福州市八县（市）协作校2023一2024学年第一学期期中联考
高三物理试题
【完卷时间：75分钟：满分：100分】
一
单项选择题（共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，
只有一项符合题目要求)
1,某运动员沿标准的400m跑道跑了一圈用时50s,以下说法正确的是()
A.50s是指时刻
B.该运动员平均速度大小为0
C,该运动员位移是400m
D.该运动员平均速率是0
2.如图所示，一个带磁性的白板擦被吸附在倾斜放置的白板的下表面并处于静止状态。
若磁力垂直于接触面，则下列说法正确的是()
A。白板擦与白板之间可能没有摩擦力
B.白板擦与白板之间可能没有弹力
C.白板擦受到的合力大小等于其重力大小
D.白板擦受到白板的作用力方向竖直向上
3.一质量为2kg的物体，在水平恒定拉力的作用下以某一速度在粗糙的水平面上做匀速
运动，当运动一段时间后拉力逐渐减小，且当拉力减小到零时，物体刚好停止运动，图
中给出拉力随位移变化的关系图像，则根据以上信息能精确得出或估算得出的物理量有
(取g=10m/s)()
F/N
A.物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.25
B.物体在8m处的加速度为a=4m/s
C.整个过程中拉力做功的平均功率P=5W
D.合力做的功为-32J
高三物理
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4.中国天眼FST已发现约5O0颗脉冲星，成为世界上发现脉冲星效率最高的设备，如在
球状星团M92第一次探测到“红背蜘蛛”脉冲双星，如图，距离为L的A、B双星绕它们
连线上的某点0在二者万有引力作用下做匀速圆周运动，运动周期为1，万有引力常量
为G,则双星总质量为(
A.4π2r3
GL3
B.
GL2
4π2T2
08
C.4π213
D.GT3
GT2
4π212
二、多顶选择题（共4小题，每小题6分，共24分。在每小题给出的四个选项中，
有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全得3分，有错选得0分)
5.由静止开始做匀加速直线运动的汽车，第1s内通过的位移为0.4m,以下说法正确
的是()
A.第1s末的速度为0.8m/s
B.加速度为0.4m/s
C.第2s内通过的位移为1.2mD.前2s内通过的位移为1.2m
6.如图，光滑水平面上放置有紧靠在一起但并不盘合的A、B两个物体，A、B的质量
分别为画，=2kg,m=3kg,从t=0开始，推力B,和拉力F分别作用于A、B上，F、
F,大小随时间变化的规律分别为F,=(7-2t)N,F,=(3+2t)N。则()
A,A、B两物体一直做匀加速直线运动
B.当F,=F,时，A、B两物体之间的弹力为零
C.t=1.5s时，A、B两物体开始分离
D.t=6s时，B物体的加速度为5m/s
7。如图所示，轻绳一端连在水平台上的玩具小车上、一端跨过光滑定滑轮系着皮球
(轻绳延长线过球心)。小车牵引着绳使皮球沿光滑竖直墙面从较低处匀速上升，
此过程中球未离开竖直墙面，则()
高三物理一2一
(共6页)福州市八县（市）协作校 2023—2024 学年第一学期期中联考
物理试题参考答案及评分标准
一．单项选择题（共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，
只有一项符合题目要求）
1. B 2.D 3.D 4.C
二、多顶选择题（共 4 小题，每小题 6 分，共 24 分。在每小题给出的四个选项中，
有多项符合题目要求，全部选对得 6 分，选对但不全得 3 分，有错选得 0 分）
5.AC 6.CD 7.BC 8.BC
三、非选择题：共 60 分，其中 9、10 题为填空题，11-12 题为实验题，13-15 题为
计算题，考生根据要求作答。
9. （共 4分，） 6； 6。（每空各 2分）
10. （共 6分） 0.6； 100； 125。（每空各 2分）
11.（共 4分）（1）3.60N；（1 分）（2）第 4s末；（1 分）（3）0.40 （2分）
12.（共 8分）（1）不需要；（1 分）（2）C；(1 分)（3）0.8，4.0，350。（每空各 2分）
13.【8分】解：（1）设从 A运动到 B所用时间为 t，竖直方向：
----- （2 分）
水平方向：x＝v0t
---- （1 分）
联立解得：x＝2.5m
---- （1 分）
（2）运动到 B点时竖直方向速度：vy＝gt
---- （2 分）
球落入壶口 B时的速度：
---- （1 分）
代入数据得：v＝ m/s
-----（1 分）
（其它解题方法合理同样给分）
1
14. 【10分】解：（1）在地球表面两极为：F 万＝mg0
-------（1 分）
在赤道处，由牛顿第二定律可得：
---- （1 分）
可得：R＝
---- （1 分）
（2） 在地球表面两极有：
---- （2 分）
由密度公式可得：
---- （2 分）
（3） 赤道上的物体恰好能飘起来， 体受到的万有引力恰好提供向心力，
物
由牛顿第二定律可得： ＝mR
---- （2 分）
解得：T′＝ T
---- （1 分）
15.【20分】解：（1）从 A到 D，根据题设条件，由动能定理得：
---- （2 分）
在 D点，由牛顿第二定律有：
---- （1 分）
由牛顿第三定律有压力：F＝FN
---- （1 分）
联立代入数据解得：F＝45N
---- （1 分）
（2） 假设到达 C 之前已与传送带共速，此时小物块相对于地面的位移为 x1，则有：
---- （2 分）
2
代入数据解得：x1＝3.5m＝L1
---- （1 分）
所以物块到达 C点时恰好与传送带共速，设所用时间为 t，则由速度—时间关系有：
v﹣v0＝﹣μgt
---- （1 分）
传送带相对于地面的位移为 x2，则由匀速运动规律有：
x2＝vt
---- （1 分）
小物块第一次运动到 C点的过程中系统产生的热量：
Q＝μmg（x1﹣x2）
---- （1 分）
联立代入数据解得：Q＝0.5J
---- （1 分）
（3） ①在小物块第一次沿半圆轨道上升的过程中先判断是否可以通过 F点。从 D到 F，
由动能定理得：
---- （1 分）
可得在 F点恰好满足： ， 可知小物块恰好可以通过 F点；
---- （1 分）
再判断是否可以通过 G点，上升到最高点时，由机械能守恒有：
---- （1 分）
可得：h＝0.35m＜2R，则小物块不会通过 G点。
---- （1 分）
设小物块第二次通过 C 点的速度 vC2，则有：
---- （1 分）
解得：vC2＝ m/s
---- （1 分）
通过计算可知，小物块可在传送带上减速为 0，并反向加速至第三次通过C点，且：vC3
3
＝vC2
则小物块第二次通过 D点后上升至速度为 0时，根据动能定理有：
---- （1 分）
解得：h'＝0.15m＜R，则小物块第二次冲上半圆时，不会上升超过 E点。
综上，小物块不会脱离轨道。
---- （1 分）
4
