2024年江苏省无锡市中考物理模拟适应性训练试卷
一、单选题：本大题共12小题，共24分。
1.关于声现象，下列说法中错误的是( )
A. “闻其声而知其人”主要是根据音色来判断的
B. 公路旁安装隔音墙是为了在传播路径上减弱噪声
C. 正在发声的编钟一定在振动
D. 用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调不同
2.年月日起，北京地区汽油的价格涨至元公升，能源的日益紧张已影响了人们的日常生活．则下列做法不应提倡的是( )
A. 出行时尽量使用自行车 B. 大力开发太阳能、水能
C. 节约用水、用电、用气 D. 电脑整天处于待机状态
3.下列说法正确的是( )
A. 破镜难重圆，是因为固体分子间存在着排斥力
B. 宇宙大爆炸理论认为宇宙诞生于大爆炸，爆炸引起宇宙膨胀
C. 在空调房吸烟时，会看到烟雾在空中弥漫，这是分子的无规则运动
D. 摩擦起电创造了电荷
4.如图所给物态变化相同的一组是( )
A. B. C. D.
5.如图所示，把一个凸透镜放在平面镜前，一束与凸透镜主光轴平行的入射光射向凸透镜光线、是这束光的上下边缘，当观察平面镜时，感觉光束是从镜后的点发散开来，则凸透镜的焦距是( )
A. B. C. D.
6.如图所示，在动能大小与质量的关系的实验研究中，下列分析正确的是( )
A. 实验中不需要控制钢球在同一高度由静止滚下
B. 当木块最终静止时，木块的惯性也会随之消失
C. 如果木块滑行的距离越远，说明小球的动能越大
D. 该装置不能探究重力势能和高度的关系
7.如图所示，甲、乙两正方体放置在水平地面上，将它们沿竖直方向切去相同厚度之后，剩余部分对地面的压强相等。则在切之前它们对地面压强、以及质量、的大小关系为( )
A. ； B. ；
C. ； D. ；
8.小明家台灯的插头插在如图所示的插座上，插座上有一个开关和一个指示灯相当于灯泡若插座开关和指示灯用、表示，台灯开关和灯泡用、表示。小明断开或闭合、时，记录现象如表，则符合事实的电路图( )
开关状态 插座指示灯 台灯
闭合，断开 亮 不亮
闭合，断开 不亮 不亮
和都闭合 亮 亮
A. B.
C. D.
9.甲，乙两个小灯泡上分别标有“”和“”字样，现在把它们按不同方式接在下列不同的电路中不考虑灯丝电阻的变化，下列判断错误的是( )
A. 若把它们串联在电路中，甲灯比乙灯亮
B. 若把它们串联在电路中，两灯都可以正常发光
C. 若把它们并联在电路中，甲灯比乙灯亮
D. 若把它们并联在电路中，乙灯正常发光
10.下列关于热的说法，正确的是( )
A. 水凝固过程中，温度不变，内能也不变
B. 某台四冲程汽油机的飞轮转速为，则内该汽油机对外做功次
C. 在沿海，由于内陆和大海升降温快慢不同，所以白天的风通常从大海吹向陆地
D. 热机所用燃料的化学能转化成的内能越多，该热机的效率就越高
11.将木块轻轻放入盛满水的容器中，木块漂浮在水面上，溢出的水重，则木块重( )
A. 小于 B. 大于 C. 等于 D. 无法确定
12.如图所示是两个电路元件和的图像。( )
A. A、串联，当电路总电流为时，电源电压为
B. A、串联，当电路总电流为时，电路总电阻为
C. A、并联，当电源电压为时，电路总电流为
D. A、并联，当电源电压为时，电路总功率为
二、填空题：本大题共12小题，共36分。
13.如图所示，敲击右边的音叉时，能看到左边音叉旁悬挂的泡沫塑料小球会______；如果在月球上进行同样的实验，则会看到______，这是因为______．
14.如图所示，在试管内装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水沸腾一段时间后观察到的现象是______，此现象的能量转化是由______。
15.年月日，“天宫课堂”第二课在中国空间站开讲，如图所示，在太空抛物实验中，宇航员王亚平将冬奥会吉祥物冰墩墩轻轻抛出，冰墩墩由静止变为运动，说明力可以改变物体的______；抛出后，冰墩墩沿着原来抛出的方向匀速前进，是因为冰墩墩具有______。
16.年月日，在我国四川盆地和福建附近出现一次罕见的日环食现象如图甲所示，它的形成是由于光在真空中沿______传播的缘故。如图乙所示，一束白光经三棱镜后发生了光的色散现象，最早发现这一现象的物理学家是______，从图乙中可以看出红色光线的偏折程度最______。在各种不同色光中，红、______、蓝叫做三原色光。
17.端午节某市举行龙舟比赛，若以一艘龙舟上击鼓人为参照物，他所乘的龙舟是______选填“运动”或“静止”的，击鼓声是鼓面______产生的．
18.如图所示，一束光会聚于点，在虚线区域内放甲透镜后，光会聚于主光轴上的点；在虚线区域内换放乙透镜后，光会聚于主光轴上的点。小明想探究凸透镜成像的特点，应选择______甲乙透镜。小明利用焦距为的凸透镜进行了“探究凸透镜成像的规律”的实验，当光屏上出现烛焰清晰的像时，测得光屏到透镜的距离是，则光屏上出现的是一个______选填“放大”、“等大”或“缩小”的实像，应用这一成像原理制成的光学仪器是___________答出一个即可。
