2022-2023 学年辽宁省沈阳市新民实验中学九年级（下）月考
物理试卷（3 月份）
一、选择题（共 21 分。其中第 1—6 小题为单选题，每题 2 分。第 7—9 小题为多选题，共
12 分．每题 3 分，多选、错选不得分，漏选得 1 分）
1．（2分）根据所学的物理知识和生活经验，你认为下列数据最接近实际的是（ ）
A．沈阳冬天的最低气温约零下 5℃
B．汽油机的效率一般为 30%—45%
C．学校教室内一盏日光灯的功率约为 200W
D．托起一个鸡蛋所用的力约为 0.5N
2．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A． 手影的形成 B． 水中倒影
C． 笔“折断”了 D． 水球中的人像
3．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
4．（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞
出去的棋子，下列说法正确的是（ ）
A．不受重力作用
B．由于惯性而继续向前运动
C．在空中飞行过程中动能保持不变
D．在空中飞行过程中运动状态保持不变
5．（2分）如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的弹性势能减小
B．电磁铁的上端为 S极
C．电动机工作，灯不发光
D．电磁铁的工作原理是电磁感应
6．（2分）如图所示，将一个小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，小球在甲
杯中漂浮，在乙杯中沉底，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别为 0.5N和 0.4N，则下列说
法正确的是（ ）
A．小球在甲杯中受到浮力作用，在乙杯中不受浮力作用
B．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
C．小球的质量为 50g
D．小球在甲杯中受到的浮力为 0.5N，在乙杯中受到的浮力小于 0.4N
（多选）7．（3 分）关于如图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（ ）
A．图甲：塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞
子的机械能
B．图乙：抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子
在不停地做无规则运动
C．图丙：两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力
D．图丁：在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分
子运动的剧烈程度与温度有关
（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁
是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（ ）
A．若蜡烛 A距玻璃板 4cm，则蜡烛 B距玻璃板 8cm才能与蜡烛 A的像完全重合
B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛 B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到 A
的像
C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛 A在玻璃板中的像偏高且倾斜
D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛 A不能在玻璃板中成像
（多选）9．（3分）如图 1所示电路中，电源电压恒定不变，电流表所选量程为 0～0.6A，
电压表所选量程为 0～15V，小灯泡 L标有“6V 3.6W”，滑动变阻器 R标有“50Ω 1.5A”。
闭合开关 S，调节滑动变阻器使其阻值在某一范围内变化时，电压表与电流表示数的变
化情况如图 2所示。下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量的是灯泡 L两端的电压
B．滑片 P向右移动时，电压表示数变大
C．电源电压为 9V
D．闭合开关后，滑动变阻器阻值可以调节的范围是 5～50Ω
二、填空题（每空 1 分，共 18 分）
10．（2分）2022年 6月 5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征 2号 F
遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体
产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼的画
面，画面信息是通过 波传回地面的。
11．（2 分）小王家买了一台空调，爸爸发现家里的插座离空调摆放的位置太远，于是买了
些零件，自己连了个插排，如图所示，爸爸连的这个插排 （选填“符合”或
“不符合”）安全用电原则；小王看到空调铭牌上的制热功率为 2000W，则这个空调正常
制热 30min消耗的电能为 kW h。
12．（2 分）为了节能环保，禁止野外焚烧秸秆，将秸秆回收再利用，既可产生沼气，又可
产生肥料。 100kg 秸秆可产生沼气 1m3，完全燃烧这部分沼气可产生热量为
J，如果这些热量 40%被质量 50kg，25℃的水吸收，可以使水温度升高到 ℃。
[气压为一个标准大气压，已知 c 水＝4.2×103J/（kg ℃），沼气热值为 4.2×107J/m3]
13．（2 分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”。倡导保护环境，使用新能源势在
必行。太阳能属于 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；手机充电时消
耗的电能属于 （选填“一次”或“二次”）能源。
14．（2分）如图所示，完全相同的 A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是 A、B
表面上两点，则 a、b两点盐水的压强 pa pb（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从 （选
填“c到 d”或“d到 c”）。
15．（3分）如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在 的作用
下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻
璃管内水柱的高度 （选填“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着
玻璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度 （选填“变大”、“变小”或
“不变”）。
16．（2分）为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的 LED护眼灯，每个教室
里的 9盏 LED护眼灯的连接方式是 联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要
由 材料制成。
17．（3 分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作 10 秒时间内电动机做总功为
J，若电动机线圈电阻为 1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是 J，该吸尘器
电动机的效率为 %（保留整数）。
产品尺寸（mm） 358×248×307
额定电压（V） 220
额定功率（W） 1100
