安徽省肥东县2023-2024高二上学期期末考物理试题(含解析)

安徽省肥东县2023-2024学年高二上学期期末联考
物理试题
一、单选题(8小题,每小题4分,共32分)
1.首先发现电流磁效应的科学家是()
A.牛顿 B.法拉第 C.奥斯特 D.焦耳
2.下列说法正确的是( )
A.电场是为了研究问题的方便而设想的一种物质,实际上不存在
B.电荷所受的电场力越大,该点的电场强度一定越大
C.以点电荷为球心,r为半径的球面上各点的场强都相同
D.在电场中某点放入试探电荷q,受电场力F,该点的场强为,取走q后,该点的场强不变
3.如图所示的图像中,直线a为某电源的路端电压与电流的关系,直线b为某电阻R的电压与电流的关系。现用该电源直接与电阻R连接成闭合电路,由图像可知(  )
A.R的阻值为 B.电源的内阻为
C.电源的输出功率为 D.电源内部消耗的功率为
4.如图所示,某用电器与电源距离为,线路上的电流为,若要求线路上的电势差不超过,已知输电导正线的电阻率为,那么该输电导线的横截面积的最小值是(  )
A. B. C. D.
5.智能手机无线充电器利用互感原理工作,由发射器和接收器组成,分别有发射线圈和接收线圈。已知发射、接收线圈匝数比为,AB端输入电压为,则(  )
A.接收线圈的输出电压有效值为1V
B.接收线圈中输出电流方向每秒变化200次
C.接收线圈的输出功率等于发射线圈输入功率
D.改变发射器和接收器的距离,不影响其充电效率
6.如图所示,有一个正方形的匀强磁场区域abcd,e是ad的中点,f是cd的中点,如果在a点沿对角线方向以速度v入一带负电的带电粒子,恰好从e点射出,不计粒子重力,则(  )
A.如果粒子的速度不变,磁场的磁感应强度变为原来的二倍,将从d点射出
B.如果粒子的速度增大为原来的四倍,将从f点射出
C.只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时,从e点射出所用时间最短
D.只改变粒子的速度使其分别从e、d、f点射出时,从f点射出所用时间最短
7.如图(a),边长为的单匝正方形导线框固定在水平纸面内,线框的电阻为。虚线MN恰好将线框分为左右对称的两部分,在虚线MN左侧的空间内存在与纸面垂直的匀强磁场,规定垂直于纸面向里为磁场的正方向,磁感应强度随时间变化的规律如图(b)。虚线MN右侧存在垂直纸面向外的匀强磁场,磁感应强度大小恒为。下列说法正确的是(  )
A.时刻,线框中产生的感应电动势大小为
B.时刻,线框所受安培力的合力为0
C.时刻,线框受到的安培力大小为
D.在内,通过线框导线横截面的电荷量为
8.如图所示,水平固定一个光滑长杆,有个质量为m的小滑块A套在长杆上可自由滑动,在水平杆上竖直固定一个挡板P,小滑块靠在挡板的右侧处于静止状态,在小滑块的下端用长为L的细线悬挂一个质量为2m的小球B,将小球拉至左端水平位置,使细线处于自然长度,由静止释放,已知重力加速度为g,下列说法正确的是(  )
A.A和B组成的系统水平方向上动量守恒
B.小球B第一次摆到最低点速度为
C.小球B在运动过程中相对最低点所能上升的最大高度为
D.小滑块A能获得的最大速度为
二、多选题(2小题,每小题5分,共10分)
9.如图所示,竖直放置的长直导线通有恒定电流,有一矩形线框与导线在同一平面内,在下列情况中线框产生感应电流的是(  )
A.导线中的电流变大
B.线框以PQ为轴转动
C.线框向下平动
D.线框以AB边为轴转动
10.如图,在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一固定的U形金属导轨,导轨平面与磁场垂直。金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS,一圆环形金属框T位于回路围成的区域内,线框与导轨共面。现让金属杆PQ突然向左运动,在运动开始的瞬间,下列说法正确的是(  )