19.如图所示，一水平面上放置光滑金属导轨、，导体棒、平放在导轨上，“”表示垂直于纸面向里的磁场的磁感线，当导体向左或向右滑动时，导体也跟着滑动。该实验中涉及的两个物理现象是：
______；______。
20.三岔湖是简阳人民就近的避暑休闲好去处，因为水的比热容较大。湖中的水放出一半后，湖水的比热容 选填“变大”、“不变”或“变小”；将装有水的杯子放在阳光下，水温上升，不考虑热量散失，则水吸收的热量为 。
21.探究水沸腾时温度变化的特点时，如图所示，是锐锐同学在实验中用数码相机拍摄的水沸腾前和沸腾时的两张照片。其中______是水沸腾时的情况，水沸腾后继续加热，每隔一段时间记录水的温度，根据记录的数据，可得出水沸腾时温度变化的特点：不断吸热，温度______。
22.小雨同学设计了如图所示的装置探究杠杆的平衡条件，在轻质杠杆的端悬挂一个质量为的空桶，：：。将质量分布均匀，重为的异形工件通过细线与端相连，已知的上下两部分均为正方体，且边长之比为：。此时，杠杆在水平位置平衡，且对地面的压强为，不考虑机械的摩擦，取，此时细线对的拉力为______；若在的下部沿竖直方向截去部分，并将其放入空桶中，使对地面的压强变为原来的，则截去部分的质量为______。
23.小华在生活中发现了很多的物理知识，比如：把鸡蛋往灶台上一磕，鸡蛋就破了，是利用物体间力的作用是______；向热汤中滴入香油，散出浓浓的香味，是由于温度越高，分子______；电热水壶烧水时电热丝很烫，但连接烧水壶的导线去并不怎么热，说明电流通过导体产生的热量跟导体的______有关。
24.如图所示是甲、乙两种物质的质量和体积的图象。则甲、乙两种物质的密度之比是______，若用质量相等的甲、乙两种物质分别制成实心正方体、，则、的体积之比是______，把它们平放在水平地面上，则正方体、对水平地面的压强之比为______。
三、作图题：本大题共3小题，共6分。
25.如图所示，空气中某点光源发出一束光经平面镜反射后，穿过游泳池中的水，照射在池底点。请完成光路并在图中标出的位置保留作图痕迹。
26.如图所示是小李将一根均匀木棒提起的瞬间。请画出本棒所受重力的示意图及动力的力臂。
27.根据如图通电螺线管的极，标出小磁针静止时、极、电源的正负极和磁感线的方向。
四、实验探究题：本大题共4小题，共28分。
28.在“测量小灯泡的电功率”实验中，小明要测量额定电压为小灯泡的额定功率。现有器材：电源电压未知但恒定不变、电流表、电压表只量程可用、开关各一个及导线若干。他将电流表、滑动变阻器、小灯泡、开关依次串联接入电源两端如图所示，将电压表分别和小灯泡、滑动变阻器并联，通过移动滑片位置测得六组数据并记录在表格中。
实验次数 电压表示数 电流表示数 电压表示数 电流表示数
分析可知，小灯泡的电阻随温度的变化规律是：______。
电源两端的电压为______，小灯泡的额定功率为______。
由表中的六组数据可知，电路的最大功率为______，小灯泡呈现______种不同的亮度。
29.实验桌上有如下器材：弹簧测力计，烧杯，足够多的细线，水，刻度尺，水彩笔，不同体积的圆柱形铁块六块，符合实验要求的量筒。小明想利用实验桌上的器材，设计一个实验证明：“在同一种液体中，物体受到的浮力和它排开液体的体积成正比”。请根据上述要求帮助小明设计实验，并写出实验步骤。
30.热敏电阻的阻值会随温度的改变而改变．小梦同学用甲图所示的电路来探究热敏电阻的阻值与温度的关系．
在烧杯中应该加入的液体是______填“水”或“煤油”，其主要原因是______，热敏电阻产生热量的多少是通过______反映出来的。
依次改变控温器中的液体温度，同时改变电路中的电阻值，使电流表的示数始终保持不变如图乙，此时电流表的示数是______A.通过计算得到相关数据记录如下．从表中可以看出，在一定温度范围内，该热敏电阻的阻值随温度变化的规律是______。
温度
电阻欧
在科技创新活动中，小梦用该热敏电阻和电压表制成了一支指针式温度计如图丙它可以直接在电压表刻度盘上读出相应温度．若电压表的读数会随温度的升高而增大，则应在原理图丙中______两端接入一个电压表。
A. ．
31.小华为完成“伏安法”测电阻的实验，选定了如图甲所示的实验器材，并将其中的部分器材进行了连接。
请你用笔画线代替导线，在答题纸上把图中的器材连接成完整的电路。
闭合开关后，发现小灯泡不发光，且电压表和电流表均没有示数。此时实验电路出现的故障可能是______。
A.电流表处开路
B.小灯泡处开路
C.电压表处开路
D.滑动变阻器处开路
排除故障后，小华重新进行实验，他闭合开关，调节滑动变阻器依次进行了第至次测量，所得测量数据记录如表。
实验序号 电压 电流 电阻
接下来进行第次测量时，他需要将滑动变阻器的滑片缓缓向______选填“左”或“右”移动，直到电压表的示数恰好为；此时，电流表的示数如图乙所示，则电流表的示数为______。
小华顺利完成了五次测量后，注意到用五次测量数据计算出的电阻值并不相同，他认为这是由于读数误差造成的。小明则认为，虽然读数会有误差，但小华的实验结果并不能单纯用误差来解释。因为如果是因为读数误差，计算出的电阻值会相差不大，并且由于偶然性，电阻值会忽大忽小，而小华测得的电阻值相差较大，且具有一定的规律，这个规律是______。
