广东省佛山市三水区三水中学2019-2020学年高二下学期化学期中考试试卷
一、单选题
1．（2016·上海）轴烯是一类独特的星形环烃．三元轴烯（ ）与苯（ ）
A．均为芳香烃 B．互为同素异形体
C．互为同系物 D．互为同分异构体
【答案】D
【知识点】有机物中的官能团；同分异构现象和同分异构体
【解析】【解答】轴烯与苯分子式都是C6H6，二者分子式相同，结构不同，互为同分异构体，只有D正确．
故选D．
【分析】轴烯与苯分子式都是C6H6，二者分子式相同，结构不同，以此解答该题．本题考查同分异构体的判断，为高频考点，注意把握同分异构体、同系物、同素异形体等概念，注意把握比较的角度和概念的区别，难度不大．
2．（2020高二下·奉化期中）分子式为C3H7O2N的有机物经实验分析，发现有如图所示的原子连接顺序，则此有机物是（ ）
A．硝基化合物 B．硝酸酯 C．α 氨基酸 D．蛋白质
【答案】C
【知识点】氨基酸、蛋白质的结构和性质特点
【解析】【解答】由此有机物分子的原子连接顺序可知：每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为： ，一个碳原子上同时连接着氨基和羧基，属于α氨基酸。
故答案为：C。
【分析】每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为：CH3CH（NH2）COOH。
3．（2020高二上·官渡月考）如图为某烃的键线式结构，该烃和Br2按物质的量之比为1:1加成时，所得产物有（ ）
A．3种 B．4种 C．5种 D．6种
【答案】C
【知识点】加成反应
【解析】【解答】该烃与Br2按物质的量之比为1:1加成时，有两种加成方式：1,2-加成和1,4-加成，其中1,2-加成产物有三种： 、 、 ，1,4-加成产物有2种： 、 。共有5种加成产物，C项符合题意；
故答案为：C。
【分析】烯烃与溴加成时溴原子连接在相邻的不饱和的C原子上，溴与二烯烃加成可以发生1,2-加成和1,4-加成，进而解答该题。
4．（2020高二下·三水期中）如图为某种合成维生素的结构简式，对该合成维生素的叙述正确的是（ ）
A．该合成维生素有三个苯环
B．该合成维生素1mol最多能中和5mol氢氧化钠
C．该合成维生素1mol最多能和含6mol单质溴的溴水反应
D．该合成维生素1mol最多能和8molH2加成
【答案】D
【知识点】苯酚的性质及用途
【解析】【解答】A．由该合成维生素的结构简式，可知其含有两个苯环，A项不符合题意；
B．该合成维生素分子中存在1个醇羟基和4个酚羟基，醇羟基不与NaOH反应，4个酚羟基可与NaOH发生中和反应，故该合成维生素1mol最多能中和4mol氢氧化钠，B项不符合题意；
C．该分子中酚羟基的邻、对位共有4个H可以被取代，所以1 mol该分子可以和4 mol单质溴发生取代反应，还有一个碳碳双键，能和单质溴发生加成反应，所以1 mol该分子最多能和含5 mol单质溴的溴水反应，C项不符合题意；
D.1mol苯环可以与3molH2发生加成反应，1mol碳碳双键、羰基分别可与1molH2发生加成反应，该合成维生素分子中含有2个苯环，一个碳碳双键以及一个羰基，故合成维生素1mol最多能和8molH2加成，D项符合题意；
故答案为：D。
【分析】根据结构式确定有机物的分子式和官能团，含有酚羟基、羰基、双键、酯基、醚基，即可确定与氢氧化钠和溴水以及氢气反应的量的关系
5．（2018·佛山模拟）有机玻璃的单体甲基丙烯酸甲酯(MMA) 的合成原理如下：
(MMA)
下列说法正确的是（ ）
A．若反应①的原子利用率为100%，则物质X为CO2
B．可用分液漏斗分离MMA和甲醇
C． 、 均可发生加成反应、氧化反应、取代反应
D．MMA与H2反应生成Y，能与NaHCO3溶液反应的Y的同分异构体有3种
【答案】C
【知识点】有机高分子化合物的结构和性质；合成有机高分子化合物的性质实验
【解析】【解答】A.根据原子个数守恒可知，若反应①的原子利用率为100%，则物质X为CO，A项不符合题意；
B.MMA与甲醇互溶，故不能分液漏斗分离MMA和甲醇，B项不符合题意；
C. 、 均含碳碳双键，故均可发生加成反应、氧化反应，含有甲基，均能发生取代反应，C项符合题意；
D.MMA与H2反应生成 ，能与NaHCO3溶液反应说明含有-COOH，故C4H9-COOH，因丁基存在4种结构，故Y的同分异构体有4种，D项不符合题意。
故答案为：C
【分析】有机反应主要是官能团，其次是原子团，可以类别相应的物质，比如甲基可能发生的反应，可以从甲基的来源甲烷推测。
6．（2020高二下·三水期中）下列关于有机物(a) 的说法错误的是（ ）
A．a、b、c的分子式均为C8H8
B．b的所有原子可能处于同一平面
C．c的二氯代物有4种
D．a、b、c均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色
【答案】C
【知识点】烯烃
【解析】【解答】A．结构中每个顶点为碳原子，每个碳原子形成四个共价键，不足键用氢补齐，a、b、c的分子中都含有8个C和8个H，则分子式均为C8H8，故A不符合题意；
B．b中苯环、碳碳双键为平面结构，与苯环或碳碳双键上的碳直接相连的所有原子处于同一平面，单键可以旋转，则所有原子可能处于同一平面，故B不符合题意；
C．c有两种氢原子，c的一氯代物有两种，采用“定一移一”法，先固定一个Cl，第二个Cl的位置如图所示： ，移动第一个Cl在①位、第二个Cl在④位，c的二氯代物共有6种，故C符合题意；
D．a、b、c中均有碳碳双键，具有烯烃的性质，均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】根据结构式即可确定分子式，以及官能团确定具有的性质，根据成键的特点，可以确定原子是否共面，通过对结构式中氢原子的种类，确定取代物的种类。
7．（2020高二下·三水期中）设NA为阿伏加德罗常数值。下列有关叙述正确的是（ ）
A．14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA
B．1mol甲烷中的氢原子被氯原子完全取代，需要氯气分子数为2NA
C．92.0g甘油（丙三醇）中含有羟基数为1.0NA
D．标准状况下，2.24LCCl4含有的共价键数为0.4NA
【答案】A
【知识点】阿伏加德罗常数
【解析】【解答】A．设乙烯的质量为m，则据题意可知该混合气体中的氢原子的物质的量为 ，即14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA，A项符合题意；
B．甲烷和氯气发生取代反应，每取代甲烷上的一个氢原子，就需要1个氯气分子，故1mol甲烷中的氢原子被氯原子完全取代，需要氯气分子数为4NA，B项不符合题意；