三、计算题（共 18 分。要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位）
18．（9 分）如图甲所示的装置，A是重 12N的空吊篮，质量为 45kg 的小张同学将 A提升
到高处，施加的拉力 F 随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度 v 随时间 t变化关系
如图丙所示。小张同学与地面的接触面积为 400cm2，忽略绳重及摩擦，g取 10N/kg。求：
（1）1～2s内拉力 F的功率；
（2）动滑轮所受的重力；
（3）0～1s内人对地面的压强；
（4）用此装置匀速提升重物 84N时的机械效率。
19．（9分）如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯 L标有“8V 6.4W”
字样，电流表量程为 0～3A，电压表的量程为 0～15V，滑动变阻器 R2标有“45Ω 2A”
字样。
（1）只闭合 S1时，电流表的示数为 0.6A，求电源电压；
（2）闭合 S1、S2、S3，滑片移到 b端时，滑动变阻器 R2消耗的电功率；
（3）只闭合 S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率。
四、实验、作图题（共 22 分）
20．（4 分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，小王取来相同规格的两个电加
热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，装置如
图所示。
（1）用相同规格的电加热器加热，通电后，电加热器通过 的方式使自身内能
增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）图丙是小王根据实验数据绘制的，由图像可知甲、乙两种液体升高相同温度时，其
吸收热量的关系为 Q 甲 Q 乙，说明 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能
力更强；
（3）停止加热后， （选填“甲”或“乙”）液体温度下降得快。
21．（5分）在探究凸透镜成像规律的实验中，有焦距为 10cm和 20cm的两个凸透镜：
（1）小静想利用太阳光来测量凸透镜的焦距，图 1中操作最合理的是 。
（2）小静选用正确的方法测出凸透镜的焦距，接着她将蜡烛、透镜、光屏安装在光具座
上，经调节光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，如图 2甲所示，则她选用凸透镜的焦距是
cm。若此时保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜直到在光屏上再次成清晰的像，那么前后
两次像距之差Δv＝ cm。
（3）接着，小静进一步探究，她将蜡烛、透镜、光屏置于如图 2乙位置，现保持蜡烛位
置不变，让凸透镜和光屏分别以 2cm/s和 4cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，
经过 s，光屏第一次成清晰的像。
（4）爱思考的小静用另一个凸透镜继续探究。她将蜡烛放在 A点时，像在 B点；将蜡
烛放在 B点时，像在 C点，如图 3所示。当将蜡烛放在 C点时，可以看到的是 。
A．可能在 B点成一个实像
B．可能在 A点的左侧成一个虚像
C．可能在 B、C之间成一个实像
D．可能在 C点的右侧成一个虚像
22．（6 分）学习了密度的测量知识后，小杭同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从
实验室借来仪器进行实验：
（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏
向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应 ；
A．向右调节平衡螺母
B．取下最小砝码后移动游码
（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为 g；
（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上
升到 45mL处，则小石块的密度 g/cm3；
（4）小杭又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤（既可以测量力，也可以测量质量），
对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：
①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，
读出并记为 F1；
②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，
读出并记为 F2；
③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石
块 ，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为 F3，完成以上
测量后，根据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝ ；
（用字母表示）
④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变），会使密度测量值 （选填
“偏大”、“偏小”或“不变”）。
23．（4分）小亮在做“测量小灯泡的电功率”的实验，所用的小灯泡额定电压为 2.5V。
（ 1 ） 图 甲 为 小 亮 连 接 的 实 物 电 路 ， 请 你 帮 他 补 充 完 整 ：
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，产
生这种现象的原因是 （写出一种合理情况即可）；
（3）根据实验数据绘制成了 U﹣I图像如图丙所示，根据图像提供的信息，可计算出小
灯泡的额定功率是 W；
（4）完成上述实验后，小亮进一步思考，在没有电流表的情况下，能否测量小灯泡的额
定功率？他想利用一个定值电阻 R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图丁所
示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 U 额，接着保持滑片位置不变，将电压表 B
点的接线改接到 C点，观察并记录电压表示数为 U，则小灯泡的额定功率可表示为 P 额
＝ （用 R0、U 额、U等物理量符号表示）。
24．（3 分）在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电
磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
（1）实验中是通过 来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片处于
某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时，外形相同的螺线
管， ，磁性越强。
（ 2 ） 根 据 图 示 发 现 被 电 磁 铁 吸 引 的 小 铁 钉 下 端 是 分 散 的 ， 其 原 因
是 。
五、综合应用题（6 分）
25．（6 分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热
水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。
c和 d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，
这个水龙头的手柄相当于一个 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的