五、综合题：本大题共1小题，共6分。
32.阅读短文，回答问题：
红外测温仪红外测温仪是一种非接触式辐射能量探测仪，如图甲为某手持红外测温仪。红外测温仪工作时，会探测物体辐射的红外能量，并将红外能量转变为相应的电信号，最后将电信号转变为被测物体的温度值。红外测温仪具有测温范围大、测量精度高、响应时间短等特点，广泛应用于生产和生活中。
任何物体都会向外辐射红外能量物体辐射红外能量的大小与物体的温度和辐射的红外波长有关，其关系如图乙所示。红外测温仪测量物体温度时，测温仪除了会接受到物体辐射的红外能量，还会接受到物体表面反射的红外能量，从而影响测量的准确度。测量物体温度时，红外测温仪通常会探测物体辐射的最佳红外波长，以便接受到更多的红外能量，提高测量的精度。
物体的温度越高，其辐射的红外能量越______大小。
红外线测温仪通过探测______选填“温枪”或“人体”发出的红外线来测体温的。
物体的温度一定时，物体辐射能量的大小与波长的关系是______。
A.波长越长，辐射的能量越大
B.波长越长，辐射的能量越小
C.随着波长的增加，辐射能量减小
D.随着波长的增加，辐射能量先增大后减小
测量高温物体的温度时，红外测温仪应探测波长______较长较短的红外波．
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、因每个人的音色都不同，所以我们才可“闻其声，知其人”，故A正确；
B、公路旁安装隔音墙是可以在传播途径上减弱噪声，故B正确；
C、声音是由物体振动产生的，正在发声的编钟一定在振动，故C正确；
D、用大小不同的力敲击音叉，音叉振动的幅度不同，发出声音的响度就会不同，故D错误。
故选：。
音色是反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也不同；
减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；
声音是由物体振动产生的，振动停止，发声停止；
声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
此题考查我们对于物理现象的分析能力，看到一个物理现象，我们要能够从中找出相关的物理知识，并能根据已知的知识和相关现象得到新的知识。
2.【答案】
【解析】解：、出行使用自行车可以减少对油的消耗和废气的排放，可以节能减排，做法正确，不符合题意；
B、大力开发新能源可以减少对非可再生资源的消耗和依赖，做法正确，不符合题意；
C、节约用水、用电、用气，可以减少对可再生资源的利用，节约能源，做法正确，不符合题意；
D、电脑整天处于待机状态时，人们虽能正常使用它，但它却消耗电能，是电能的一种浪费，故不应提倡，符合题意；
故选D．
我国能源危机日趋严重，要切实落实各项可以节约能源的措施，从生活中的小事做起，结合选项判断做法正误．
增强节能意识，充分认识节约能源的重要性，有利于社会的可持续发展．
3.【答案】
【解析】解：、破镜不能重圆，是因为玻璃分子间的距离大于分子直径的倍以上，超出了分子力的作用范围，分子间的作用力就十分微弱，分子间几乎没有作用力，故A错误。
B、宇宙大爆炸理论是指：宇宙诞生于大爆炸，并且爆炸引起了宇宙膨胀，而这种膨胀还在继续，故B正确。
C、烟雾是大量分子组成的灰尘颗粒，它们的运动不属于分子的运动，故C错误。
D、摩擦起电只是电荷发生了转移，并没产生电荷，故D错误。
故选：。
一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动，分子间有间隙，当分子间距离大于分子直径倍时，分子间作用力几乎没有。
年勒梅特首次提出了现代宇宙大爆炸理论：整个宇宙最初聚集在一个“原始原子”中，后来发生了大爆炸，碎片向四面八方散开，形成了我们的宇宙。
分子运动是用眼睛看不到的微观运动。
摩擦起电只是电荷发生了转移，并没产生电荷。
本题考查了学生对宏观世界和微观世界的理解，都是比较基础的知识，属于容易出错的内容，应当注意。
4.【答案】
【解析】解：草叶上的露珠，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的；
冰花是固态小冰晶，是水蒸气快速放热后由气态直接变为固态形成的，属于凝华现象；
冬天，河面上结了一层冰，属于凝固现象；
“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，属于液化现象。
故选：。
物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
此题考查的是物态变化过程的吸热和放热的判断，都属于记忆内容，要求平时学习中一定要记牢。
5.【答案】
【解析】解：由题知，一束平行主光轴的光束通过凸透镜会聚点后又射向平面镜，则凸透镜的焦点在平面镜前面，
当用眼睛观察镜子时，感觉光束似乎是从点处射来的，则焦点镜前光线的会聚点为物点，为像点；
而物体在平面镜中成像时，物像关于平面镜对称，根据平面镜成像特点作出凸透镜的焦点，如图所示：
光束会聚处和点的距离；
焦距是焦点到光心的距离，则凸透镜的焦距：。
