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北京一零一中学 2023—2024学年度第一学期期末考试
高二物理参考答案及评分标准
一、单项选择题（本题共 10 小题，每小题 3 分，共 30 分）
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
C B D D B A A D D D
二、不定项选择题（本题共 4 小题，每小题 3 分，共 12 分）
漏选、少选的得 2 分；全部选对的得 3 分；错选、多选、不选的得 0 分。
11 12 13 14
AD AB AC AB
三、实验题（共 17 分）
15.（7分）
题号 答案 得分答案 分值
（1） ×100 ×100 1
（2） T T 1
右侧 右侧 1
（3） 1100 1100Ω 1
（4） 电阻 欧姆阻值；阻值 1
1或 2 1；2；1、2 1
1 1 1
16.（10分）
题号 答案 得分答案 分值
（1） 3 3V 1
0.6 0.6V 1
1 1Ω 1
0-10 0-10Ω；0~10Ω；0~10 1
（2） BC B（1 分）；C（1 分） 2
（3） 1.5 1.50；1.50V；1.5V 1
0.6 0.6Ω 1
（4） A A 2
四、计算题（共 41 分）
17.（6分）
U
（1） E （2 分）
d
1
（2 2） 由动能定理可得： qU mv 0（1 分）
2
v 2qU解得 （1 分）
m
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2
（3） 带电粒子在磁场中做匀速圆周运动： qvB m v （1 分）
R
1 2mU 2mqUR m 2qU解得 （1 分）【其他给分答案示例： ； 】
B q qB qB m
18.（8分）
（1） 根据 E BLv（1 分）
I E I BLv闭合回路欧姆定律： ； （1 分）
R R
3 U
（2） 因为 cd两端电压大小与路端电压大小相同，电阻 R；由于 I
4 R
所以U 3BLv （2 分）
4
（3） 方法一：焦耳定律：
Q I 2Rt （1 分）
t L （1 分）
v
B2L3v
解得Q （2 分）
R
方法二：能量守恒：、
由于 P热 P Fv（1 分）
F BIL（1 分）；
Q P热t t
L
； （1 分）
v
B2Q L
3v
所以 （1 分）
R
19.（8分）
（1） 对线框受力分析可得： FA m0g T ；m1g T （1 分）
解得 FA 0.05N（1 分。单位没写或写错不给分）
根据左手定则，线框电流方向为顺时针（1 分。“水平向左”不给分）
E
（2） 闭合回路中 I 0.1A（1 分，只有算式没有结果也给分）
R R1 r
根据U E Ir或U I R R1 （1 分）
解得 R 4Ω（1 分。单位没写或写错不给分）
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（3） 根据 F BIl或 F nBIl（1 分）
解得 B 0.5T（1 分。单位没写或写错不给分）
20.（9分）
U
（1） 由题意得 ev0B e （1 分）d
v U解得 0 （1 分）Bd
方向垂直纸面向外（1 分）
（2） 方法一：公式
a eU 1 2偏转电场： ； v0t L1； vy at； y1 at （1 分）md 2
y 1 eU L
2
1 或直接写出 1 也可得 1 分2 md v
真空： v0t1 L2； y2 vyt； y y1 y2（1 分）
e 2Uy
解得比荷
m B2
（1 分）
dL1 L1 2L2
方法二：类平抛运动的规律
y 1 eU
2
L1
1 （1 分）2 md v
由于做类平抛运动的物体的速度的反向延长线经过物体水平位移轨迹的中点：
L1
y1 2L （1 分）y 1 L
2 2
e 2Uy
解得比荷 2 （1 分）m B dL1 L1 2L2
Q q ne
（3） I （1 分，符合表达式形式即可，其他 I ； I ）
t t t
Ft 0 ( mv0 )（1 分，符合表达式形式即可，其他 Ft 0 ( nmv0 )；Ft mΔv）
F ' F IBL (L 2L根据牛顿第三定律 1 1 2 )（1 分，牛顿第三定律不写也给分）
2y
注：本题未给出电子电量，严格来说应写 e而非 q，本次 q也给分
21.（10分）
（1） 最开始时是加速度最大；
E B2d 2
根据 E Bdv； I ； F BId ； F v mam；解得 a 0R r m
m R r （1 分）
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2
根据能量守恒：Q 1 mv2 r；Q Q；解得Q mv 0 r
2 0 热 热 （1 分）R r 2 R r
（2） 采用微元法，取极小一段时间Δt；根据动量定理 F1Δt mΔv1
F B
2d 2v 2 2 2 2
由（1）知 ；所以 FΔt B d v1Δt B d Δx1 1 mΔv1（1 分）R r R r R r
B2d 2x
对上式进行 1到 n项求和可得 mv0（1 分）R r
x mv R r 解得 0 2 2 （1 分）B d
（3） ①采用微元法，取极小一段时间Δt，整个过程中电流为变化的
F1Δt BIdΔt BdΔq1 mΔv1；
再根据C Δq ；ΔU BdΔv ' （注意区分，Δt时间内，动量有变化，但是电压
ΔU 1
是瞬时的，也可写作ΔU Bdv1，1 分）
2 2
代入，求和，CB d v m v v v mv 00 ；解得 CB2d 2 （1 分） m
②图像为过原点的正比例函数（1 分）
1 1
由图像可知 E qU CU 2 （1 分）
2 2
Bdmv CB2d 2m2v2
由①知U Bdv 0 ；解得 E 0 （1 分）
CB2d 2 m 2 CB2d 2 2 m
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