2023一2024学年上圳期中联考
高一物理试题
(考试时间:75分钟
试卷满分:100分)
一、单项选择题(本题共7小题,每小题4分,共28分.在每小题给出的四个选项中,只有一项
是符合题目要求的.)
1.下列四个选项中叙述正确的是
A.一个做直线运动的物体,加速度方向发生改变,速度的方向也必将随着改变
B.根据速度的定义:=告,当4:非常非常小时岩就可以表示物体在:时刻的解时速度,该
定义应用了极限思想法
C.摩擦力的方向与速度的方向不可能垂直
D.两接触面间摩擦力的大小总是与两接触面间的弹力成正比
2.进入高中后,小明同学开始骑电动自行车上下学,某一天他在一条平直路面上以o=2/s
匀速行驶,突然发现前方有一障碍物,他以a=0.5/s2的加速度采取紧急制动,使电动自行
车做匀减速直线运动,如果小明的反应时间为△=0.1s(反应时间内电动自行车做匀速直
线运动),则从发现障碍物开始计时经过t=5.1s,电动自行车走过的位移大小为
A.3.95m
B.4.20m
C.5.20m
D.6.45m
3.两个劲度系数分别为k和2k的轻质弹簧a、b串接在一起,a弹簧的一端固定在墙上,如图所
示,开始时弹簧均处于原长状态,现用水平力作用在6弹簧的P端向右拉动弹簧,当弹簧
的伸长量为L时,下面判断正确的是
000000一0000i0myP
2
A.b弹簧的伸长量为2L
B.b弹簧的伸长量也为L
CP端向右移动的距离为受
D.P端向右移动的距离为2L
4.如图是公园内游乐场的一项娱乐设备.一环形座舱套装在竖直柱子上,由升降机送上几十米
高处,然后让座舱自由落下,落到一定位置时,制动系统启动,到地面时刚好停下.已知座舱
开始下落时离地面的高度为H,当落到离地面h的位置时开始制动,座舱做匀减速运动直到
停止.不计座舱与柱子间的摩擦力及空气阻力,重力加速度为g.以下说法正确的是
A.下落过程最大速度为2√g(H-h)
B.加速过程的时间为2(I-)
C.制动过程的加速度为H-九)&
h
.D.整个过程中的平均速度√g(H-h)
高一物理试题第1页(共6页)
5.如图所示甲、乙分别为一辆汽车刹车过程的x一1图线和v-t图线,则在0~1时间内)
v/(m's)
t/s
t/s
甲
A.汽车做加速度越来越小的运动
B.汽车的加速度大小为
x1
C图甲中宁时刻,图线的斜率为宁
D.图乙中图线与坐标轴围成的“面积”表示汽车运动的位移,位移大小为x
6.在最近俄乌冲突和巴以冲突中,无人机大显身手,某次无人机空中侦察中,一名操控手操纵
无人机沿竖直方向运动,无人机的v-t图像如图所示,取竖直向上为正方向,对无人机的运
动过程,下列说法正确的是
↑m's
A.0~3s内的加速度大于3s~6s内的加速度
B.3s~6s内的加速度方向发生了变化
C.3s时距离地面的高度最大
D.0~12s内无人机的位移为3米
7.放置在水平地面上的玩具小车(可视为质点),在水平拉力作用下做加速度大小为a=2m/s
的匀加速直线运动,该小车依次通过A、B、C、D四个位置,已知AB=3m、CD=9m,且小车通
过AB段和CD段的时间均为1s,则BC段的长度为
A.8m
B.10m
C.12m
D.16m
二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有两个或
两个以上选项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分.)
8.猎豹递抽猎物时运动的位大加速度可达9/:2,最大速度可达27s.羚羊被猎豹追捕时的
最大加速度可达12.5m/,2,最大速度可达25/s,"当猎豹潜伏羚羊20m时会被羚羊发现
设从此时开始两者同时山静止在同一直线上一追一逃,尽力奔跑,达各自最大速度后开始匀
速,则下列说法正确的是
A.在孜羊达最大速发之前,两动物可的离越米越大
B.在猎豹达最大速度之前,两动物创的离越米越小
C.猎豹州达量大速度时,两动物川最远
D.从开始追捕,猎豹经17.75追上?
高一物里认题第2重(共6新)2023—2024 学年上期期中联考
高一物理参考答案
1.【答案】B
【解析】A.一个做直线运动的物体,加速度方向发生改变,速度的方向不一定改变,加
x
速度方向与速度方向没有必然联系,所以 A错误;B.根据速度的定义式 v = ,当 t非常
t
小时,就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度,该定义运用了极限思维法,故 B正确;C.摩擦
力的方向总与相对运动或相对运动趋势方向相反,与速度的方向没有关系,所以摩擦力的方
向与速度的方向可能垂直,可以成任意夹角,所以 C错误;两接触面间滑动摩擦力的大小总
是与两接触面间的弹力成正比,如果是静摩擦力则其大小与对应两接触面间的弹力无必然联
系,所以 D错误;故选 B。
2.【答案】B
2
v
【解析】经判断,电动自行车 4.1s就已经停下来,所以 x = v × t + 0 = 4.20m,所以 B
0
2a
正确。
3.【答案】C
【解析】由题意知,两根轻弹簧串接在一起,则两弹簧弹力大小相等,根据胡克定律 F=
kL L
kx =得,x与 k成反比,则得 b弹簧的伸长量为 ,故 A、B错误;P端向右移动的距离
2k 2
L 3L
等于两根弹簧伸长量之和,即为 L+ = ,故 D错误,C正确.