故选：。
眼睛观察镜子时，感到光束是在点发出的，根据物像关于平面镜对称，可以确定凸透镜焦点的位置，从而判断光束会聚处和点的距离。凸透镜的焦距。
本题关键是根据平面镜成像特点判断凸透镜焦点的位置。
6.【答案】
【解析】解：、研究动能大小与质量的关系的实验中，要控制速度相同，故要控制不同钢球在同一高度由静止滚下，A错误；
B、一切物体在任何情况下都有惯性，当木块最终静止时，木块的惯性不会随之消失，B错误；
C、根据转换法可知，如果木块滑行的距离越远，说明小球的动能越大，C正确；
D、该装置能探究重力势能和高度的关系，根据控制变量法知，需让同一小球从不同高度滚下即可。D错误。
故选：。
动能大小与质量和速度有关，研究与其中一个因素的关系的实验时，要控制另外一个因素不变；
一切物体在任何情况下都有惯性；
实验中运用转换法即通过木块滑行距离的远近来体现小球动能的大小；
根据控制变量法可知，为了探究重力势能与质量的关系，实验中采用质量不同的小球，保持物体从同一高度由静止滚下；若要探究物体重力势能大小与物体高度的关系，则需让同一小球从不同高度滚下即可。
本题研究动能大小与质量的关系的实验，考查控制变量法、惯性知识的运用。
7.【答案】
【解析】解：柱形固体对支持面的压强：
；
即柱形固体对支持面的压强大小只与柱体的高度和密度有关，与柱形固体的横截面积大小无关，
因它们沿竖直方向切去相同厚度之后，剩余部分对地面的压强相等，故切之前它们对地面压强；
由图知甲的底面积大，而，根据，故甲的质量大，C正确；
故选：。
根据压强公式推导柱形固体对支持面的压强公式，据此分析切之前它们对地面压强大小；
由图知甲乙受力面积大小，根据分析质量大小。
本题考查压强公式的运用及密度公式的运用，要明确只有柱形固体对支持面的压强大小才等于。
8.【答案】
【解析】解：、当闭合开关、断开时，灯泡不亮，所以不符合题意；
B、当闭合开关、断开时，灯泡亮，所以不符合题意；
C、当闭合开关、断开时，灯泡亮，当闭合开关、断开时，灯泡不亮，当、都闭合时，两灯都亮，与表格完全一致，符合题意；
D、当闭合开关、断开时，两灯泡都亮，所以不符合题意；
故选：。
解决此题的最好办法是结合表格中的开关闭合和灯泡亮度情况，在选项中的电路图检验，如果一致则选项中的电路图符合题意，否则不符合。
对于这类选择题，可以适当运用代入法进行排除，省去很多麻烦。
9.【答案】
【解析】解：由可得，两灯泡的额定电流分别为：
，，
由可得，两灯泡的电阻分别为：
，。
、两灯泡串联在电路时，
两灯的总电阻为，
此时电路中的电流为，
因串联电路中各处的电流相等，且此时的电流与两灯泡的额定电流相等，
所以，两灯泡可以同时正常发光；
此时两灯实际功率都等于各自的额定功率，因为即，所以甲灯较亮，故A、B正确。
、两灯泡并联在电路中时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，且额定电压下灯泡正常发光，
所以，只有乙灯泡能正常发光，其实际功率为；
甲灯泡不能正常发光，其实际功率为，
所以乙灯比甲灯亮，故C错误，D正确；
故选：。
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据求出额定电流，根据求出两灯泡的电阻。
两灯泡并联时它们两端的电压相等，两灯泡两端的电压和额定电压相等时正常发光，否则不能正常发光；
两灯泡串联时通过它们的电流相等，且两灯泡的额定电流相等，实际电流等于额定电流时才能正常发光。
本题考查了串并联电路特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意两灯泡的额定电流相等时可以同时正常发光。
10.【答案】
【解析】解：、水在凝固过程中，放出热量，内能减小，温度不变，故A错误；
B、四冲程汽油机的飞轮转速为，则该飞轮每秒钟转圈。因为一个工作循环飞轮转圈，完成四个工作冲程，做功次，所以飞轮转圈共做功次，故B错误；
C、由于水的比热容比泥土、沙石的比热容大，在同样太阳光的照射下，陆地和大海升温和降温的快慢不同，从而使空气形成对流。白天，陆地比大海升温快，路面热空气密度较小，热空气上升，海面较冷的空气就会来补充，于是冷空气沿海面吹向陆地，形成海风，故C正确；
D、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量的比值，所用燃料的化学能转化成热机的机械能越多，效率越高，故D错误。
故选：。
物质由液态变为固态叫做凝固，凝固放热；
汽油机的一个工作循环由吸气、压缩、做功、排气四个冲程组成，在一个工作循环中曲轴转圈，飞轮转周，做功一次；
根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从密度大的地区吹向密度小的地区来分析海风的形成过程；
热机的效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，比值越大，则效率越高。
本题考查了晶体的凝固特点、内燃机的工作过程、水的比热容较大的应用、热机效率。要知道在一个工作循环中，经历个冲程，曲轴转圈，飞轮转周，做功次。
11.【答案】
