设小球在竖直方向的加速度为a,根据牛顿第二定律有
4mg-mg=ma…
(1分)
小球向上偏转做匀变速曲线运动，则有D=41少=2a
解得y2=15m…
(1分)
所以小球撞击右侧壁的区域长度L,=y,+y2=20m
(1分)
榆林市2025届高三年级物理第一次模拟检测-答案-2（共3页）