体积膨胀，密度变 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了
一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径
和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A
和 B内径相同，C 和 D内径相同，A、B 的内径大于 C、D的内径。为了增大流经空心
绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关 S1、S2，两个电加热管分别用 R1、R2表示，要求
S1单独控制 R1，S2单独控制 R2，两个开关同时闭合时 R1与 R2同时加热。请你在图丁中，
用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
2022-2023 学年辽宁省沈阳市新民实验中学九年级（下）月考
物理试卷（3 月份）
参考答案与试题解析
一、选择题（共 21 分。其中第 1—6 小题为单选题，每题 2 分。第 7—9 小题为多选题，共
12 分．每题 3 分，多选、错选不得分，漏选得 1 分）
1．（2分）根据所学的物理知识和生活经验，你认为下列数据最接近实际的是（ ）
A．沈阳冬天的最低气温约零下 5℃
B．汽油机的效率一般为 30%—45%
C．学校教室内一盏日光灯的功率约为 200W
D．托起一个鸡蛋所用的力约为 0.5N
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进
行单位的换算，最后判断最接近实际的是哪一个。
【解答】解：A、沈阳冬天的最低气温约零下 25℃，故 A不符合实际；
B、汽油机的效率一般为 20～30%，故 B不符合实际；
C、学校教室内一盏日光灯的功率约为 40W，故 C不符合实际；
D、一个鸡蛋约 50g，则重力约为 0.5N，故 D符合实际。
故选：D。
【点评】本题考查了对气温、汽油机效率、电功率、重力的估测，属于基础题目。
2．（2分）如图所示的四种光现象中，属于光的反射现象的是（ ）
A． 手影的形成 B． 水中倒影
C． 笔“折断”了 D． 水球中的人像
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、影子
的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的
倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的
折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形
成的。
【解答】解：A、手影是由光的直线传播形成的，故 A错误。
B、平静水面上的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故 B正确。
C、水中笔反射的光线是从水中斜射入空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着
折射光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的笔的虚像，比笔的实际位置要浅些，
所以感觉水中的笔向上折断了，故 C错误。
D、水球中的人像属于凸透镜成像，是光的折射现象，故 D错误。
故选：B。
【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活
联系密切，体现了生活处处是物理的理念。
3．（2分）如图所示，下列有关交通工具说法正确的是（ ）
A．如图甲，汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容小
B．如图乙，燃油摩托车依靠内燃机做功冲程获得动力
C．如图丙，太阳能汽车利用的太阳能属于不可再生能源
D．如图丁，飞机起飞过程中，机翼上方空气流速大压强大
【分析】（1）水的比热容较大，质量相同的水与其它物质相比，升高或降低相同的温度，
水吸收或放出的热量多；
（2）四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，其中只
有做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；
（3）能在短时间内得到补充的能源属于可再生能源；可以从自然界直接获取的能源是一
次能源，如煤、石油、天然气、太阳能、风能、水能等；
（4）飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在压强差的作用下，
受到升力作用。
【解答】解：A．汽车发动机用水冷却，是因为水的比热容大，故 A错误；
B．燃油摩托车依靠做功冲程将内能转化为机械能，获得动力，故 B正确；
C．太阳能汽车利用的太阳能属于可再生能源，故 C错误；
D．飞机起飞过程中，飞机机翼上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，机翼在
压强差的作用下，受到升力作用，故 D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了能源的分类、太阳能的利用、电磁波的利用、流体压强与流速的关
系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
4．（2分）如图所示，用力击打一摞棋子中的一个，该棋子飞出而上面的棋子落下，关于飞
出去的棋子，下列说法正确的是（ ）
A．不受重力作用
B．由于惯性而继续向前运动
C．在空中飞行过程中动能保持不变
D．在空中飞行过程中运动状态保持不变
【分析】（1）由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，地球表面附近的一切物体都受
到重力的作用，其方向竖直向下；
（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；
（3）（4）力可以改变物体的运动状态。当物体不受力时，将保持静止状态或匀速直线运
动状态。
【解答】解：A、地面附近的一切物体都受到重力的作用，故 A错误；
B．飞出去的棋子，由于惯性，要保持原来的运动状态，因而棋子继续向前运动，故 B
正确；
CD．在空中飞行过程中，棋子受到重力以及空气阻力的作用，并且这两个力不是一对平
衡力，棋子受到非平衡力的作用，棋子边水平运动、边加速下落，速度大小变化、质量
不变，动能变化，运动状态变化，故 CD错误。
故选 B。
【点评】此题考查的是重力、惯性现象的应用以及力的作用效果的理解，属力学基础题。
5．（2分）如图所示是电磁继电器的工作原理图，闭合开关后，下列说法正确的是（ ）
A．弹簧的弹性势能减小
B．电磁铁的上端为 S极
C．电动机工作，灯不发光
D．电磁铁的工作原理是电磁感应
【分析】（1）弹性势能和物体发生弹性形变的程度有关；
（2）知道电流方向根据安培定则判断电磁铁的磁极；
（3）结合电磁继电器原理分析电动机和灯工作情况；
（4）电磁继电器的工作原理是电流的磁效应。
【解答】解：A、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分下落，弹簧被拉长，
弹性势能增大，故 A错误；
B、当闭合开关后，线圈相当于通电螺线管，根据右手螺旋定则判断电磁铁上端为 N极，
故 B错误；
C、当闭合开关后，电磁铁产生磁性吸引衔铁，右半部分往下落，开关与下面电动机所在
的电路结合，电动机所在电路闭合，电动机正常工作，开关与上面灯泡所在的电路分离，
灯泡所在电路断路，灯泡不发光，故 C正确；
D、电磁继电器的工作原理是电流的磁效应，与电磁感应无关，故 D错误。
故选：C。
【点评】本题考查了电磁继电器原理、弹性势能、安培定则等，是综合题，难度不大。
6．（2分）如图所示，将一个小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，小球在甲