【解析】解：容器盛满水，所以木块排开的水与溢出的水相同，其重力为，根据阿基米德原理，浮力就等于它排开的水的重力，因此，浮力也等于。
故选：。
因为容器盛满水，因此，木块排开水的重力就是溢出的水重，再根据阿基米德原理可判断其浮力的大小。
明确容器是盛满水是此题中的关键，假如水不满或不知道水是否盛满，情况则会有所不同。
12.【答案】
【解析】解：、、两个元件串联接入电路中，电路电流为时，由图像可知，两元件两端的电压分别为、，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压，故A错误；
B、由欧姆定律可得串联电路的总电阻：，故B错误；
C、、两个元件并联接入电路中，当电源电压为时，它们两端的电压均为，
由图像可知，此时通过的电流分别为，，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流，故C错误；
D、由可得并联电路总功率：，故D正确。
故选：。
、两个元件串联接入电路中，电路电流为时，由图像可知两元件两端的电压，根据串联电路电压规律可计算电源电压，根据欧姆定律可计算通过电路的电流；
、两个元件并联接入电路中，当电源电压为时，它们两端的电压均为，由图像可知此时通过、的电流，根据并联电路电流特点计算干路电流，根据电功率公式计算并联电路总功率；
本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，从图中正确读取信息是关键。
13.【答案】被弹开；右边音叉振动，但左边音叉不振动，小球也不被弹开；真空不能传声
【解析】解：当在空气中做这个实验，当用小锤敲击右边音叉时，引起音叉的振动，音叉的振动又引起周围空气的振动，空气的振动引起左边音叉振动，使得小球弹起；
但在月球上没有空气，缺少传播振动的介质，所以当右边音叉叉股振动，左边音叉不会振动，小球当然也不被弹开；
故答案为：被弹开；右边音叉振动，但左边音叉不振动，小球也不被弹开；真空不能传声．
解决此题要知道声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播．
解决此类问题要结合声音的产生和传播条件进行分析解答．
14.【答案】水蒸气会把木塞冲开 内能转化为机械能
【解析】解：在试管内装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水沸腾一段时间后观察到的现象是：水蒸气会把木塞冲开；水蒸气冲开瓶塞的过程，水蒸气内能减小，将内能转化为塞子的机械能。
故答案是：水蒸气会把木塞冲开；内能转化为机械能。
在试管内装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水蒸气会把软木塞冲出；在这个实验中，燃料的化学能转化为内能，传给水和水蒸气，水蒸气把塞子冲出去，内能转化为塞子的机械能。
知道内能与其他形式的能可以相互转化，内能的利用就是把内能转化为其他能的应用．
15.【答案】运动状态 惯性
【解析】解：“冰墩墩”被抛出，由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；
被抛出的“冰墩墩”由于惯性，仍然会保持原来的运动状态，所以会继续运动。
故答案为：运动状态；惯性。
力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
此题以社会热点问题“天宫课堂”为背景考查了力的作用效果和惯性，属于热点题型。
16.【答案】直线 牛顿 小 绿
【解析】解：日环食现象是由于光在真空中沿直线传播形成的；
最早发现日光的色散现象的物理学家是牛顿。白色光经过三棱镜后产生色散现象，在光屏由下至上依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫。由图可知紫光的偏折程度最大；红光的偏折程度最小。红光、绿光、蓝光叫做三原色光。
故答案为：直线；牛顿；小；绿。
光在同种均匀介质中沿直线传播；
最早发现日光的色散现象的物理学家是牛顿；太阳光是复色光，经过三棱镜后由于折射率不同，导致偏折程度不同。光的三原色是红、绿、蓝。
此题考查光的直线传播、色散和色光三原色的了解，难度不大，属于基础知识。
17.【答案】静止；振动
【解析】解：
以龙舟上的击鼓人为参照物，龙舟与这个人的位置之间没有变化，所以是静止的；
声音是由物体的振动产生的，鼓声就是由鼓面振动产生的
故答案是：静止；振动．
分析物体是运动还是静止，就看它与参照物的相对位置是否变化；如果位置发生了变化就说物体是运动的，如果没发生变化，就说物体是静止的；
声音是物体振动产生的．
本题考查的是物理综合性知识，在生活中的物理知识是很丰富的，所以我们在学习物理的同时应该不断地从生活中发现物理．
18.【答案】甲；缩小；照相机
【解析】解：由图知，若光沿直线传播会聚到点，经过乙会聚到点，说明乙对光线有发散作用，是凹透镜；经过甲会聚到点，说明甲对光线有会聚作用，是凸透镜。
所以应选择甲透镜。
当凸透镜为时，在透镜另一侧光屏上成一清晰的实像，测得光屏到透镜的距离是，