C．一分子丙三醇中含有三个羟基，92.0g甘油（丙三醇）的物质的量为1mol，则92.0g甘油中含有的羟基数为3.0NA，C项不符合题意；
D．标准状况下，CCl4非气态，不能用气体摩尔体积计算，D项不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A.考查的是实验式相同的分子中原子的确定
B.甲烷的取代反应是连续的取代反应
C.根据n=m/M计算出物质的量
D.运用摩尔体积时需要注意物质的状态和条件
8．（2020高二下·三水期中）下列说法中，正确的是（ ）
A．煤的气化、液化都是物理变化
B．石油裂解的主要目的是为了得到更多的汽油
C．甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到
D．煤干馏得到的煤焦油中有芳香烃
【答案】D
【知识点】石油的分馏产品和用途；石油的裂化和裂解；煤的干馏和综合利用
【解析】【解答】A．煤的气化是指煤在氧气不足的条件下或与高温水蒸气反应生成H2、CO等气体的过程。煤的液化是指将煤与H2在催化剂作用下转化为液体燃料（直接）或利用煤产生的H2和CO通过化学合成产生液体燃料或其他液体化工产品（间接）的过程。这两个过程中都有新物质的产生，所以是化学变化，A项不符合题意；
B．石油裂解是深度裂化，可得到乙烯、丙烯等短链气态烃，石油分馏得到的产品为汽油、煤油、柴油等轻质油和重油，B项不符合题意；
C．石油的分馏不能得到甲烷、乙烯、苯等物质，只能的到汽油、煤油、柴油等轻质油和重油，石油裂化和裂解可以得到甲烷、乙烯等小分子烃；通过煤的干馏可得到苯，C项不符合题意；
D．煤干馏得到的粗苯和煤焦油的主要成分中含有苯、甲苯、二甲苯等芳香烃，D项符合题意；
故答案为：D。
【分析】考查的时煤和石油的综合利用，煤的气化和液化过程中产生了新物质，是化学变化，通过对石油蒸馏可以得到沸点不同的汽油、煤油等等，通过对石油的裂解和裂化可以得到小分子烃，通过对煤的干馏可以得到苯
9．（2020高二下·三水期中）下列叙述正确的是（ ）
A．糖类、油脂和蛋白质都属于高分子化合物
B．可用水鉴别己烷、四氯化碳、甲酸三种无色液体
C．电石和饱和食盐水制乙炔的实验中，用氢氧化钠溶液除去全部气体杂质
D．油脂皂化后可用渗析的方法使高级脂肪酸钠和甘油充分分离
【答案】B
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】A．单糖和二糖和油脂不是高分子化合物，A项不符合题意；
B．己烷不溶于水，密度比水小，在水的上方，四氯化碳不溶于水，密度比水大，在水的下方，甲酸能与水任意互溶，现象各不一样，可以用水鉴别己烷、四氯化碳、甲酸三种无色液体，B项符合题意；
C．制乙炔时会生成的杂质主要是H2S和PH3等，H2S可用CuSO4溶液或NaOH溶液将其除去，但杂质PH3不能利用NaOH溶液吸收，而应选用CuSO4溶液吸收，C项不符合题意；
D．油脂皂化后可用盐析的方法使高级脂肪酸钠和甘油充分分离，D项不符合题意；
故答案为：B。
【分析】A.糖类中的多糖是高分子化合物，蛋白质是高分子化合物
B.通过密度和溶解性即可判断
C.考查的是杂质气体的除杂，利用了杂质气体的化学性质除杂
D. 考查的是高级脂肪酸钠和甘油分离方法
10．（2020高二下·三水期中）下列实验操作正确且能达到预期目的的是（ ）
选项 实验目的 操作
A 比较水和乙醇中羟基氢的活泼性强弱 用金属钠分别与水和乙醇反应
B 证明CH2=CHCHO中含有碳碳双键 滴入KMnO4酸性溶液
C 检验CH3CH2Br在NaOH溶液中是否发生了水解 将CH3CH2Br与NaOH溶液共热。冷却后，取出上层水溶液，加入AgNO3溶液，观察是否产生淡黄色沉淀
D 欲证明蔗糖未发生水解 向稀硫酸与蔗糖共热后的溶液中滴加银氨溶液，水浴加热
A．A B．B C．C D．D
【答案】A
【知识点】有机物中的官能团；乙醇的化学性质；蔗糖与淀粉的性质实验；醛的化学性质；水解反应
【解析】【解答】A．金属钠和水反应比乙醇和钠反应更剧烈，可以比较出水和乙醇中羟基氢的活泼性强弱，A项符合题意；
B．CH2=CHCHO中除了含有碳碳双键，还含有醛基，醛基也能被KMnO4酸性溶液氧化而使KMnO4酸性溶液褪色，不一定是含有碳碳双键而使KMnO4酸性溶液褪色，故不能证明CH2=CHCHO中含有碳碳双键，B项不符合题意；
C．检验方法应为将CH3CH2Br与NaOH溶液共热。冷却后，取出上层水溶液，加入硝酸酸化后再加入AgNO3溶液，观察是否产生淡黄色沉淀，C项不符合题意；
D．该实验过程中没有滴加NaOH中和酸，所以实验不会出现银镜，但不能证明蔗糖未发生水解，D项不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A.利用反应的剧烈程度判断氢原子活性
B.证明双键可以用溴水
C.考查的是卤代烃水解后卤素离子检验，要保持处于酸性条件
D.银镜反应条件是碱性
11．（2020高二下·三水期中）下列除去杂质的方法正确的是（ ）
①除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，气液分离；
②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤、分液、干燥、蒸馏；
③除去苯中少量的苯酚：加溴水，振荡，过滤除去沉淀；
④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏。
A．①② B．②④ C．③④ D．②③
【答案】B
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】①乙烷与Cl2光照下发生取代反应生成多种氯代乙烷和HCl，乙烷会减少，不符合除杂的原则，①不符合题意；
②乙酸与饱和碳酸钠溶液反应生成可溶于水的乙酸钠、水和CO2，乙酸乙酯为难溶于饱和碳酸钠溶液的液体，用饱和碳酸钠溶液洗涤含少量乙酸的乙酸乙酯、分液、干燥、蒸馏可达到除杂的目的，②符合题意；
③苯酚与溴水反应生成的三溴苯酚可溶于苯，且苯会将溴水中的溴萃取出来，不能用溴水除去苯中的苯酚，③不符合题意；
④乙酸与生石灰反应生成高沸点的乙酸钙，然后蒸馏出乙醇，④符合题意；
正确的有②④，
故答案为：B。
【分析】考查的是常见有机物的除杂问题，①可选用高锰酸钾溶液②利用溶解度的不同和酸的性质进行③可以加入碱溶液进行蒸馏④利用乙酸的酸性和沸点的差异
12．（2020高二下·三水期中）下列实验装置和方法进行相应实验，能达到实验目的是（ ）
A．装置A用于检验1-溴丙烷的消去产物
B．装置B用于石油的分馏
C．装置C用于实验室制硝基苯
D．装置D用于除去甲烷中混有的乙烯
【答案】C
【知识点】烯烃；卤代烃简介；石油的分馏；化学实验方案的评价