杯中漂浮，在乙杯中沉底，甲、乙两杯中溢出液体的重力分别为 0.5N和 0.4N，则下列说
法正确的是（ ）
A．小球在甲杯中受到浮力作用，在乙杯中不受浮力作用
B．甲杯液体的密度小于乙杯液体的密度
C．小球的质量为 50g
D．小球在甲杯中受到的浮力为 0.5N，在乙杯中受到的浮力小于 0.4N
【分析】（1）根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲
杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的质量。
（2）根据漂浮和下沉时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系。
【解答】解：（1）小球先后放入甲、乙两个盛满不同液体的溢水杯中，根据阿基米德原
理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，则：
甲杯中小球受到的浮力 F 甲＝G 排甲＝0.5N；在乙杯中受到的浮力 F 乙＝G 排乙＝0.4N；故
AD错误；
由于小球在甲杯漂浮，根据漂浮条件可知：
G 甲＝G 排甲＝0.5N；
小球的质量 m＝ ＝ ＝0.05kg＝50g，故 C正确；
（2）小球在甲杯漂浮，则：ρ甲＞ρ球，
小球在杯下沉，沉入水底，则：ρ乙＜ρ球，
两种液体的密度：ρ甲＞ρ乙；故 B错误。
故选：C。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条
件、下沉条件（密度关系）得出两液体的密度关系。
（多选）7．（3 分）关于如图所示的四个实验情景，下列分析正确的是（ ）
A．图甲：塞子受到水蒸气的压力而冲出去，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞
子的机械能
B．图乙：抽掉玻璃板一段时间后，两瓶内气体混合在一起颜色变得均匀，说明气体分子
在不停地做无规则运动
C．图丙：两个底面削平的铅柱紧压在一起后能吊住重物，说明固体分子间只存在引力
D．图丁：在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，静置片刻后杯中的情况，说明液体分
子运动的剧烈程度与温度有关
【分析】改变物体内能的两种方式是做功和热传递；物质是由分子组成的，组成物质的
分子在不停地做无规则运动，分子间存在着相互的引力和斥力；液体分子运动的剧烈程
度与温度有关。
【解答】解：A、甲图中试管内的水蒸气推动塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的
内能减少转化为塞子的机械能，故 A正确；
B、乙图中抽掉玻璃板后，观察到两种气体混合在一起，颜色均匀，说明气体分子在不停
地做无规则运动，故 B正确；
C、图丙中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在引力，但分
子之间同时存在斥力，故 C错误；
D、在热水、冷水中同时各滴入一滴蓝墨水，蓝墨水在热水中扩散的快，说明温度越高，
分子无规则运动的速度越大，故 D正确。
故选：ABD。
【点评】本题考查了分子动理论、改变内能的方法、液体分子运动的剧烈程度的影响因
素，属于基础题。
（多选）8．（3分）如图甲所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置，图乙、丙和丁
是探究过程中实验装置的侧视图，则下列说法中正确的是（ ）
A．若蜡烛 A距玻璃板 4cm，则蜡烛 B距玻璃板 8cm才能与蜡烛 A的像完全重合
B．如图乙所示，若在玻璃板与蜡烛 B之间放一块挡光板，则仍能通过玻璃板观察到 A
的像
C．若实验时装置如图丙所示，则蜡烛 A在玻璃板中的像偏高且倾斜
D．若实验时装置如图丁所示，则蜡烛 A不能在玻璃板中成像
【分析】（1）平面镜成像特点，像到镜面的距离和物体到镜面的距离相等；
（2）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块挡光板，不会
影响观察物体的像；
（3）平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系，如果玻璃板不竖直，蜡烛的
像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确
定平板玻璃中蜡烛 A像的情况。
【解答】解：A、蜡烛 A到平面镜的距离 4cm，像到平面镜的距离也是 4cm，则蜡烛 B
距玻璃板为 4cm才能与蜡烛 A的像完全重合，故 A错误；
B、因为平面镜所成的像是虚像；虚像不会被挡光板挡住，所以在玻璃板与蜡烛 B 之间
放一块挡光板，还是能透过玻璃板看到 A的像，故 B正确；
C、平面镜成像特点，像和物关于平面镜始终成对称关系；所以丙图中玻璃板中的像偏高
且倾斜（如下图所示），故 C正确；
D、平面镜成像特点，蜡烛 A是能在玻璃板中成像的，而且像和物关于平面镜成对称关
系；所以丁图中玻璃板中的像偏低且倾斜（如下图所示），故 D错误。
丙和丁图中玻璃板没有竖直放置，分别作出蜡烛 A的关于平面镜的对称点，如下图：
故选：BC。
【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，平面镜成像的实质与特点
是光学的基本知识点，是我们应该重点掌握的内容，本题围绕这个探究过程可能遇到的
问题，来考查同学们思考，解决问题的能力。
（多选）9．（3分）如图 1所示电路中，电源电压恒定不变，电流表所选量程为 0～0.6A，
电压表所选量程为 0～15V，小灯泡 L标有“6V 3.6W”，滑动变阻器 R标有“50Ω 1.5A”。
闭合开关 S，调节滑动变阻器使其阻值在某一范围内变化时，电压表与电流表示数的变
化情况如图 2所示。下列说法正确的是（ ）
A．电压表测量的是灯泡 L两端的电压
B．滑片 P向右移动时，电压表示数变大
C．电源电压为 9V
D．闭合开关后，滑动变阻器阻值可以调节的范围是 5～50Ω
【分析】（1）闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端的
电压；
（2）滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理
可知滑动变阻器两端的电压的变化；
（3）根据串联电路电流特点可知灯泡正常发光时通过电路的电流最大，根据电功率公式
计算灯泡正常发光时的电流，由图 2可知此时滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律计
算滑动变阻器接入电路的最小电阻，进一步确定滑动变阻器接入电路的电阻范围；
灯泡正常发光时的电压等于额定电压，根据串联电路电压规律计算电源电压。
【解答】解：A、闭合开关，灯泡和滑动变阻器串联接入电路，电压表测滑动变阻器两端
的电压，故 A错误；
B、滑动变阻器的滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由串联分压原理可
知滑动变阻器两端的电压变大，即电压表示数变大，故 B正确；
CD、因串联电路各处电流相等，所以灯泡正常发光时通过电路的电流最大，小灯泡 L标
有“6V 3.6W”，此时通过电路的电流：I＝ ＝ ＝0.6A，
由图 2可知此时滑动变阻器两端的电压为 3V，由欧姆定律可知此时滑动变阻器接入电路
的电阻最小，最小阻值为：RH 小＝ ＝ ＝5Ω，此时灯泡两端的电压为 6V，串联
电路总电压等于各分电压之和，所以电源电压为：U＝UH+UL＝3V+6V＝9V，由题意可
知电压表接入电路的量程为 0～15V，电源电压为 9V，所以滑动变阻器可以接入电路最
大阻值，所以滑动变阻器接入电路的阻值范围为 5～50Ω，故 CD正确。
故选：BCD。
【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，正确读取图中信
息是解题的关键。