因为像距大于一倍焦距小于二倍焦距，则物距大于倍焦距，成缩小、倒立的实像。应用这一成像原理制成的光学仪器是照相机。
故答案为：甲；缩小；照相机。
根据图判断出甲乙对光线的作用，根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行判断。凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用。
根据凸透镜成像规律及其应用之一，物距时，像距，成倒立缩小的实像，应用于照相机。
此题是探究凸透镜成像的规律，解决此题的关键有二：熟练掌握凸透镜成像的规律及应用；根据已知条件判断出甲乙透镜的类型。
19.【答案】电磁感应 通电导体在磁场中受到力的作用
【解析】解：现将导体棒、平放在导轨上，导轨放在磁场中，当导体向左或向右滑动时，导体也跟着滑动，这是因为运动，做切割磁感线运动，在中产生感应电流，当做电源，把电流提供给，这时相当于通电导体放入磁场中，所以也会运动，故物理现象为：电磁感应和通电导体在磁场中受到力的作用。
故答案为：电磁感应；通电导体在磁场中受到力的作用。
感应电流产生的条件；
通电导体在磁场中受力而转动。
本题主要考查学生对电磁感应现象和通电导体在磁场中的受力运动的掌握，是一道难题。
20.【答案】不变
【解析】解：比热容是物质的一种特性，其大小是由物质的种类、状态决定的，湖中的水放出一半后，湖水的种类和状态没有变化，故其比热容不变；
水吸收的热量：。
故答案：不变；。
比热容是物质本身的一种特性，其大小是由物质的种类、状态决定的，与是否吸热、放热、温度、质量等因素无关；
利用，代入数据即可得到水吸收的热量。
本题考查比热容的概念和热量的计算，比较简单。
21.【答案】甲 不变
【解析】解：甲图气泡在上升过程中，体积逐渐增大，所以是沸腾时的现象；
乙图气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象；
由数据可知：水沸腾的特点：不断吸热，温度保持不变。
故答案为：甲；不变。
掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
水沸腾的特点：不断吸热，温度保持不变。
本题研究水沸腾时温度变化的特点，考查沸腾的现象以及特点的理解等知识。
22.【答案】
【解析】解：空桶重力为：，
由杠杆平衡原理可知：
，
细线对的拉力为：
；
地面对的支持力为：
，
对地面的压力与地面对的支持力是一对相互作用力，大小相等，所以对地面的压力为：
，
由
可知，的底面积：
压
，
则正方体下半部分的棱长为，由于上下两部分皆为正方体，且棱长之比：，所以上半部分的棱长为，
则整个正方体的体积为：，
由可知，的质量：
，
的密度为：
；
由
可知，切去部分的体积为
，
则切去部分的底面积为
切
下
下
下
，
则物体切去一部分后与地面的接触面积为
下
，
由题意可知，切割后对地面的压强：
，
由
可知，此时地面对的支持力：
下
，
压力和支持力是一对相互作用力，大小相等，此时的支持力为：
下
此时端绳子的拉力为：
由杠杆平衡原理可知：
，
解得：
由解得：
下
。
故答案为：；。
根据求空桶的重力，根据杠杆平衡条件求出细线对的拉力；
根据力的作用是相互的和力的平衡条件求对水平地面的压力，根据求的底面积，根据求出下部分的棱长，进而求出上部分的棱长，根据体积公式求出的体积，根据求出的质量，根据密度公式求出的密度；
根据对地面的压强变为原来的，求出切割后对地面的压强；根据密度公式和体积公式表示出剩余部分的底面积，根据表示出对地面的压力，根据力的平衡条件表示出受到的拉力，根据杠杆平衡条件列出方程求出切下的质量。
本题考查重力公式、压强定义式、密度公式和杠杆平衡条件的应用，熟练运用压强、密度、杠杆平衡等公式列出等式是解题的关键。
23.【答案】相互的 热运动越剧烈 电阻
【解析】解：
把鸡蛋往碗沿上一碰，鸡蛋给碗施加力，因为力的作用是相互，碗也给鸡蛋施力，鸡蛋便破了；
向热汤中滴入香油，散发出浓浓的香味，是由于温度越高，分子运动越剧烈造成的；
电炉丝和连接的导线串联在电路中，通过的电流相等，通电时间是相同的，由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比，可知电炉丝热的发红而导线却几乎不热，是因为电炉丝与导线的电阻不同造成的，即说明电流通过导体时产生的热量跟导体的电阻有关。
故答案为：相互的；热运动越剧烈；电阻。
力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越快；
电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比。串联电路中电流处处相等，各用电器相互影响所以通电时间也相同，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，故放出热量多。
此题是与生活现象有关的应用题，考查了力的作用相互性、分子热运动和焦耳定律的应用，题目彼此之间基本无联系，考查的是我们对基础知识掌握的熟练程度。
24.【答案】： ： ：
【解析】解：由图可知当时，质量，当时，质量，
则甲的密度，
乙的密度，
所以：：：；