【解析】【解答】A．装置A中的醇也会随着消去产物（丙烯）一起进入酸性高锰酸钾溶液中，醇也能与酸性高锰酸钾溶液反应而使酸性高锰酸钾溶液褪色，影响了丙烯的检验，故装置A不能达到实验目的。A项不符合题意；
B．石油分馏装置中，冷凝水的流向错误，应下口进上口出，不能达到较好的冷凝效果，装置B不能达到实验目的，B项不符合题意；
C．硝酸和苯反应制备硝基苯的反应温度为55℃-60℃左右，为了控制温度，选择水浴加热，装置C可以达到实验目的，C项符合题意；
D．乙烯和酸性KMnO4溶液生成CO2，CO2混入甲烷中，无法除去，又引入了新杂质。故装置D不能达到实验目的。D项不符合题意；
故答案为：C。
【分析】A.利用性质的不同进行检验，可选择溴水
B.冷却水的流向问题，应下口进上口出
C.硝基苯的实验室制备问题，利用水浴加热便于控温
D.除去乙烯应该选择溴水即可
13．（2020高二下·三水期中）在一定条件下，甲苯可生成二甲苯混合物和苯。有关物质的沸点、熔点如下：
对二甲苯 邻二甲苯 间二甲苯 苯
沸点/℃ 138 144 139 80
熔点/℃ 13 25 47 6
下列说法错误的是（ ）
A．该反应属于取代反应
B．甲苯的沸点高于144 ℃
C．用蒸馏的方法可将苯从反应所得产物中首先分离出来
D．从二甲苯混合物中，用冷却结晶的方法可将对二甲苯分离出来
【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质；苯的同系物及其性质
【解析】【解答】A．甲苯变成二甲苯是苯环上的氢原子被甲基取代所得，属于取代反应，故A不符合题意；
B．甲苯的相对分子质量比二甲苯小，故沸点比二甲苯低，故B符合题意；
C．苯的沸点与二甲苯的沸点相差较大，可以用蒸馏的方法分离，故C不符合题意；
D．因为对二甲苯的沸点较高，将温度冷却至-25℃～13℃，对二甲苯形成固体，从而将对二甲苯分离出来，故D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】根据反应物和生成物即可确定反应的类型是取代反应，通过对比，甲基的个数越多，沸点越高，当只有一个甲基时，沸点在80℃-144℃之间，可以利用沸点的不同将苯分离出来，可利用降温的方法将将二甲苯进行分离。
14．（2019·全国Ⅰ卷）实验室制备溴苯的反应装置如下图所示，关于实验操作或叙述错误的是（ ）
A．向圆底烧瓶中滴加苯和溴的混合液前需先打开K
B．实验中装置b中的液体逐渐变为浅红色
C．装置c中的碳酸钠溶液的作用是吸收溴化氢
D．反应后的混合液经稀碱溶液洗涤、结晶，得到溴苯
【答案】D
【知识点】苯的结构与性质；实验装置综合
【解析】【解答】A.根据气压原理，滴加液体时要打开开关，故A正确，不符合题意。
B.由于反应中有溴，具有挥发性，溴蒸气被四氯化碳吸收，溶液呈浅红色。故B正确，不符合题意。
C.反应中生成溴化氢气体能与碳酸钠溶液反应，故C正确，不符合题意。
D.反应后混合液中含有溴苯，溴单质，溴化氢等，经过氢氧化钠溶液后必需经过分液才能得到，故D符合题意。
故正确答案：D。
【分析】 根据苯与溴反应反应产物及有机反应的特点，反应物和生成物同时存在进行判断。
15．（2016·上海）合成导电高分子化合物PPV的反应为：
下列说法正确的是（ ）
A．PPV是聚苯乙炔
B．该反应为缩聚反应
C．PPV与聚苯乙烯的最小结构单元组成相同
D．1 mol 最多可与2 mol H2发生反应
【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】A．根据物质的分子结构可知该物质不是聚苯乙炔，故A错误；
B．该反应除产生高分子化合物外，还有小分子生成，属于缩聚反应，故B正确；
C．PPV与聚苯乙烯 的重复单元不相同，故C错误；D．该物质一个分子中含有2个碳碳双键和苯环都可以与氢气发生加成反应，属于1mol 最多可以与5mol氢气发生加成反应，故D错误．
故选B．
【分析】由反应方程式可知PPV由对二碘苯与 发生缩聚反应生成，与苯乙炔、苯乙烯的加聚产物不同，以此解答该题．本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于考查学生的分析能力，注意把握有机物的结构尤其时高聚物的结构，难度不大．
二、非选择题
16．（2020高二下·三水期中）氯苯在染料、医药工业用于制造苯酚、硝基氯苯、苯胺、硝基酚等有机中间体，橡胶工业用于制造橡胶助剂。其合成工艺分为气相法和液相法两种，实验室模拟液相法(加热装置都已略去)如图，在C三颈烧瓶中加入催化剂FeCl3及50.0mL苯：
+Cl2 +HCl
有关物质的性质：
名称 相对分子质量 沸点/(℃) 密度/(g/mL)
苯 78 78 0.88
氯苯 112.5 132.2 1.1
邻二氯苯 147 180.4 1.3
回答下列问题：
（1）A反应器是利用实验室法制取氯气，装置中空导管B的作用是 。
（2）把干燥的氯气通入装有干燥苯的反应器C中制备氯苯，C的反应温度不宜过高，原因为①温度过高，反应得到二氯苯；② ，球形冷凝管的作用是： ，D出口的主要尾气成分有 。
（3）提纯粗产品过程如图：
①净化过程中加入NaCl晶体的目的是吸水干燥,系列操作为 。
②为了确定所得产品为氯苯，而非二氯苯，可对产品进行分析，下列方法可行的是 。
A．质谱法 B．红外光谱法 C．滴定法
（4）实验中最终得到产品14.7g，产率为 ，产率不高的原因可能是： 。
（5）苯气相氧氯化氢法制氯苯：空气、氯化氢气混合物温度210℃，进入氯化反应器，在迪肯型催化剂(CuCl2、FeCl3附在三氧化铝上)存在下进行氯化，反应方程式为： 。
【答案】（1）平衡气压
（2）温度过高，苯挥发，原料利用率不高；冷凝回流，提高原料利用率；Cl2、苯蒸气、HCl
（3）过滤、蒸馏；AB
（4）23.2%；温度过高，反应生成二氯苯
（5）2 +2HCl+O2 2 +2 H2O
【知识点】苯的结构与性质；物质的分离与提纯
【解析】【解答】(1)中空导管B与大气相通，可以平衡装置内的压强；
(2)温度不宜过高，一是温度过高，反应得到二氯苯，二是温度过高会造成苯的挥发，降低原料的利用率；球形冷凝管可以冷凝回流挥发的苯，提高原料的利用率；D出口主要有未反应的氯气，反应生成的HCl以及挥发的苯蒸气；
(3)①加入氯化钠晶体吸收干燥后，经过滤得到粗品，此时杂质主要还有苯和二氯苯，再蒸馏、精馏得到产品；
②A．质谱法可以确定相对分子质量，氯苯、二氯苯相对分子质量不同，故A可行；
B．红外光谱可确定物质中所含官能团和化学键，氯苯和二氯苯结构不同，故B可行；
C．二者均为非电解质，无法电离出氯离子，无法利用滴定法区分，故C不可行；
故答案为AB；
(4)初始原料为50.0mL苯和过量的氯气，所以根据苯的量计算理论产量，苯的质量为0.88g/mL×50mL=44g，苯的物质的量为 mol，根据方程式可知理论生成氯苯 mol，所以产率为 =23.2%；产率不高的原因可能是：温度过高，反应生成二氯苯；