二、填空题（每空 1 分，共 18 分）
10．（2分）2022年 6月 5日，在酒泉卫星发射中心搭载神舟十四号载人飞船的长征 2号 F
遥十四运载火箭点火发射，火箭在轰鸣声中拔地而起，冲向太空，轰鸣声是由物体 振
动 产生的。如图所示是进驻天和核心舱的航天员陈冬、刘洋和蔡旭哲向全国人民敬礼
的画面，画面信息是通过 电磁 波传回地面的。
【分析】（1）声音是由物体振动产生的；
（2）电磁波可以在真空中传播，而且电磁波能传递信息。
【解答】解：一切发声的物体都在振动，所以轰鸣声是由物体振动产生的；
空间站在太空是真空环境，用电磁波与地面联系，电磁波的传输不需要介质。
故答案为：振动；电磁。
【点评】本题考查声音的产生以及电磁波的应用是一道基础题。
11．（2 分）小王家买了一台空调，爸爸发现家里的插座离空调摆放的位置太远，于是买了
些零件，自己连了个插排，如图所示，爸爸连的这个插排 不符合 （选填“符合”或
“不符合”）安全用电原则；小王看到空调铭牌上的制热功率为 2000W，则这个空调正常
制热 30min消耗的电能为 1 kW h。
【分析】为安全用电，大功率用电器应采用三孔插座；
根据W＝Pt得出这个空调正常制热 30min消耗的电能。
【解答】解：为安全用电，大功率用电器应采用三孔插座，则该插排应使用三脚插头，
而所连的这个插排用的两脚插头，故该插排不符合安全用电原则；
小王看到空调铭牌上的制热功率为 2000W，则这个空调正常制热 30min消耗的电能W＝
Pt＝ kW× h＝1kW h。
故答案为：不符合；1。
【点评】本题考查电能的计算和安全用电的知识，是一道综合题。
12．（2 分）为了节能环保，禁止野外焚烧秸秆，将秸秆回收再利用，既可产生沼气，又可
产生肥料。100kg秸秆可产生沼气 1m3，完全燃烧这部分沼气可产生热量为 4.2×107
J，如果这些热量 40%被质量 50kg，25℃的水吸收，可以使水温度升高到 100 ℃。[气
压为一个标准大气压，已知 c 水＝4.2×103J/（kg ℃），沼气热值为 4.2×107J/m3]
【分析】根据 Q 放＝Vq得出 1m3的沼气完全燃烧产生的热量。
根据 Q 吸＝40%×Q 放得出水吸收的热量；根据 t＝ +t0得出吸收热量后，水的温度，
结合此时大气压为一个标准大气压，水的沸点为 100℃，确定水的温度。
【解答】解：1m3的沼气完全燃烧产生的热量为Q 放＝Vq＝1m3×4.2×107J/m3＝4.2×107J。
水吸收的热量为 Q 吸＝40%×Q 放＝40%×4.2×107J＝1.68×107J，吸收热量后，水的温度
t＝ +t0＝ +25℃＝105℃，由于此时大气压为一个标
准大气压，水的沸点为 100℃，即水的温度最大为 100℃，由于 105℃＞100℃，所以水温
度升高到 100℃。
故答案为：4.2×107；100。
【点评】本题考查热值、比热容和效率的有关计算，是一道较为简单的计算题。
13．（2 分）十九大报告提出：“绿水青山就是金山银山”。倡导保护环境，使用新能源势在
必行。太阳能属于 可再生 （选填“可再生”或“不可再生”）能源；手机充电时消
耗的电能属于 二次 （选填“一次”或“二次”）能源。
【分析】能源有不同的分类方式：
（1）从产生方式角度划分
一次能源：是指可以从自然界直接获取的能源．例：煤炭、石油、天然气、水能、风能、
太阳能、地热能、潮汐能、生物质能、核能。
二次能源：是指无法从自然界直接获取，必须经过一次能源的消耗才能得到的能源．例：
电能、乙醇汽油、氢能、沼气。
（2）从是否可再生角度划
可再生能源：可以从自然界中源源不断地得到的能源．例：水能、风能、太阳能、生物
质能、潮汐能。
不可再生能源：不可能在短期内从自然界得到补充的能源．例：化石能源（煤炭、石油、
天然气）、核能。
【解答】解：太阳能属于可再生能源；手机充电时消耗的电能属于二次能源。
故答案为：可再生；二次。
【点评】本题考查能源的区别，属于基础题。
14．（2分）如图所示，完全相同的 A、B两金属片浸入盐水的深度相同，a、b分别是 A、B
表面上两点，则 a、b两点盐水的压强 pa 大于 pb（选填“大于”、“小于”或“等于”）；
闭合开关后，小灯泡发光，通过灯泡灯丝的自由电子定向移动的方向是从 d到 c （选
填“c到 d”或“d到 c”）。
【分析】（1）在液体密度一定时，液体压强与深度成正比；
（2）物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向。在金属导体中，自由电子定向移
动的方向与电流方向相反。
【解答】解：由图知，
（1）a与 b两点分别位于盐水的不同的位置，a 点的深度更深，根据液体压强的计算公
式 p＝ρgh可得，当液体密度相同时，深度越深，压强越大，所以 pa＞pb；
（2）闭合开关后，小灯泡发光，电流从电池的正极流出，流入负极，所以电流的流向是
从 c到 d，而自由电子定向移动的方向与电流相反，所以灯泡灯丝的自由电子定向移动的
方向是从 d到 c。
故答案为：大于；d到 c
【点评】此题考查了液体压强计算公式和电流方向的应用，是一道基础题，难度不大。
15．（3分）如图甲所示，水壶盖上盖子，用手堵住通气孔，壶中的水在 大气压 的作用
下不易持续倒出。如图乙所示，小明制成一个简易的气压计，把它从山脚带到山顶，玻
璃管内水柱的高度 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”），当用一根细管对着玻
璃管口上方水平吹气时，玻璃管内水柱的高度 变大 （选填“变大”、“变小”或“不
变”）。
【分析】（1）连通器的结构特征是上端开口、底部连通，判断是不是连通器要根据这两
个特征；壶盖开一个小孔，可以使壶内气体和外界大气相通，从而利用大气压；
（2）大气压随海拔的升高而减小，根据海拔高度变化判断玻璃管内水柱的高度变化；
（3）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。
【解答】解：（1）茶壶的壶身和壶嘴，它们上端开口、底部连通，符合连通器的特点，
所以其设计遵循了连通器原理；
盖上的通气孔是为了让壶内气体和外界大气相通，在重力的作用下水可以更容易的倒出，
若用手堵住通气孔，壶中的水在大气压的作用下不易持续倒出；
（2）把气压计从山脚带到山顶，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减
小，此时在瓶内气压的作用下，会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱的高度会变
大；
（3）若在玻璃管的上方沿水平方向吹气，管上方空气的流动速度较大，压强较小，玻璃
管中的水柱在瓶内气压作用下而上升，所以玻璃管内水柱的高度变大。
故答案为：大气压；变大；变大。
【点评】本题考查了连通器的原理和大气压的应用，气压与海拔高度的关系，以及流速
与压强的关系，难度不大，属于基础题。
16．（2分）为了保护孩子的视力，教室里日光灯更换成如图所示的 LED护眼灯，每个教室
里的 9盏 LED护眼灯的连接方式是 并 联的。LED灯发光效率高，其发光部分主要
由 半导体 材料制成。
【分析】家庭电路中的用电器是并联的；LED灯是由半导体材料制成的。
【解答】解：如图所示的 LED护眼灯，每个教室里的这 9盏 LED 护眼灯是互不影响的，
所以它们之间一定是并联的。
LED是发光二极管做成的，发光二极管是半导体材料。
故答案为：并；半导体。
【点评】本题考查了电路的连接方式、半导体材料的应用，属于基础题。
17．（3 分）某品牌家用吸尘器及其铭牌如图所示，正常工作 10 秒时间内电动机做总功为
1.1×104 J，若电动机线圈电阻为 1Ω，10秒时间内电动机线圈发热量是 250 J，该
吸尘器电动机的效率为 98 %（保留整数）。
产品尺寸（mm） 358×248×307
额定电压（V） 220
额定功率（W） 1100
【分析】（1）由表格知吸尘器功率，由W＝Pt 计算正常工作 10 秒时间内电动机做的总
功（消耗电能）；
（2）由 P＝UI计算电动机工作时的电流，由 Q＝I2Rt计算 10 秒时间内电动机线圈发热
量；