已知：：，则体积之比是：，
又因为甲乙均为实心正方体，体积之比为：，则棱长之比为：：；
故其面积之比，即与地面接触面积之比为：：，
正方体、对水平地面的压强之比：：。
故答案为：：；：；：。
求出甲、乙两个物体的密度，可求其密度之比；又知质量之比，利用密度公式求解体积之比；
已知两物体的体积之比，利用体积公式求解边长之比，进而可求面积之比，利用可求压强之比。
根据图象或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及的知识点较多，综合性很强。
25.【答案】
【解析】解：
先过入射点垂直于镜面作出法线，根据反射角等于入射角作出其反射光线；反射后的光线射到水面，先作出法线，再根据当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，在法线右侧的水中作出折射光线，如下图所示：
发生反射时：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。
发生折射时：折射光线、入射光线、法线在同一平面内，折射光线和入射光线分居法线的两侧，且当光从空气斜射入玻璃中时，折射角小于入射角。
本题考查根据光的反射定律和光的折射规律作图，要熟记光的反射定律和折射规律的内容，还要注意作图的规范。
26.【答案】解：均匀木棒的重心在其中点，方向竖直向下；如图所示。
反向延长力的作用线，由支点向的作用线引垂线，垂线段的长度即为的力臂，如图所示：
【解析】要掌握力的示意图的画法，特别注意重力的方向是竖直向下的。
要掌握力臂的画法，知道力臂是从支点到力的作用线的距离。首先找到支点，然后从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂。
此题主要考查了有关重力示意图和力臂的画法，在做力的示意图时，要特别注意力的作用点和方向，重力的作用点在重心即规则物体的几何中心，方向竖直向下。力臂是从支点到力的作用线的距离，在做力臂时关键是确定支点和力。
27.【答案】如图所示：
【解析】已知螺线管右端为极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为极，右端为极，由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，即电源右侧为正极；电磁铁外部磁感线由极指向极，如图所示：
由磁极间的相互作用规律得出小磁针的、极，由右手螺旋定则得出电源的正负极，由磁感线特点可知磁感线方向。
本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极极性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。
28.【答案】小灯泡的电阻随温度的升高而增大
【解析】解：当滑动变阻器接入电路的电阻减小时，由串联电路的分压原理可知，灯泡两端的电压增大，滑动变阻器两端的电压减小，由欧姆定律可知，电路电流增大，所以电路电流随灯泡两端的电压增大而增大，电路电流随滑动变阻器两端的电压增大而减小，所以表格中电压表示数为灯泡两端的电压，电压表示数为滑动变阻器两端的电压。
根据表格左侧三次实验的数据，由得灯泡的电阻分别为：，，，灯泡的电阻逐渐增大。由表格中数据可知，通过灯泡的电流随灯泡两端的电压增大而增大，由可知，灯泡的电功率随灯泡两端的电压增大而增大，所以灯泡的温度升高。由以上分析可知，小灯泡的电阻随温度的变化规律是：小灯泡的电阻随温度的升高而增大。
串联电路中电流处处相等，由表格数据可知，当电路电流为时，灯泡两端的电压为，滑动变阻器两端的电压为，根据串联电路中电源电压等于各用电器两端的电压之和可知，电源两端的电压为：；
小灯泡的额定电压为，当灯泡两端的电压为额定电压时，滑动变阻器两端的电压为，由表格数据可知，电路电流为，所以小灯泡的额定功率为。
由表中的六组数据可知，电路的最大电流为，则电路的最大功率为；由表中的六组数据可知，小灯泡两端的电压有种分别为：、、、，所以小灯泡的实际功率也有种，小灯泡的亮度由实际功率决定，故小灯泡呈现种不同的亮度。
故答案为：小灯泡的电阻随温度的升高而增大；；；；。
将电流表、滑动变阻器、小灯泡、开关依次串联接入电源两端，当滑动变阻器接入电路的电阻减小时，由串联电路的分压原理可知，灯泡两端的电压增大，滑动变阻器两端的电压减小，由欧姆定律可知，电路的电流增大，据此得出电路电流电流表示数与灯泡、滑动变阻器两端的电压的关系，即可判断出表格中电压表示数和分别是哪一个用电器两端的电压。
根据表格中灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，利用的变形式计算不同电压下灯泡的电阻，可知电阻的变化，由可知，灯泡温度的变化，分析可知灯泡电阻随温度的变化规律。
根据串联电路的电流、电压规律可求出电源电压；根据表格得出灯泡的额定电流，然后根据计算灯泡的额定功率。
已知电源电压恒定不变，根据可知，电流最大时，电路的功率最大；
小灯泡的亮度由实际功率决定，有几种实际电功率，小灯泡就呈现几种不同的亮度。