(5)反应物有空气、氯化氢、苯，产物有氯苯，根据元素守恒可知产物应还有水，所以化学方程式为2 +2HCl+O2 2 +2 H2O。
【分析】本实验模拟液相法制取氯苯，装置A为制取氯气的装置，实验室一般利用二氧化锰和浓盐酸共热制取氯气，中空导管B可以防止装置内压强过高；装置C中进行氯气和苯的反应，球形冷凝管可以冷凝回流产品和苯，提高原料的利用率；之后进行产品的提纯，氯化液水洗、碱洗除去HCl、FeCl3等杂质，加入氯化钠晶体吸水干燥，过滤后的滤液蒸馏、精馏得到产品。
17．（2020高二下·三水期中）
（1）从废水中回收苯酚的方法是：①取有机溶剂萃取废液中的苯酚；②加入某种药品的水溶液使苯酚从有机溶剂中脱离；③通入CO2又析出苯酚。试写出②、③步的化学方程式 ； 。
（2）某醛的结构简式为 ，检验分子中醛基的所用的试剂是 ，化学方程式为 。
（3）某物质与2，3-二甲基-1-丁烯互为同分异构体，且所有碳原子处于同一平面，写出此物质的结构简式
。
（4）实验室由乙苯制取对溴苯乙烯，需先经两步反应制得中间体 。写出该两步反应所需的试剂及条件 、 。
【答案】（1） +NaOH +H2O； +CO2+H2O +NaHCO3
（2）稀氨水、AgNO3溶液或新制Cu(OH)2； +2Ag(NH3)2OH +2Ag↓+3NH3+H2O或 +2Cu(OH)2+NaOH +Cu2O↓+3H2O
（3）
（4）液溴和Fe作催化剂；溴蒸气和光照
【知识点】有机物的合成；苯酚的性质及用途
【解析】【解答】(1)加入NaOH可以和苯酚反应生成可溶于水的苯酚钠，化学方程式为 +NaOH +H2O；苯酚酸性弱于碳酸强于碳酸氢根，所以通入二氧化碳可以与苯酚钠反应生成苯酚和碳酸氢钠，化学方程式为 +CO2+H2O +NaHCO3；
(2)醛基可以发生银镜反应，可以和新制氢氧化铜悬浊液共热产生砖红色沉淀，所以可以用稀氨水、AgNO3溶液或新制Cu(OH)2检验醛基；相应的化学方程式为 +2Ag(NH3)2OH +2Ag↓+3NH3+H2O或 +2Cu(OH)2+NaOH +Cu2O↓+3H2O；
(3)2，3-二甲基-1-丁烯的结构简式为 ，若其同分异构体所有碳原子处于同一平面，考虑到碳碳双键为平面结构，可知其应为 ；
(4)实验室由乙苯制取 ，需要先与液溴在Fe(或FeBr3)作催化剂的条件下生成对溴乙苯，之后在溴蒸气和光照条件生成 。
【分析】苯酚酸性弱于碳酸强于碳酸氢根，所以无论向苯酚钠通入过量的二氧化碳还是少量，都生成苯酚和碳酸氢钠。
18．（2020高二下·三水期中）氰基丙烯酸酯在碱性条件下能快速聚合为 ，从而具有胶黏性，某种氰基丙烯酸酯(G)的合成路线如图：
已知：①A的相对分子量为58，氧元素质量分数为0.276，核磁共振氢谱显示为单峰
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称为 。
（2）B的结构简式为 ，已知在有机物分子中，若某个碳原子上连接4个不同的原子或基团，则这种碳原子称为“手性碳原子”，则B中“手性碳原子”的个数为 个。
（3）由C生成D的反应类型为 。
（4）由D生成E的化学方程式为 。
（5）G中的官能团有 、 、 。(填官能团名称)
【答案】（1）丙酮
（2）；0
（3）取代反应
（4） +NaOH +NaCl
（5）碳碳双键；酯基；氰基
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；烯烃
【解析】【解答】(1)由上述分析可知，A为 ，化学名称为丙酮；
(2)由上述分析可知，B的结构简式为 ；根据手性碳的定义可知该分子中没有手性碳原子；
(3)C为 ，C与氯气光照反应生成D，C中甲基上氢原子被Cl原子代替，所以为取代反应；
(4)D中氯原子在氢氧化钠水溶液中发生水解生成E，所以化学方程式为 +NaOH +NaCl；
(5)G为 ，其官能团有碳碳双键、酯基、氰基。
【分析】A的相对分子质量为58，氧元素质量分数为0.276，则A分子中氧原子数目为 =1，分子中C、H原子总相对原子质量为58-16=42，则分子中最大碳原子数目为 =3…6，故A的分子式为C3H6O，其核磁共振氢谱显示为单峰，且发生信息中加成反应生成B，故A为 ，B为 ，B发生消去反应生成C为 ，C与氯气光照反应生成D，D发生水解反应生成E，结合E的分子式可知，C与氯气发生取代反应生成D，则D为 ，E发生氧化反应生成F，F与甲醇发生酯化反应生成G，则E为 ，F为 ，G为 ，以此解答该题。
19．（2020高二下·三水期中）化合物H是一种有机光电材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H的一种合成路线如下：
已知：①RCHO+CH3CHO RCH=CHCHO+H2O
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称是 。
（2）由C生成D和E生成F的反应类型分别是 、 。
（3）E的结构简式为 。
（4）G为甲苯的同分异构体，由F生成H的化学方程式为 。
（5）芳香化合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1，写出2种符合要求的X的结构简式 。
（6）写出用环戊烷和2–丁炔为原料制备化合物 的合成路线（其他试剂任选）
【答案】（1）苯甲醛
（2）加成反应；取代反应
（3）
（4） +
（5） ， ， ，
（6）
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；苯的同系物及其性质；取代反应
【解析】【解答】（1）由A的结构简式 可知，A为苯甲醛；答案为苯甲醛。
（2）C的结构简式为 ，D的结构简式为 ，由C生成D发生加成反应，E的结构简式为 ，F的结构简式为 ，由E生成F发生取代反应；答案为加成反应，取代反应。
（3）E的结构简式为 ；答案为 。
（4）F的结构简式为 ，G的结构简式为 ，由F生成H的化学方程式为 + ；答案为 + 。
（5）F的结构简式为 ，芳香化合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，说明含有羧基，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6：2：1：1，则分子中应含有2个甲基，且为对称结构，可能结构有 ， ， ， ；答案为 ， ， ， 。
（6）环戊烷和2-丁炔为原料制备化合物 ，环戊烷应先生成环戊烯，然后与2-丁炔发生加成反应生成 ，最后与溴发生加成可生成 ，在反应的流程为 ；答案为 。