（3）消耗的电能减去线圈产生的热量可得获得的机械能（有用功），获得的机械能与消
耗的电能的比值即为电动机的效率。
【解答】解：由表中数据知，吸尘器的电动机额定电压 220V，额定功率 1100W，由
可得，正常工作 10s时间内电动机做总功
W＝Pt＝1100W×10s＝1.1×104J
由 P＝UI可得通过电动机的电流 ，
10秒时间内电动机线圈产生的热量为：
Q＝I2Rt＝（5A）2×1Ω×10s＝250J，
这台吸尘器正常工作 10s获得的机械能为：
W 有用＝W﹣Q＝1.1×104J﹣250J＝10750J，
吸尘器电动机的效率为：
。
故答案为：1.1×104；250；98。
【点评】本题考查了电功、电功率、焦耳定律公式和效率公式的应用，难点是知道对含
有电动机的非纯电阻电路，选择公式要合理，为易错题！
三、计算题（共 18 分。要求写出必要的文字说明、公式、主要的运算过程、数值和单位）
18．（9 分）如图甲所示的装置，A是重 12N的空吊篮，质量为 45kg 的小张同学将 A提升
到高处，施加的拉力 F 随时间变化关系如图乙所示，A上升的速度 v 随时间 t变化关系
如图丙所示。小张同学与地面的接触面积为 400cm2，忽略绳重及摩擦，g取 10N/kg。求：
（1）1～2s内拉力 F的功率；
（2）动滑轮所受的重力；
（3）0～1s内人对地面的压强；
（4）用此装置匀速提升重物 84N时的机械效率。
【分析】（1）由图丙可知 1～2s内 A的速度，由图甲可知，n＝2，拉力端移动速度 v＝
nvA，由图乙可知 1～2s内拉力 F大小，利用 P＝ ＝ ＝Fv求 1～2s内拉力 F的功率；
（2）忽略绳重及摩擦，拉力 F＝ （GA+G 动），据此求动滑轮重力；
（3）由图甲可知 0～1s内拉力 F的大小，人对地面的压力等于人的重力减去绳对人的拉
力，根据 p＝ 可求人对地面的压强；
（4）忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力 FC＝ （FB+G 动），利用η＝ ＝ ＝
＝ 可求此时机械效率。
【解答】解：（1）由图丙可知 1～2s内 A的速度 vA＝2.5m/s，由图甲可知，n＝2，拉力
端移动速度 v＝nvA＝2×2.5m/s＝5m/s，由图乙可知 1～2s内拉力 F＝8N，
因此 1～2s内拉力 F的功率：
P＝ ＝ ＝Fv＝8N×5m/s＝40W；
（2）因为忽略绳重及摩擦，拉力 F＝ （GA+G 动），
所以动滑轮所受的重力：
G 动＝nF﹣GA＝2×8N﹣12N＝4N；
（3）由图甲可知 0～1s内拉力 F'＝10N，人对地面的压力：
F 压＝G 人﹣F'＝450N﹣10N＝440N，
所以 0～1s内人对地面的压强：
p＝ ＝ ＝11000Pa；
（4）因为忽略绳重及摩擦，C处绳子拉力 FC＝ （FB+G 动）＝ （G 物+GA+G 动）＝ ×
（84N+12N+4N）＝50N，
用此装置匀速提升重物 84N 时的机械效率：η＝ ＝ ＝ ＝ ＝
＝84%。
答：（1）1～2s内拉力 F的功率为 40W；
（2）动滑轮所受的重力为 4N；
（3）0～1s内人对地面的压强为 11000Pa；
（4）用此装置匀速提升重物 84N时的机械效率为 84%。
【点评】本题考查了压强、使用滑轮组时拉力、功率、机械效率的计算，利用好不计绳
重和摩擦时拉力和物重的关系 F＝ （G+G 动）是本题的关键。
19．（9分）如图所示，电路的电源电压和灯泡电阻不变，R1＝5Ω，灯 L标有“8V 6.4W”
字样，电流表量程为 0～3A，电压表的量程为 0～15V，滑动变阻器 R2标有“45Ω 2A”
字样。
（1）只闭合 S1时，电流表的示数为 0.6A，求电源电压；
（2）闭合 S1、S2、S3，滑片移到 b端时，滑动变阻器 R2消耗的电功率；
（3）只闭合 S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率。
【分析】分析电路图时，先简化电路，画出等效电路图，把电流表看作导线，把电压表
看作开路，只分析用电器的连接方式。
（1）只闭合 S1时，灯 L和 R1串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定
律求出电源的电压；
（2）闭合 S1、S2、S3，滑片移到 b 端时，R1与滑动变阻器的最大阻值并联，再利用 P
＝UI＝ 即可求出滑动变阻器消耗的功率；
（3）只闭合 S2时，灯 L和 R2串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流，
根据欧姆定律求出灯泡正常发光时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路
中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，电功率最大。
【解答】解：（1）由题意可知灯泡电阻 RL＝ ＝ ＝10Ω，
只闭合 S1时，灯 L和 R1串联，如图 1，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，由 I＝ 可得，电源的电压：U＝I（R1+RL）＝0.6A×（5Ω+10Ω）＝9V；
（2）闭合 S1、S2、S3，滑片移到 b端（R2全连入）时，如图 2，R1和 R2并联，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以滑动变阻器消耗的功率：P 滑＝ ＝ ＝1.8W。
（3）只闭合 S2时，如图 3所示，灯 L和 R2串联，
灯泡正常发光时的电流：
IL＝ ＝ ＝0.8A，
因电流表的量程为 0～3A，
所以，电路中的最大电流 I 大＝0.8A，此时电路的电功率最大，
P 大＝UIL＝9V×0.8A＝7.2W；
答：（1）电源电压为 9V；
（2）闭合 S1、S2、S3，滑片移到 b端时，滑动变阻器 R2消耗的电功率为 1.8W；
（3）只闭合 S2时，在保证电路安全的情况下，求电路的最大值功率为 7.2W。
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，
关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。
四、实验、作图题（共 22 分）
20．（4 分）在探究“比较不同物质吸热的情况”的实验中，小王取来相同规格的两个电加
热器、完全相同的两个烧杯、温度计，分别对质量相等的甲、乙两种液体加热，装置如
图所示。
（1）用相同规格的电加热器加热，通电后，电加热器通过 做功 的方式使自身内能
增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）图丙是小王根据实验数据绘制的，由图像可知甲、乙两种液体升高相同温度时，其
吸收热量的关系为 Q 甲 ＞ Q 乙，说明 甲 （选填“甲”或“乙”）液体的吸热能力
更强；
（3）停止加热后， 乙 （选填“甲”或“乙”）液体温度下降得快。
【分析】（1）改变物体内能的两种方法是做功和热传递；
（2）（3）我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换
法；
比较物质吸热能力的 2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收
热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温
度变化小的吸热能力强。
【解答】解：（1）电加热器通电，电流通过用电器做功，将电能转化内能，故通电后，
电加热器通过做功方式使自身内能增大从而对甲、乙两种液体加热；
（2）用相同规格的电加热器加热，加热时间越长，则表示物体吸热越多。由图丙可知甲、
乙两种液体升高相同的温度，甲需要加热的时间长，则甲吸收的热量多，即 Q 甲＞Q 乙，
说明甲液体的吸热能力更强；
（3）停止加热后，甲乙液体向外放热，由图丙可知，甲乙吸收相同的热量时，乙的温度
升高的快，同理，当甲乙放出同样多的热量时，乙的温度也下降得快。
故答案为：（1）做功；（2）＞；甲；（3）乙。