本题考查“测量小灯泡的电功率”实验，考查了电阻与温度的关系、欧姆定律和串联电路规律的应用、电功率的计算等知识。判断出表格中电压表示数分别是哪一个用电器两端的电压是本题的突破口。
29.【答案】答：实验步骤：
用细线分别拴好六块铁块，用水彩笔标记为、、、、、，用测力计测出重力分别记为、、、、、；
在量筒中装入适量的水，体积记为；
用测力计悬吊铁块，并放入量筒中，记下此时测力计的示数为，量筒中水面到达的刻度记为 ；
取出铁块，用滴管补充量筒内的水，使其体积再次到达，用测力计悬吊铁块，并放入量筒中，记下此时测力计的示数为，量筒中水面到达的刻度记为 ；
重复实验步骤，再测出组数据、；、；、；、；
计算出铁块、、、、、受到的浮力； ；；
铁块、、、、、排开液体的体积 ；；。
其它设计合理均可。
【解析】根据实验器材设计实验步骤，应围绕实验目的和题目中提供的实验器材分析。本实验的目的是验证浮力和排开液体的体积成正比，题目中有弹簧测力计、细线和水，利用，能够测出每一个圆柱体所受的浮力；借助量筒和水，利用排水法可以测出每个圆柱体排开水的体积。将每个圆柱体所受浮力大小与排开水的体积进行比较，总结结论。
实验步骤中，用滴管补充量筒中的水，是非常必要的，此操作能保证不同铁块放入量筒中的水中前，水的体积相同。验证浮力与排开水的体积成正比，关键是每次测量圆柱体所受浮力时，都必须使圆柱体完全浸没。
30.【答案】煤油；煤油的比热容小；温度计示数；；热敏电阻的阻值随温度升高而减小；
【解析】【分析】
质量相同的不同物质吸收相等的热量，比热容小的温度变化明显；电流产生的热量不能直接观察，用温度计示数升高的多少来反映电流产生热量的多少，这种方法是转换法；
根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数，然后分析表中数据找出热敏电阻的阻值随温度的变化的规律；
根据串联电路起分压作用进行分析，串联电路中，电阻的阻值越大，那么该电阻分得的电压越多。
本题考查了比热容、欧姆定律、串联电路的特点和电流表的读数，关键是根据表格得出热敏电阻随温度的变化，同时要注意转换法的应用。
【解答】
水的比热容较大，吸收相等的热量，温度变化不明显，煤油比热容较小，吸收相等的热量，温度变化明显，因此实验时用煤油而不用水；
电流产生的热量不能直接观察，通过比较温度计示数升高的多少来反映电流产生热量的多少；
电流表的量程为，分度值为，电流表的示数为；
由表中数据可知，电阻的阻值阻值随温度升高而减小；
因为热敏电阻随温度的升高而减小，而电压表的读数随温度的升高而增大，因此电压表应该并联在定值电阻两端，即选A。
故答案为：
煤油；煤油的比热容小；温度计示数； ；热敏电阻的阻值随温度升高而减小； 。
31.【答案】；；左；；电阻随电压的增大而增大
【解析】解：由表中数据可知，电流表选用小量程，将电流表串联在电路中；滑动变阻器上下各选一个接线柱与电流表串联接入电路，如下图所示：
；
闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能开路，电压表无示数说明电压表与电源没有连通，则与电压表并联的电路以外的电路开路，即实验电路出现的故障可能是电流表处开路或滑动变阻器处开路，故选：；
第次实验时，灯泡两端电压为，要使灯泡两端电压为，应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故他需要将滑动变阻器的滑片缓缓向左移动，直到电压表的示数恰好为；此时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为；
由表中数据可知，当电压增大时，电阻的阻值也增大，故这个规律是电阻随电压的增大而增大。
故答案为：见解答图；；左；；电阻随电压的增大而增大。
根据表中数据确定电流表量程，将电流表串联在电路中；滑动变阻器上下各选一个接线柱串联接入电路；
闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能开路，电压表无示数说明电压表与电源没有连通，则与电压表并联的电路以外的电路开路；
根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；根据电流表选用量程确定分度值读数；
根据表中数据分析回答。
本题用“伏安法”测电阻的实验，考查了电路连接、电路故障、实验操作、电流表读数和数据分析等知识。
32.【答案】大 人体 较短
【解析】解由图乙可知，波长相同时，温度越高，所对应的纵坐标越大，即红外能量越大；
红外线测温仪是通过对物体自身辐射的红外能量的测量，准确地测定物体表面温度的仪器，而不是通过测温枪发出红外线来测体温；
根据图乙的图像可知，随着波长的增加，辐射能量先增加后减少，故D正确；
由图乙可知，测量物体的温度越高，辐射的红外波长越短，所以，测量高温物体的温度时，红外测温仪应探测波长较短的红外波。
故答案为：大；人体；，较短。
根据提供的材料获得相关的信息，据此分析回答。
红外线及相关应用是需要了解的，而且也是我们生活中经常用到的。
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