【分析】由信息①可知A应含有醛基，且含有7个C原子，A的结构简式为 ，A和CH3CHO发生信息①反应生成B，B的结构简式为 ，B发生氧化反应生成C，C的结构简式为 ，C与Br2发生加成反应生成D，D的结构简式为 ，D在KOH醇溶液加热条件下，发生消去反应生成E，E的结构简式为 ，E与乙醇发生酯化反应生成F，F的结构简式为 ，对比F、H的结构简式可知，G的结构简式为 ，据此解答。
广东省佛山市三水区三水中学2019-2020学年高二下学期化学期中考试试卷
一、单选题
1．（2016·上海）轴烯是一类独特的星形环烃．三元轴烯（ ）与苯（ ）
A．均为芳香烃 B．互为同素异形体
C．互为同系物 D．互为同分异构体
2．（2020高二下·奉化期中）分子式为C3H7O2N的有机物经实验分析，发现有如图所示的原子连接顺序，则此有机物是（ ）
A．硝基化合物 B．硝酸酯 C．α 氨基酸 D．蛋白质
3．（2020高二上·官渡月考）如图为某烃的键线式结构，该烃和Br2按物质的量之比为1:1加成时，所得产物有（ ）
A．3种 B．4种 C．5种 D．6种
4．（2020高二下·三水期中）如图为某种合成维生素的结构简式，对该合成维生素的叙述正确的是（ ）
A．该合成维生素有三个苯环
B．该合成维生素1mol最多能中和5mol氢氧化钠
C．该合成维生素1mol最多能和含6mol单质溴的溴水反应
D．该合成维生素1mol最多能和8molH2加成
5．（2018·佛山模拟）有机玻璃的单体甲基丙烯酸甲酯(MMA) 的合成原理如下：
(MMA)
下列说法正确的是（ ）
A．若反应①的原子利用率为100%，则物质X为CO2
B．可用分液漏斗分离MMA和甲醇
C． 、 均可发生加成反应、氧化反应、取代反应
D．MMA与H2反应生成Y，能与NaHCO3溶液反应的Y的同分异构体有3种
6．（2020高二下·三水期中）下列关于有机物(a) 的说法错误的是（ ）
A．a、b、c的分子式均为C8H8
B．b的所有原子可能处于同一平面
C．c的二氯代物有4种
D．a、b、c均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色
7．（2020高二下·三水期中）设NA为阿伏加德罗常数值。下列有关叙述正确的是（ ）
A．14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA
B．1mol甲烷中的氢原子被氯原子完全取代，需要氯气分子数为2NA
C．92.0g甘油（丙三醇）中含有羟基数为1.0NA
D．标准状况下，2.24LCCl4含有的共价键数为0.4NA
8．（2020高二下·三水期中）下列说法中，正确的是（ ）
A．煤的气化、液化都是物理变化
B．石油裂解的主要目的是为了得到更多的汽油
C．甲烷、乙烯和苯在工业上都可通过石油分馏得到
D．煤干馏得到的煤焦油中有芳香烃
9．（2020高二下·三水期中）下列叙述正确的是（ ）
A．糖类、油脂和蛋白质都属于高分子化合物
B．可用水鉴别己烷、四氯化碳、甲酸三种无色液体
C．电石和饱和食盐水制乙炔的实验中，用氢氧化钠溶液除去全部气体杂质
D．油脂皂化后可用渗析的方法使高级脂肪酸钠和甘油充分分离
10．（2020高二下·三水期中）下列实验操作正确且能达到预期目的的是（ ）
选项 实验目的 操作
A 比较水和乙醇中羟基氢的活泼性强弱 用金属钠分别与水和乙醇反应
B 证明CH2=CHCHO中含有碳碳双键 滴入KMnO4酸性溶液
C 检验CH3CH2Br在NaOH溶液中是否发生了水解 将CH3CH2Br与NaOH溶液共热。冷却后，取出上层水溶液，加入AgNO3溶液，观察是否产生淡黄色沉淀
D 欲证明蔗糖未发生水解 向稀硫酸与蔗糖共热后的溶液中滴加银氨溶液，水浴加热
A．A B．B C．C D．D
11．（2020高二下·三水期中）下列除去杂质的方法正确的是（ ）
①除去乙烷中少量的乙烯：光照条件下通入Cl2，气液分离；
②除去乙酸乙酯中少量的乙酸：用饱和碳酸钠溶液洗涤、分液、干燥、蒸馏；
③除去苯中少量的苯酚：加溴水，振荡，过滤除去沉淀；
④除去乙醇中少量的乙酸：加足量生石灰，蒸馏。
A．①② B．②④ C．③④ D．②③
12．（2020高二下·三水期中）下列实验装置和方法进行相应实验，能达到实验目的是（ ）
A．装置A用于检验1-溴丙烷的消去产物
B．装置B用于石油的分馏
C．装置C用于实验室制硝基苯
D．装置D用于除去甲烷中混有的乙烯
13．（2020高二下·三水期中）在一定条件下，甲苯可生成二甲苯混合物和苯。有关物质的沸点、熔点如下：
对二甲苯 邻二甲苯 间二甲苯 苯
沸点/℃ 138 144 139 80
熔点/℃ 13 25 47 6
下列说法错误的是（ ）
A．该反应属于取代反应
B．甲苯的沸点高于144 ℃
C．用蒸馏的方法可将苯从反应所得产物中首先分离出来
D．从二甲苯混合物中，用冷却结晶的方法可将对二甲苯分离出来
14．（2019·全国Ⅰ卷）实验室制备溴苯的反应装置如下图所示，关于实验操作或叙述错误的是（ ）
A．向圆底烧瓶中滴加苯和溴的混合液前需先打开K
B．实验中装置b中的液体逐渐变为浅红色
C．装置c中的碳酸钠溶液的作用是吸收溴化氢
D．反应后的混合液经稀碱溶液洗涤、结晶，得到溴苯
15．（2016·上海）合成导电高分子化合物PPV的反应为：
下列说法正确的是（ ）
A．PPV是聚苯乙炔
B．该反应为缩聚反应
C．PPV与聚苯乙烯的最小结构单元组成相同
D．1 mol 最多可与2 mol H2发生反应
二、非选择题
16．（2020高二下·三水期中）氯苯在染料、医药工业用于制造苯酚、硝基氯苯、苯胺、硝基酚等有机中间体，橡胶工业用于制造橡胶助剂。其合成工艺分为气相法和液相法两种，实验室模拟液相法(加热装置都已略去)如图，在C三颈烧瓶中加入催化剂FeCl3及50.0mL苯：
+Cl2 +HCl
有关物质的性质：
名称 相对分子质量 沸点/(℃) 密度/(g/mL)
苯 78 78 0.88
氯苯 112.5 132.2 1.1
邻二氯苯 147 180.4 1.3
回答下列问题：
（1）A反应器是利用实验室法制取氯气，装置中空导管B的作用是 。
（2）把干燥的氯气通入装有干燥苯的反应器C中制备氯苯，C的反应温度不宜过高，原因为①温度过高，反应得到二氯苯；② ，球形冷凝管的作用是： ，D出口的主要尾气成分有 。
（3）提纯粗产品过程如图：
①净化过程中加入NaCl晶体的目的是吸水干燥,系列操作为 。
②为了确定所得产品为氯苯，而非二氯苯，可对产品进行分析，下列方法可行的是 。
A．质谱法 B．红外光谱法 C．滴定法
（4）实验中最终得到产品14.7g，产率为 ，产率不高的原因可能是： 。
（5）苯气相氧氯化氢法制氯苯：空气、氯化氢气混合物温度210℃，进入氯化反应器，在迪肯型催化剂(CuCl2、FeCl3附在三氧化铝上)存在下进行氯化，反应方程式为： 。