【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查改变内能的方法、控制变量法、转换法的
应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
21．（5分）在探究凸透镜成像规律的实验中，有焦距为 10cm和 20cm的两个凸透镜：
（1）小静想利用太阳光来测量凸透镜的焦距，图 1中操作最合理的是 C 。
（2）小静选用正确的方法测出凸透镜的焦距，接着她将蜡烛、透镜、光屏安装在光具座
上，经调节光屏上恰好出现了烛焰清晰的像，如图 2甲所示，则她选用凸透镜的焦距是
10.0 cm。若此时保持蜡烛和光屏不动，移动凸透镜直到在光屏上再次成清晰的像，那
么前后两次像距之差Δv＝ 15.0 cm。
（3）接着，小静进一步探究，她将蜡烛、透镜、光屏置于如图 2乙位置，现保持蜡烛位
置不变，让凸透镜和光屏分别以 2cm/s和 4cm/s的速度，从图示位置同时匀速向右运动，
经过 2.5 s，光屏第一次成清晰的像。
（4）爱思考的小静用另一个凸透镜继续探究。她将蜡烛放在 A点时，像在 B点；将蜡
烛放在 B点时，像在 C点，如图 3所示。当将蜡烛放在 C点时，可以看到的是 D 。
A．可能在 B点成一个实像
B．可能在 A点的左侧成一个虚像
C．可能在 B、C之间成一个实像
D．可能在 C点的右侧成一个虚像
【分析】（1）将凸透镜正对着太阳光，白纸置于另一侧，且平行于凸透镜；
（2）利用凸透镜成像规律和光路可逆分析；
（3）当物距和像距相等且为 2倍焦距，即 20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加
量为 5.0cm，根据速度和距离计算经过的时间；
（4）凸透镜如果成像在同一侧的话应该是成虚像，并且像距大于物距；凸透镜成实像时，
物与像在异侧，且物近像远像变大，物远像近像变小。
【解答】解：（1）将凸透镜正对着太阳光，白纸置于另一侧，且平行于凸透镜，改变白
纸与凸透镜间的距离，直到白纸上出现一个最小、最亮的光斑，该光斑便为焦点，测出
光斑到凸透镜中心的距离，即为凸透镜的焦距，故 A、B、D错误，C正确；
（2）图 2甲中，物距大于像距，光屏上可成实像，u＞2f，图中 u＝30cm＞2f，因此 f＜
15cm，选用凸透镜的焦距是 10cm；根据光路可逆，向左移动凸透镜到 35.0cm处，物距
为 15.0cm时可成放大的实像，前后两次像距之差Δv＝30.0cm﹣15.0cm＝15.0cm；
（5）将蜡烛、透镜、光屏分别放在 35cm、50cm、65cm刻度处，此时物距和像距相等均
为 15.0cm，光屏和凸透镜分别以 4cm/s和 2cm/s的速度，从图示位置同时匀速向左运动，
物距和像距的增加也相等，凸透镜的焦距为 10.0cm，当物距和像距相等且为 2倍焦距，
即 20.0cm，成的像是倒立等大的实像，物距增加量为 5.0cm，故经过 2.5s，光屏上成清
晰等大的像；
（4）如果凸透镜放在 C点右侧，那么当点光源放在 A点时，成像在 A点左侧，而不是
右侧的 B，所以凸透镜放在 C点右侧不可能；当光源在 A点时，像在透镜另一侧，说明
成实像，那么像距应在一倍焦距外，这样当点光源在 B点时就也会在相对于 B的另一侧
成实像，（也就是 A的一侧）而不是成像在 C点。所以透镜不可能在 AB和 BC之间；故
凸透镜只能放在 A点的左侧。
ABC、如果凸透镜放在 A点左侧，那么当点光源放在 A点时，成像在 B点，当点光源放
在 B点时，成像在 C点，成像都是虚像。故此时凸透镜只能放在 A点的左侧；所以该情
况下有如下几种可能，即若 C点在透镜的 1倍焦距以外，像应成在透镜左侧的 1倍焦距
以外；故 ABC错误；
D、若 C点还在透镜的 1倍焦距以内，即此时所成的像应在 C点的右侧。故分析四个选
项，只有 D是正确的。故选：D。
故答案为：（1）C；（2）15.0；（3）2.5；（4）D。
【点评】本题是探究凸透镜成像的规律，凸透镜的成像特点，凸透镜成像规律的应用。
22．（6 分）学习了密度的测量知识后，小杭同学想自己做实验测量小石块的密度，于是从
实验室借来仪器进行实验：
（1）将天平取出放在水平桌面上，正确测量时，当他将最小砝码放入右盘中时，指针偏
向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线左侧，则此时应 B ；
A．向右调节平衡螺母
B．取下最小砝码后移动游码
（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图甲所示，则小石块的质量为 63 g；
（3）将小石块取下后，用细线将石块系住，慢慢放入如图乙所示的量筒内，发现水面上
升到 45mL处，则小石块的密度 2.1 g/cm3；
（4）小杭又想用爸爸新买的精度很高的手提式电子秤（既可以测量力，也可以测量质量），
对石块的密度重新进行了测量，步骤如下：
①先将小石块用细线系好，悬挂在电子秤的下端，如图丙所示，待电子秤示数稳定后，
读出并记为 F1；
②再在小桶里倒入适量的水，悬挂在电子秤的下端，如图丁所示，待电子秤示数稳定后，
读出并记为 F2；
③再用手提着系着小石块的细线一端，将小石块缓慢地浸没在水中，但要保证石块 不
碰触小桶底部和侧壁 ，如图戊所示。待电子秤示数稳定后，读出并记为 F3，完成以上
测量后，根据所得实验数据，请你写出石块密度的表达式：ρ石＝ ；（用字母
表示）
④若戊图中石块吸水（石块吸水后体积保持不变），会使密度测量值 偏大 （选填“偏
大”、“偏小”或“不变”）。
【分析】（1）将天平放在水平工作台上，使用之前要调平；天平的平衡螺母只能在调节
天平横梁平衡时移动，在称量物体质量的过程中不能再移动平衡螺母。当天平的左盘放
物体，右盘放砝码时，指针偏向分度盘中线右侧，取下最小砝码，指针偏向分度盘中线
左侧；需要移动游码，向右移动游码相当于向右盘中增加砝码；
（2）小石块的质量等于砝码的质量加上游码对应的刻度值；
（3）浸没在液体中的固体体积等于固体浸没水前后的液面对应的体积差；
（4）知道质量和体积，根据密度公式计算小石块的密度；
（5）③将小石块缓慢地没入悬挂着的小桶内的水中，目的是测出小石块受到的浮力，
进一步得到小石块的体积；为了保证浮力值的准确，要保证不碰触小桶的底部和侧壁，
因为触碰和不触碰两种情况下，电子秤的示数是不一样的；小石块受到的浮力可用丁与
戊的示数差求得，再根据阿基米德原理可以求得小石块排开水的体积，即为小石块的体
积；根据图丙求得小石块的质量，再由密度公式可得小石块的密度；
④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量测量准确，根据密度公式可知，
所以测小石块的密度偏大。
【解答】解：（1）取出最小的砝码后，指针偏左，说明左端的质量大，将处在零刻度位
置的游码向右调，相当于往右盘增加更小的砝码，能使天平的横梁平衡，故 A不符合题
意，B符合题意。
故选：B。
（2）由图甲可知，砝码的质量是 60g，游码的示数是 3g，故石块的质量为：m＝50g+10g+3g
＝63g。
（3）由图乙可知，量筒内原来水的体积是 15mL，放入小石块后总体积是 45mL，故石
块的体积为：
V＝45mL﹣15mL＝30mL＝30cm3；
小石块的密度为：ρ＝ ＝ ＝2.1g/cm3。
（4）③将小石块缓慢地浸没入悬挂着的小桶内的水中，但要保证小石块不碰触小桶底
部和侧壁，否则测得小石块所受的浮力就不准确了。
小石块在水中受到浮力，根据力的作用是相互的，小石块对水有向下的压力，使得电子
秤示数增大，则小石块在水中受到的浮力为：
F 浮＝F3 F2
根据阿基米德原理可得，小石块的体积为：
V＝V 排＝ ＝ ；
由图甲可知，小石块的重力 G＝F1，则小石块的质量为：
m＝ ＝ ；
小石块的密度为：
ρ石＝ ＝ ＝ 。
④小石块吸水后水面会降低，导致测得体积偏小，而质量测量准确，根据密度公式可知，
所以测小石块的密度偏大。
故答案为：（1）B；（2）63；（3）2.1；（4）不碰触小桶底部和侧壁； ；偏大。
【点评】本题为测量固体密度的实验，考查天平和量筒的使用、密度计算等知识，有一