A.RS受到的安培力方向水平向右
B.RS受到的安培力方向水平向左
C.金属框T中感应电流沿顺时针方向
D.金属框T中感应电流沿逆时针方向
三、实验题(2小题,共16分)
11.(本题8分)某同学用图甲所示示装置来探究碰撞中的不变量
(1)实验中,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,可以通过仅测量 间接地解决这个问题(请将选项前的字母代号填在题前的横线上).
A.小球开始释放时距离桌面的高度h
B.小球抛出点距地面的高度H
C.小球做平抛运动的水平位移
D.抛出点到落点的距离
(2)实验步骤如下:
①取两个半径相同的小球A、B,实验时先不放球,使球从斜槽上某一固定点C由静止滚下,落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹,重复操作,从多次落点痕迹中找到平均落点,记为P;
②把月球静置于水平槽前端边缘处,让球仍从C处由静止滚下,月球和球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹,重复操作,从多次落点痕迹中找到平均落点,分别记为M和N;
③重垂线所指的位置在记录纸上记为O点,将毫米刻度尺的0刻度线和O点对齐,如图乙所示,测得各平均落点M、P、N到O点的距离分别为x1、x2、x3;
④若小球A、B的质量分别为m1、m2,则实验需要探究的表达式为 (用步骤中所给的字母进行表示).该同学测得小球A的质量m1=0.40kg,小球B的质量m2=0.20kg,则碰撞前m1x2= kg m;碰撞后m1x1+m2x3= kg m;(上述两空的计算结果保留三位有效数字).在实验误差允许的范围内,可认为碰撞前后A、B两小球组成的系统动量守恒.
12.(本题8分)在用电压表和电流表测量串联的两节干电池的电动势和内阻时,除备有电池、电键、足量的导线外,还有下列实验仪器可供选择
A.电流表A1(0~0.6A)
B.电流表A2(0~3A)
C.电压表V1(0~3V)
D.电压表V2(0~15V)
E.滑动变阻器R1(20Ω,2A)
F.滑动变阻器R2(1750Ω,3A)
(1)所选电流表为 ,电压表为 ,滑动变阻器为 (填写所选仪器前面的字母);
(2)一名学生正确选择仪器后进行实验,测得实验数据,并在如图所示的坐标系中画出U-I图象。从图中可得电源的电动势为 V,内阻为 Ω(保留三位有效数字)。
四、解答题(3小题,共42分)
13.(本题10分)如图所示,两平行金属导轨间的距离为L,金属导轨所在的平面与水平面的夹角为θ,在导轨所在平面内分布着磁感应强度大小为B、方向垂直于导轨所在平面向上的匀强磁场。金属导轨的一端接有电动势为E、内阻为r的直流电源。现把一个长度为L、质量为m的导体棒放在金属导轨上,导体棒恰好不发生滑动。导体棒与金属导轨垂直且接触良好,导体棒的电阻为R,金属导轨的电阻不计,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,重力加速度大小为g。求:
(1)导体棒中的电流I;
(2)t时间内导体棒所受安培力的冲量;
(3)导体棒与金属导轨间的动摩擦因数μ。
14.(本题14分)如图所示,轴上方存在沿轴竖直向上的匀强电场和垂直于纸面向外的匀强磁场,电场强度大小为,磁感应强度大小为。轴下方存在沿轴竖直向上的匀强电场,电场强度大小为,磁场、电场区域足够大。图中、两点的坐标分别为、,重力加速度为。
(1)若有一带电粒子(不计重力)在轴上方平行平面而做匀速直线运动,求粒子速度;
(2)若将一质量为、电荷量为的带正电小球自点以某一初速度沿轴负方向抛出,小球第三次通过轴时恰好通过坐标原点,求初速度的大小;(用、、、表示)