17．（2020高二下·三水期中）
（1）从废水中回收苯酚的方法是：①取有机溶剂萃取废液中的苯酚；②加入某种药品的水溶液使苯酚从有机溶剂中脱离；③通入CO2又析出苯酚。试写出②、③步的化学方程式 ； 。
（2）某醛的结构简式为 ，检验分子中醛基的所用的试剂是 ，化学方程式为 。
（3）某物质与2，3-二甲基-1-丁烯互为同分异构体，且所有碳原子处于同一平面，写出此物质的结构简式
。
（4）实验室由乙苯制取对溴苯乙烯，需先经两步反应制得中间体 。写出该两步反应所需的试剂及条件 、 。
18．（2020高二下·三水期中）氰基丙烯酸酯在碱性条件下能快速聚合为 ，从而具有胶黏性，某种氰基丙烯酸酯(G)的合成路线如图：
已知：①A的相对分子量为58，氧元素质量分数为0.276，核磁共振氢谱显示为单峰
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称为 。
（2）B的结构简式为 ，已知在有机物分子中，若某个碳原子上连接4个不同的原子或基团，则这种碳原子称为“手性碳原子”，则B中“手性碳原子”的个数为 个。
（3）由C生成D的反应类型为 。
（4）由D生成E的化学方程式为 。
（5）G中的官能团有 、 、 。(填官能团名称)
19．（2020高二下·三水期中）化合物H是一种有机光电材料中间体。实验室由芳香化合物A制备H的一种合成路线如下：
已知：①RCHO+CH3CHO RCH=CHCHO+H2O
②
回答下列问题：
（1）A的化学名称是 。
（2）由C生成D和E生成F的反应类型分别是 、 。
（3）E的结构简式为 。
（4）G为甲苯的同分异构体，由F生成H的化学方程式为 。
（5）芳香化合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6∶2∶1∶1，写出2种符合要求的X的结构简式 。
（6）写出用环戊烷和2–丁炔为原料制备化合物 的合成路线（其他试剂任选）
答案解析部分
1．【答案】D
【知识点】有机物中的官能团；同分异构现象和同分异构体
【解析】【解答】轴烯与苯分子式都是C6H6，二者分子式相同，结构不同，互为同分异构体，只有D正确．
故选D．
【分析】轴烯与苯分子式都是C6H6，二者分子式相同，结构不同，以此解答该题．本题考查同分异构体的判断，为高频考点，注意把握同分异构体、同系物、同素异形体等概念，注意把握比较的角度和概念的区别，难度不大．
2．【答案】C
【知识点】氨基酸、蛋白质的结构和性质特点
【解析】【解答】由此有机物分子的原子连接顺序可知：每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为： ，一个碳原子上同时连接着氨基和羧基，属于α氨基酸。
故答案为：C。
【分析】每个碳原子的键数为4，每个氮原子的键数为3，每个氧原子的键数为2，氢原子只有1个键．显然大白球为碳原子，与最下方的碳原子相连的2个中白球为氧原子，最小的白球是氢原子，黑球应是氮原子，此有机物的结构简式为：CH3CH（NH2）COOH。
3．【答案】C
【知识点】加成反应
【解析】【解答】该烃与Br2按物质的量之比为1:1加成时，有两种加成方式：1,2-加成和1,4-加成，其中1,2-加成产物有三种： 、 、 ，1,4-加成产物有2种： 、 。共有5种加成产物，C项符合题意；
故答案为：C。
【分析】烯烃与溴加成时溴原子连接在相邻的不饱和的C原子上，溴与二烯烃加成可以发生1,2-加成和1,4-加成，进而解答该题。
4．【答案】D
【知识点】苯酚的性质及用途
【解析】【解答】A．由该合成维生素的结构简式，可知其含有两个苯环，A项不符合题意；
B．该合成维生素分子中存在1个醇羟基和4个酚羟基，醇羟基不与NaOH反应，4个酚羟基可与NaOH发生中和反应，故该合成维生素1mol最多能中和4mol氢氧化钠，B项不符合题意；
C．该分子中酚羟基的邻、对位共有4个H可以被取代，所以1 mol该分子可以和4 mol单质溴发生取代反应，还有一个碳碳双键，能和单质溴发生加成反应，所以1 mol该分子最多能和含5 mol单质溴的溴水反应，C项不符合题意；
D.1mol苯环可以与3molH2发生加成反应，1mol碳碳双键、羰基分别可与1molH2发生加成反应，该合成维生素分子中含有2个苯环，一个碳碳双键以及一个羰基，故合成维生素1mol最多能和8molH2加成，D项符合题意；
故答案为：D。
【分析】根据结构式确定有机物的分子式和官能团，含有酚羟基、羰基、双键、酯基、醚基，即可确定与氢氧化钠和溴水以及氢气反应的量的关系
5．【答案】C
【知识点】有机高分子化合物的结构和性质；合成有机高分子化合物的性质实验
【解析】【解答】A.根据原子个数守恒可知，若反应①的原子利用率为100%，则物质X为CO，A项不符合题意；
B.MMA与甲醇互溶，故不能分液漏斗分离MMA和甲醇，B项不符合题意；
C. 、 均含碳碳双键，故均可发生加成反应、氧化反应，含有甲基，均能发生取代反应，C项符合题意；
D.MMA与H2反应生成 ，能与NaHCO3溶液反应说明含有-COOH，故C4H9-COOH，因丁基存在4种结构，故Y的同分异构体有4种，D项不符合题意。
故答案为：C
【分析】有机反应主要是官能团，其次是原子团，可以类别相应的物质，比如甲基可能发生的反应，可以从甲基的来源甲烷推测。
6．【答案】C
【知识点】烯烃
【解析】【解答】A．结构中每个顶点为碳原子，每个碳原子形成四个共价键，不足键用氢补齐，a、b、c的分子中都含有8个C和8个H，则分子式均为C8H8，故A不符合题意；
B．b中苯环、碳碳双键为平面结构，与苯环或碳碳双键上的碳直接相连的所有原子处于同一平面，单键可以旋转，则所有原子可能处于同一平面，故B不符合题意；
C．c有两种氢原子，c的一氯代物有两种，采用“定一移一”法，先固定一个Cl，第二个Cl的位置如图所示： ，移动第一个Cl在①位、第二个Cl在④位，c的二氯代物共有6种，故C符合题意；
D．a、b、c中均有碳碳双键，具有烯烃的性质，均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】根据结构式即可确定分子式，以及官能团确定具有的性质，根据成键的特点，可以确定原子是否共面，通过对结构式中氢原子的种类，确定取代物的种类。
7．【答案】A
【知识点】阿伏加德罗常数
【解析】【解答】A．设乙烯的质量为m，则据题意可知该混合气体中的氢原子的物质的量为 ，即14g乙烯和丙烯混合气体中的氢原子数为2NA，A项符合题意；
B．甲烷和氯气发生取代反应，每取代甲烷上的一个氢原子，就需要1个氯气分子，故1mol甲烷中的氢原子被氯原子完全取代，需要氯气分子数为4NA，B项不符合题意；
C．一分子丙三醇中含有三个羟基，92.0g甘油（丙三醇）的物质的量为1mol，则92.0g甘油中含有的羟基数为3.0NA，C项不符合题意；