定难度。
23．（4分）小亮在做“测量小灯泡的电功率”的实验，所用的小灯泡额定电压为 2.5V。
（ 1 ） 图 甲 为 小 亮 连 接 的 实 物 电 路 ， 请 你 帮 他 补 充 完 整 ：
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表有示数，电流表无示数，产
生这种现象的原因是 灯泡断路 （写出一种合理情况即可）；
（3）根据实验数据绘制成了 U﹣I图像如图丙所示，根据图像提供的信息，可计算出小
灯泡的额定功率是 0.5 W；
（4）完成上述实验后，小亮进一步思考，在没有电流表的情况下，能否测量小灯泡的额
定功率？他想利用一个定值电阻 R0接在原电路电流表的位置，设计的电路图如图丁所
示，然后调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 U 额，接着保持滑片位置不变，将电压表 B
点的接线改接到 C点，观察并记录电压表示数为 U，则小灯泡的额定功率可表示为 P 额
＝ U 额× （用 R0、U 额、U等物理量符号表示）。
【分析】（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，电流表选择小
量程串联在电路中；
（2）根据电流表选用小量程确定分度值读数；利用公式 P＝UI求出灯泡的功率；
（3）根据乙图找出灯泡电压为额定电压 2.5V时的电流，利用公式 P＝UI求出灯泡的额
定功率；
（4）根据电流从电压表正接线柱流入分析判断；因为个电阻的大小和电压大小都不变，
根据串联电路的电压规律，求出定值电阻的电压，由欧姆定律，求出通过定值电阻的电
流即为小灯泡的额定电流，即可求出小灯泡功率的表达式；根据在实验操作中，电压表
的量程选择，小灯泡正常工作时的电压、电流的大小等条件分析解题。
【解答】解：（1）滑动变阻器接一个上接线柱和一个下接线柱串联在电路中，实验中要
求向右移动滑片时灯泡变亮，说明电路中的电流变大，滑动变阻器的阻值变小，故变阻
器右下接线柱连入电路中，电流表选择小量程串联在电路中，如下图所示：
；
（2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，则电路可能断路，
电压表有示数，则电压表和电源接通；
（3）由乙图的 U﹣I图像可知，当小灯泡的电压为额定电压 U 额＝2.5V时，电流 I＝0.2A，
小灯泡的额定功率为：
P 额＝U 额 I＝2.5V×0.2A＝0.5W；
（4）调节滑动变阻器滑片使电压表示数为 U 额＝2.5V，接着保持滑片位置不变，
根据电流从电压表正接线柱流入，将电压表 B点的接线改接到 C点，观察并记录电压表
示数 U，因为各个电阻的大小和电压大小都不变，灯泡仍然正常发光，根据串联电路的
电压规律，定值电阻的电压为：U0＝U﹣U 额，
由欧姆定律，通过定值电阻的电流：
I0＝ ＝ ，
根据串联电路的电流规律，通过定值电阻的电流即为小灯泡的额定电流，则小灯泡的额
定功率可表示为：
P 额＝U 额 I 额＝U 额× 。
故答案为：（1）如上图所示；（2）灯泡断路；（3）0.5；（4）U 额× 。
【点评】本题考查了电功率的测量实验，综合性强，难度大。
24．（3 分）在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用若干数量的小铁钉和电
磁铁甲、乙设计了如图所示的电路。
（1）实验中是通过 吸引铁钉的多少 来判断电磁铁磁性强弱的，当滑动变阻器滑片
处于某一位置时，观察实验现象可得出的结论是：电流一定时，外形相同的螺线管， 线
圈匝数越多 ，磁性越强。
（2）根据图示发现被电磁铁吸引的小铁钉下端是分散的，其原因是 被吸引的小铁钉
会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥 。
【分析】（1）电磁铁磁性的变化可改变吸引小铁钉个数的多少；影响电磁铁磁性强弱的
因素有电流大小和匝数多少；
（2）利用磁化和磁极间的作用规律进行分析。
【解答】解：
（1）实验时可以通过吸引铁小钉的多少来判断电磁铁磁性的强弱；由图知，甲吸引小铁
钉的个数较多，说明甲的磁性较强；甲、乙串联，电流相等，甲的线圈匝数多于乙的线
圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
（2）被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥，故
小铁钉下端是分散的。
故答案为：（1）吸引铁钉的多少；线圈匝数越多；（2）被吸引的小铁钉会被电磁铁磁化，
小铁钉下端是同名磁极，同名磁极相互排斥。
【点评】在“探究影响电磁铁磁性强弱的因素”实验时采用控制变量法，即在研究电磁
铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，要保证电流的大小。
五、综合应用题（6 分）
25．（6 分）小雨家买了一台储水式电热水器。外观如图甲所示，图乙是热水器剖视图。热
水器的内胆是密封的，里面有两个通到外部的水管，a是热水出水管，b是冷水进水管。
c和 d是两个外层包有绝缘材料的电加热管。
（1）关于电热水器下列说法中正确的是 B ；
A．电源指示灯发出的红光是红外线
B．电加热管通电时电能转化为内能
C．电加热管里电阻丝用电阻小、熔点低的材料制成
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳与 大地 相连；
（3）如图甲所示，在热水管和冷水管交会处安有一个水龙头。水龙头的手柄做的较长，
这个水龙头的手柄相当于一个 省力 （选填“省力”、“费力”或“等臂”）杠杆；
（4）电热水器内胆充满水后才能通电加热。电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的
体积膨胀，密度变 小 ；
（5）为了防止电热水器漏电，电热水器生产厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了
一种“防电墙”技术。即用一段空心绝缘管替换一段热水出水管。通过改变此管的内径
和长度来改变管内水的电阻的大小。如图丙所示，四个用同种材料制成的空心绝缘管，A
和 B内径相同，C 和 D内径相同，A、B 的内径大于 C、D的内径。为了增大流经空心
绝缘管内水的电阻，减小漏电电流，如果你是设计师，会选用图丙中的 D 绝缘管；
（6）电热水器面板上有两个控制开关 S1、S2，两个电加热管分别用 R1、R2表示，要求
S1单独控制 R1，S2单独控制 R2，两个开关同时闭合时 R1与 R2同时加热。请你在图丁中，
用笔画线代替导线，补全开关控制电加热管的电路，且符合安全用电的原则。
【分析】（1）红外线是看不见的；电热丝的电阻大、熔点较高；用电器工作时电能转化
为其他形式的能量；
（2）使用三脚插头是为了用电安全；
（3）根据动力臂和阻力臂的大小关系分析；
（4）根据水的体积的变化分析密度的变化；
（5）电阻越大，导电性越差；
（6）家庭电路中的用电器是并联的，开关接在火线与用电器之间。
【解答】解：（1）电源指示灯发出的红光是可见光，不是红外线；电加热管里电阻丝用
电阻大、熔点高的材料制成；电加热管通电时电能转化为内能，故 B正确。
（2）电热水器要使用三脚插头，是为了使电热水器的金属外壳能够接地，防止漏电造成
事故。
（3）水龙头的手柄做的较长，使用开关时，动力臂较长能够省力，所以是省力杠杆。
（4）电加热管周围的水吸收热量温度升高，水的体积膨胀，水的质量不变，所以密度变
小。
（5）厂家利用自来水导电能力差的特性，发明了一种“防电墙”技术，所以需要电阻大，
同种材料，横截面积越小，长度越长，电阻越大，所以选择 D绝缘管。
（6）由题意可知 R1与 R2并联，两个开关分别控制两个电阻，为了用电安全，必须把开
关与火线相连，如下图所示：
故答案为：（1）B；（2）大地；（3）省力；（4）小；（5）D；（6）见解析。
【点评】本题考查了安全用电器的常识、电路的连接、能量的转化、杠杆的分类等知识，
难度不大。