(3)若将一质量为,带电量为的带正电小球自点以初速度抛出,与水平方向夹角为,小球第1次经过轴时的位置恰好为点,然后只经过一次磁场区域后回至点。求和。(用、、、、、表示)
15.(本题18分)如图所示,固定光滑平行轨道abcd的水平部分处于磁感应强度大小为、方向竖直向上的匀强磁场中,bc段轨道宽度为,cd段轨道宽度为,bc段轨道和cd段轨道均足够长,将质量分别为,,有效电阻分别为,的金属棒P和Q分别置于轨道上的ab段和cd段,且均与轨道垂直,金属棒Q原来处于静止状态。现让金属棒P从距水平轨道高为处无初速度释放,两金属棒运动过程中始终与导轨接触良好且与导轨垂直,不计其它电阻及空气阻力,重力加速度大小为,求:
(1)金属棒P刚进入磁场时的速度大小;
(2)金属棒P刚进入磁场时Q棒的加速度大小;
(3)两金属棒距离最近时两导轨间的电压U。
参考答案:
1.C
【详解】首先发现电流磁效应的科学家是奥斯特,故选C.
2.D
【详解】A.电场是存在于电荷周围能传递电荷与电荷之间相互作用的媒介,是不同与实物的另一种物质存在的方式.故A错误;
B.电场中的场强取决于电场本身,电场强度只由场源电荷电量和位置决定,与电荷受到的电场力的大小无关.故B错误;
C.以点电荷为球心的球面各点的电场强度大小相等,方向不同,故电场强度不同.故C错误;
D.电场强度是由产生电场的源电荷决定的,在电场中某点放一检验电荷后,不会影响该点的电场强度,故D正确;
故选D。
3.D
【详解】A. R的阻值为
所以A错误;
B.电源的内阻为
所以B错误;
C.电源的输出功率为
所以C错误;
D.电源内部消耗的功率为
所以D正确;
故选D。
4.B
【详解】由欧姆定律及电阻定律可得
解得
故选B。
5.B
【详解】ACD.发射线圈电压的有效值
根据理想变压器电压匝数关系有
解得
智能手机无线充电器利用互感原理工作,能量从发射线圈向接收线圈转移,在转移过程中,存在一定的能量损耗,距离越远,损耗越大,因此收线圈的输出功率小于发射线圈输入功率,改变发射器和接收器的距离,对充电效率有影响,电压匝数比不再成立,即接收线圈的输出电压有效值小于1V,ACD错误;
B.无线充电器利用互感原理工作,工作过程中不改变交流电的频率,即接收线圈中输出电流的周期为
由于一个周期内,电流方向改变两次,则接收线圈中输出电流方向每秒变化次数为
B周期。
故选B。
6.D
【详解】A.粒子在磁场中运动,由洛伦兹力提供向心力得
解得
磁场的磁感应强度变为原来的二倍,其他的不变,则半径将为原来的,根据几何可知,粒子不能从d点射出。故A错误;
B.设正方形的边长为2a,则粒子从e点射出时,轨迹半径为。如果粒子的速度变为原来的4倍,由半径公式可知,半径将变为原来的4倍,即变,轨迹如图所示
由几何关系得
由于
所以粒子从fd之间射出磁场。故B错误。
CD.只改变粒子的速度使其分别从e、d、f三点射出时,轨迹如图
轨迹的圆心角是从f点射出时最小,根据公式
可知粒子从f点射出时运动时间最短。故C错误,D正确。
故选D。
7.C
【详解】A.根据题意可知,线框右半部分磁感应强度不变,左半部分均匀增加,由法拉第电磁感应定律有,时刻,线框中产生的感应电动势大小为
故A错误;
B.线框中的感应电流为
由楞次定律可知,线框中电流为逆时针方向,上下边框对称位置受力等大反向,合力为零,由左手定则和公式可知,左右两边受力方向均向右,大小均为
则线框所受安培力的合力为
故B错误;
C.由上述分析可知,时刻,线框右边框仍受向右的力,大小为
线框左边框仍受向右的力,大小为
线框受到的安培力大小为
故C正确;
D.根据题意,由公式可得,在内通过线框导线横截面的电荷量为
故D错误。
故选C。
8.D
【详解】A.小球B由静止向下摆动的时候,绳子对滑块A产生向左的拉力,此过程中A没有离开挡板P,且挡板P对A有向右的弹力,因此A和B组成的系统水平方向上动量不守恒,A错误;
B.由机械能守恒