D．标准状况下，CCl4非气态，不能用气体摩尔体积计算，D项不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A.考查的是实验式相同的分子中原子的确定
B.甲烷的取代反应是连续的取代反应
C.根据n=m/M计算出物质的量
D.运用摩尔体积时需要注意物质的状态和条件
8．【答案】D
【知识点】石油的分馏产品和用途；石油的裂化和裂解；煤的干馏和综合利用
【解析】【解答】A．煤的气化是指煤在氧气不足的条件下或与高温水蒸气反应生成H2、CO等气体的过程。煤的液化是指将煤与H2在催化剂作用下转化为液体燃料（直接）或利用煤产生的H2和CO通过化学合成产生液体燃料或其他液体化工产品（间接）的过程。这两个过程中都有新物质的产生，所以是化学变化，A项不符合题意；
B．石油裂解是深度裂化，可得到乙烯、丙烯等短链气态烃，石油分馏得到的产品为汽油、煤油、柴油等轻质油和重油，B项不符合题意；
C．石油的分馏不能得到甲烷、乙烯、苯等物质，只能的到汽油、煤油、柴油等轻质油和重油，石油裂化和裂解可以得到甲烷、乙烯等小分子烃；通过煤的干馏可得到苯，C项不符合题意；
D．煤干馏得到的粗苯和煤焦油的主要成分中含有苯、甲苯、二甲苯等芳香烃，D项符合题意；
故答案为：D。
【分析】考查的时煤和石油的综合利用，煤的气化和液化过程中产生了新物质，是化学变化，通过对石油蒸馏可以得到沸点不同的汽油、煤油等等，通过对石油的裂解和裂化可以得到小分子烃，通过对煤的干馏可以得到苯
9．【答案】B
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】A．单糖和二糖和油脂不是高分子化合物，A项不符合题意；
B．己烷不溶于水，密度比水小，在水的上方，四氯化碳不溶于水，密度比水大，在水的下方，甲酸能与水任意互溶，现象各不一样，可以用水鉴别己烷、四氯化碳、甲酸三种无色液体，B项符合题意；
C．制乙炔时会生成的杂质主要是H2S和PH3等，H2S可用CuSO4溶液或NaOH溶液将其除去，但杂质PH3不能利用NaOH溶液吸收，而应选用CuSO4溶液吸收，C项不符合题意；
D．油脂皂化后可用盐析的方法使高级脂肪酸钠和甘油充分分离，D项不符合题意；
故答案为：B。
【分析】A.糖类中的多糖是高分子化合物，蛋白质是高分子化合物
B.通过密度和溶解性即可判断
C.考查的是杂质气体的除杂，利用了杂质气体的化学性质除杂
D. 考查的是高级脂肪酸钠和甘油分离方法
10．【答案】A
【知识点】有机物中的官能团；乙醇的化学性质；蔗糖与淀粉的性质实验；醛的化学性质；水解反应
【解析】【解答】A．金属钠和水反应比乙醇和钠反应更剧烈，可以比较出水和乙醇中羟基氢的活泼性强弱，A项符合题意；
B．CH2=CHCHO中除了含有碳碳双键，还含有醛基，醛基也能被KMnO4酸性溶液氧化而使KMnO4酸性溶液褪色，不一定是含有碳碳双键而使KMnO4酸性溶液褪色，故不能证明CH2=CHCHO中含有碳碳双键，B项不符合题意；
C．检验方法应为将CH3CH2Br与NaOH溶液共热。冷却后，取出上层水溶液，加入硝酸酸化后再加入AgNO3溶液，观察是否产生淡黄色沉淀，C项不符合题意；
D．该实验过程中没有滴加NaOH中和酸，所以实验不会出现银镜，但不能证明蔗糖未发生水解，D项不符合题意；
故答案为：A。
【分析】A.利用反应的剧烈程度判断氢原子活性
B.证明双键可以用溴水
C.考查的是卤代烃水解后卤素离子检验，要保持处于酸性条件
D.银镜反应条件是碱性
11．【答案】B
【知识点】物质的分离与提纯
【解析】【解答】①乙烷与Cl2光照下发生取代反应生成多种氯代乙烷和HCl，乙烷会减少，不符合除杂的原则，①不符合题意；
②乙酸与饱和碳酸钠溶液反应生成可溶于水的乙酸钠、水和CO2，乙酸乙酯为难溶于饱和碳酸钠溶液的液体，用饱和碳酸钠溶液洗涤含少量乙酸的乙酸乙酯、分液、干燥、蒸馏可达到除杂的目的，②符合题意；
③苯酚与溴水反应生成的三溴苯酚可溶于苯，且苯会将溴水中的溴萃取出来，不能用溴水除去苯中的苯酚，③不符合题意；
④乙酸与生石灰反应生成高沸点的乙酸钙，然后蒸馏出乙醇，④符合题意；
正确的有②④，
故答案为：B。
【分析】考查的是常见有机物的除杂问题，①可选用高锰酸钾溶液②利用溶解度的不同和酸的性质进行③可以加入碱溶液进行蒸馏④利用乙酸的酸性和沸点的差异
12．【答案】C
【知识点】烯烃；卤代烃简介；石油的分馏；化学实验方案的评价
【解析】【解答】A．装置A中的醇也会随着消去产物（丙烯）一起进入酸性高锰酸钾溶液中，醇也能与酸性高锰酸钾溶液反应而使酸性高锰酸钾溶液褪色，影响了丙烯的检验，故装置A不能达到实验目的。A项不符合题意；
B．石油分馏装置中，冷凝水的流向错误，应下口进上口出，不能达到较好的冷凝效果，装置B不能达到实验目的，B项不符合题意；
C．硝酸和苯反应制备硝基苯的反应温度为55℃-60℃左右，为了控制温度，选择水浴加热，装置C可以达到实验目的，C项符合题意；
D．乙烯和酸性KMnO4溶液生成CO2，CO2混入甲烷中，无法除去，又引入了新杂质。故装置D不能达到实验目的。D项不符合题意；
故答案为：C。
【分析】A.利用性质的不同进行检验，可选择溴水
B.冷却水的流向问题，应下口进上口出
C.硝基苯的实验室制备问题，利用水浴加热便于控温
D.除去乙烯应该选择溴水即可
13．【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质；苯的同系物及其性质
【解析】【解答】A．甲苯变成二甲苯是苯环上的氢原子被甲基取代所得，属于取代反应，故A不符合题意；
B．甲苯的相对分子质量比二甲苯小，故沸点比二甲苯低，故B符合题意；
C．苯的沸点与二甲苯的沸点相差较大，可以用蒸馏的方法分离，故C不符合题意；
D．因为对二甲苯的沸点较高，将温度冷却至-25℃～13℃，对二甲苯形成固体，从而将对二甲苯分离出来，故D不符合题意；
故答案为：B。
【分析】根据反应物和生成物即可确定反应的类型是取代反应，通过对比，甲基的个数越多，沸点越高，当只有一个甲基时，沸点在80℃-144℃之间，可以利用沸点的不同将苯分离出来，可利用降温的方法将将二甲苯进行分离。
14．【答案】D
【知识点】苯的结构与性质；实验装置综合
【解析】【解答】A.根据气压原理，滴加液体时要打开开关，故A正确，不符合题意。
B.由于反应中有溴，具有挥发性，溴蒸气被四氯化碳吸收，溶液呈浅红色。故B正确，不符合题意。
C.反应中生成溴化氢气体能与碳酸钠溶液反应，故C正确，不符合题意。
D.反应后混合液中含有溴苯，溴单质，溴化氢等，经过氢氧化钠溶液后必需经过分液才能得到，故D符合题意。
故正确答案：D。
【分析】 根据苯与溴反应反应产物及有机反应的特点，反应物和生成物同时存在进行判断。
15．【答案】B
【知识点】有机物的结构和性质
【解析】【解答】A．根据物质的分子结构可知该物质不是聚苯乙炔，故A错误；
B．该反应除产生高分子化合物外，还有小分子生成，属于缩聚反应，故B正确；
C．PPV与聚苯乙烯 的重复单元不相同，故C错误；D．该物质一个分子中含有2个碳碳双键和苯环都可以与氢气发生加成反应，属于1mol 最多可以与5mol氢气发生加成反应，故D错误．
故选B．
【分析】由反应方程式可知PPV由对二碘苯与 发生缩聚反应生成，与苯乙炔、苯乙烯的加聚产物不同，以此解答该题．本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，侧重于考查学生的分析能力，注意把握有机物的结构尤其时高聚物的结构，难度不大．
16．【答案】（1）平衡气压
（2）温度过高，苯挥发，原料利用率不高；冷凝回流，提高原料利用率；Cl2、苯蒸气、HCl
（3）过滤、蒸馏；AB
（4）23.2%；温度过高，反应生成二氯苯
（5）2 +2HCl+O2 2 +2 H2O
【知识点】苯的结构与性质；物质的分离与提纯
【解析】【解答】(1)中空导管B与大气相通，可以平衡装置内的压强；
(2)温度不宜过高，一是温度过高，反应得到二氯苯，二是温度过高会造成苯的挥发，降低原料的利用率；球形冷凝管可以冷凝回流挥发的苯，提高原料的利用率；D出口主要有未反应的氯气，反应生成的HCl以及挥发的苯蒸气；
(3)①加入氯化钠晶体吸收干燥后，经过滤得到粗品，此时杂质主要还有苯和二氯苯，再蒸馏、精馏得到产品；
②A．质谱法可以确定相对分子质量，氯苯、二氯苯相对分子质量不同，故A可行；
B．红外光谱可确定物质中所含官能团和化学键，氯苯和二氯苯结构不同，故B可行；
C．二者均为非电解质，无法电离出氯离子，无法利用滴定法区分，故C不可行；
故答案为AB；
(4)初始原料为50.0mL苯和过量的氯气，所以根据苯的量计算理论产量，苯的质量为0.88g/mL×50mL=44g，苯的物质的量为 mol，根据方程式可知理论生成氯苯 mol，所以产率为 =23.2%；产率不高的原因可能是：温度过高，反应生成二氯苯；
(5)反应物有空气、氯化氢、苯，产物有氯苯，根据元素守恒可知产物应还有水，所以化学方程式为2 +2HCl+O2 2 +2 H2O。
【分析】本实验模拟液相法制取氯苯，装置A为制取氯气的装置，实验室一般利用二氧化锰和浓盐酸共热制取氯气，中空导管B可以防止装置内压强过高；装置C中进行氯气和苯的反应，球形冷凝管可以冷凝回流产品和苯，提高原料的利用率；之后进行产品的提纯，氯化液水洗、碱洗除去HCl、FeCl3等杂质，加入氯化钠晶体吸水干燥，过滤后的滤液蒸馏、精馏得到产品。
17．【答案】（1） +NaOH +H2O； +CO2+H2O +NaHCO3
（2）稀氨水、AgNO3溶液或新制Cu(OH)2； +2Ag(NH3)2OH +2Ag↓+3NH3+H2O或 +2Cu(OH)2+NaOH +Cu2O↓+3H2O
（3）
（4）液溴和Fe作催化剂；溴蒸气和光照
【知识点】有机物的合成；苯酚的性质及用途
【解析】【解答】(1)加入NaOH可以和苯酚反应生成可溶于水的苯酚钠，化学方程式为 +NaOH +H2O；苯酚酸性弱于碳酸强于碳酸氢根，所以通入二氧化碳可以与苯酚钠反应生成苯酚和碳酸氢钠，化学方程式为 +CO2+H2O +NaHCO3；
(2)醛基可以发生银镜反应，可以和新制氢氧化铜悬浊液共热产生砖红色沉淀，所以可以用稀氨水、AgNO3溶液或新制Cu(OH)2检验醛基；相应的化学方程式为 +2Ag(NH3)2OH +2Ag↓+3NH3+H2O或 +2Cu(OH)2+NaOH +Cu2O↓+3H2O；
(3)2，3-二甲基-1-丁烯的结构简式为 ，若其同分异构体所有碳原子处于同一平面，考虑到碳碳双键为平面结构，可知其应为 ；
(4)实验室由乙苯制取 ，需要先与液溴在Fe(或FeBr3)作催化剂的条件下生成对溴乙苯，之后在溴蒸气和光照条件生成 。
【分析】苯酚酸性弱于碳酸强于碳酸氢根，所以无论向苯酚钠通入过量的二氧化碳还是少量，都生成苯酚和碳酸氢钠。
18．【答案】（1）丙酮
（2）；0
（3）取代反应
（4） +NaOH +NaCl
（5）碳碳双键；酯基；氰基
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；烯烃
【解析】【解答】(1)由上述分析可知，A为 ，化学名称为丙酮；
(2)由上述分析可知，B的结构简式为 ；根据手性碳的定义可知该分子中没有手性碳原子；
(3)C为 ，C与氯气光照反应生成D，C中甲基上氢原子被Cl原子代替，所以为取代反应；
(4)D中氯原子在氢氧化钠水溶液中发生水解生成E，所以化学方程式为 +NaOH +NaCl；
(5)G为 ，其官能团有碳碳双键、酯基、氰基。
【分析】A的相对分子质量为58，氧元素质量分数为0.276，则A分子中氧原子数目为 =1，分子中C、H原子总相对原子质量为58-16=42，则分子中最大碳原子数目为 =3…6，故A的分子式为C3H6O，其核磁共振氢谱显示为单峰，且发生信息中加成反应生成B，故A为 ，B为 ，B发生消去反应生成C为 ，C与氯气光照反应生成D，D发生水解反应生成E，结合E的分子式可知，C与氯气发生取代反应生成D，则D为 ，E发生氧化反应生成F，F与甲醇发生酯化反应生成G，则E为 ，F为 ，G为 ，以此解答该题。
19．【答案】（1）苯甲醛
（2）加成反应；取代反应
（3）
（4） +
（5） ， ， ，
（6）
【知识点】有机物的合成；有机物的结构和性质；苯的同系物及其性质；取代反应
【解析】【解答】（1）由A的结构简式 可知，A为苯甲醛；答案为苯甲醛。
（2）C的结构简式为 ，D的结构简式为 ，由C生成D发生加成反应，E的结构简式为 ，F的结构简式为 ，由E生成F发生取代反应；答案为加成反应，取代反应。
（3）E的结构简式为 ；答案为 。
（4）F的结构简式为 ，G的结构简式为 ，由F生成H的化学方程式为 + ；答案为 + 。
（5）F的结构简式为 ，芳香化合物X是F的同分异构体，X能与饱和碳酸氢钠溶液反应放出CO2，说明含有羧基，其核磁共振氢谱显示有4种不同化学环境的氢，峰面积比为6：2：1：1，则分子中应含有2个甲基，且为对称结构，可能结构有 ， ， ， ；答案为 ， ， ， 。
（6）环戊烷和2-丁炔为原料制备化合物 ，环戊烷应先生成环戊烯，然后与2-丁炔发生加成反应生成 ，最后与溴发生加成可生成 ，在反应的流程为 ；答案为 。
【分析】由信息①可知A应含有醛基，且含有7个C原子，A的结构简式为 ，A和CH3CHO发生信息①反应生成B，B的结构简式为 ，B发生氧化反应生成C，C的结构简式为 ，C与Br2发生加成反应生成D，D的结构简式为 ，D在KOH醇溶液加热条件下，发生消去反应生成E，E的结构简式为 ，E与乙醇发生酯化反应生成F，F的结构简式为 ，对比F、H的结构简式可知，G的结构简式为 ，据此解答。