B错误;
C.B球第一次通过最低点后到相对最低点上升到最大高度间,由水平方向动量守恒和机械能守恒

C错误;
D.当B从右边最高点再次回到最低点时,A的速度最大,有

D正确。
故选D。
9.AD
【详解】导线中电流强度变大,磁场增大,线框中的磁感应强度增大,故磁通量增大,可以产生感应电流,故A正确; 线框以直导线PQ为轴转动,穿过线框的磁通量不变化,则没有产生感应电流,故B错误; 线框向下运动时,线框中的磁感应强度不变,磁通量不变,故不会产生感应电流,故C错误;线框以AB边为轴转动,则线圈的磁通量发生变化,会产生感应电流,选项D正确.
10.BD
【详解】AB.根据右手定则判断感应电流方向,磁感线垂直射入手心,大拇指指向导体运动方向,四指方向即为感应电流方向,由此可知PQRS中产生的感应电流沿顺时针方向,再根据左手定则判断安培力的方向,磁感线垂直射入手心,四指方向即为感应电流方向,RS中产生的感应电流方向由R指向S,大拇指方向为安培力方向,故RS受到的安培力方向水平向左,故A错误,B正确;
CD.让金属杆PQ突然向左运动,使PQRS中产生顺时针方向的感应电流,根据楞次定律可知,通过金属框T的磁场增大,则T的感应电流产生的磁场应指向纸面外,根据楞次定律可知金属框T中感应电流沿逆时针方向,故C错误,D正确。
故选BD。
11. C 0.034 0.034
【详解】(1)[1].验证动量守恒定律实验中,即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系,直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的,但是通过平抛的情况来代替时:设落地时间为t,则有:,落地高度不变情况下时间不变,水平射程来体现速度,故C正确,ABD错误.
(2)④[2].要验证的表达式为
因为
带入可得:
[3][4].由刻度尺读出:x1=2.65cm;x2=8.60cm;x3=11.50cm;
碰撞前
m1 x2=0.40×0.0860=0.034kg m;
碰撞后
m1 x1+m2 x3=0.40×0.0265+0.20×0.1150=0.034kg m;
12. A C E 3.00 2.91
【详解】(1)[1]因两节干电池电动势为3V,故电压表选C;
[2]本实验中流过电池的电流不能太大,约为零点几安培,则电流表选择A;
[3]为方便实验操作,滑动变阻器一个选E;
(2)[4][5]由电源U-I图象规律可知,图象与纵轴交点即为电源电动势,故为3.00V;斜率大小为内阻,故内阻
13.(1);(2),方向沿导轨向上;(3)或
【详解】(1)根据闭合电路欧姆定律得
(2)根据安培力的公式有
所以
方向沿导轨向上;
(3)对导体棒受力分析可知,其所受摩擦力可能沿斜面向上,如图所示。根据平衡条件有
解得
当摩擦力沿斜面向下时,同理可得
14.(1),方向水平向右;(2);(3)见解析
【详解】(1)一带电粒子(不计重力)在轴上方平行平面而做匀速直线运动,则
解得
根据左手定则可知速度方向水平向右;
(2)小球运动轨迹如下图a所示
在轴下方电场中,根据牛顿第二定律
解得
水平方向
竖直方向
在轴上方复合场中,重力与电场力平衡,洛伦兹力提供向心力有
由几何关系得
当回到轴下方磁场中时,根据
联立解得
(3)①第一种情况,轨迹关于轴对称,根据
联立得
“”、“”对应类斜上抛和类斜下抛,如图c、d,若对应类平抛,如图b
时间

点的速度

根据几何关系
解得
②第二种情况:轨迹关于轴不对称,轨迹如图e、f
根据几何关系
时间
轨迹半径
联立得

可得
A点速度

根据几何关系
解得
15.(1);(2);(3)
【详解】(1)设金属棒P刚进入磁场时的速度大小为,此时回路中的感应电动势为,感应电流为,加速度为,据机械能守恒定律有
解得
(2)产生的感应电动势为
回路感应电流为
据牛顿第二定律可得
联立解得
(3)因通过两金属棒的电流始终相等,根据两金属棒的长度、质量关系可知,两金属棒的加速度大小始终相等,运动过程中的图像如图所示
两图线关于中间虚线对称,显然两图线的交点的纵坐标为
而两金属棒速度大小相等时距离最近,设此时金属棒P产生的电动势为E,金属棒Q产生的反电动势为,回路中的感应电流为I。则有
回路电流为
两导轨间的电压为
联立解得
试卷第2页,共7页

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