2 2
4.【答案】C
2
【解析】A.座舱自由落下,有 v = 2g (H h),制动系统启动时速度为 v = 2g (H h) ,
v 2(H h)
A B v = gt错误; .制动系统启动时速度为 1,加速过程的时间为 t = = ,B错误;1
g g
(H h)g
C.制动过程有 2ah = 0 v2,制动过程的加速度为 a = ,C正确;D.匀加速直线
h
2g(H h) 2g(H h)
过程中平均速度为 ,匀减速直线运动过程中平均速度也为 ,所以整
2 2
2g(H h)
段的平均速度也为 ,所以 D错误。正确答案 C。
2
5.【答案】C
【解析】A.由图乙可知,汽车做加速度恒定的匀减速直线运动,A错误;B.图乙可以
1 2(x x )
t x x = at
2 1 0
看出, 时刻速度为零,逆向思考, 1 0 1 ,所以汽车的加速度大小为 ,B1
2 t 2
1
v + 0 v
0 0
错误;C.因为汽车做匀变速运动,中间时刻的瞬时速度等于全程的平均速度 v = = ,
t
2 2
2
t v
1 0
则图甲中 时刻,图线的斜率为 ,C正确;D.乙图中,图线与坐标轴围成的“面积”表示
2 2
汽车运动的位移,汽车运动的位移大小为 x x ,D错误。故选 C。
1 0
1 4
高一物理参考答案 第 页 (共 页)
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6.【答案】D
【解析】A.0~3s图线的斜率绝对值小于 3s~6s图线的斜率绝对值,则 0~3s的加速度
小于 3s~6s的加速度,故 A错误;B.3s~6s内无人机的速度方向发生变化,加速度方向不
变,故 B错误;C.计时开始后,无人机的速度第一次为零时,距离地面高度最大,故 C错
误;D.在 0~12s无人机的位移为 v-t图像所围的面积,经判断,减速时到 5s时速度减为零。
1 1 1
x = × (2 + 4)×3m + × 4× 2m × (3+ 7)× 2m = 3m,故 D正确。故选 D。
2 2 2
7.【答案】C
'
【解析】设 A 点的速度 v0,BC=x, t =1s ,从 B 到 C 时间为 t ,则从 A 到 B,
1 1
AB = v t + at2 = 3m ' ' 2 ',从 A 到 C,
0 AC = 3 + x = v0 (t + t ) + a(t + t ) = v0 (1+ t ) + (1+ t
' )2,从 A
2 2
1 '
到 D, AD = 3 + x + 9 = v0 (2t + t
' ) + a(2t + t ' )2 = v0 (2 + t
' ) + (2 + t ' )2,联立解得 t =2s,x=12m。
2
故选 C。
8.【答案】AD
v1 v2
【解析】猎豹加速的时间 t = = 3s,羚羊加速的时间 t = = 2s,羚羊达最大速度时,1 2
a a
1 2
猎豹的速度 v = a t =18m / s,小于羚羊的速度,所以在羚羊达到最大速度之前,羚羊运动的
1 2
快,两动物间的距离越来越大,所以 A正确;在猎豹达最大速度之前,两动物间的距离先增
大后减小,所以 B错误;两动物速度相等时,相距最远,所以 C错误;设猎豹达到最大速度
v2 v2
1 2
后经 t时间追上羚羊, + v t = x + + v (1+ t),解得 t =14.75s,故经 17.75s猎豹追上羚
1 0 2
2a1 2a2
羊,D正确。
9.【答案】BC
【解析】AB项,在 AC段皮带向右运动,物块刚开始速度为零,相对传送带向左,所以
受到的滑动摩擦力水平向右,滑块向右加速运动,故 A错误,B正确;CD项,在 CB段滑块
匀速直线运动,水平方向上与传送带没有相对运动趋势,所以不受静摩擦力,若有摩擦力,
则水平方向的力不为零,与匀速直线运动矛盾,故 C正确,D错误;故选 BC。
10.【答案】BD
【解析】经分析,运动员 t=0时向上起跳,0.5s时到达最高处, t 秒时入水, t 秒时到
1 2
1 2
达最深处,所以 A错误;B.运动员离开跳台后向上运动的位移大小为 h = g(0.5)=1.25 m,
0
2
运动员离开跳板后在空中运动的总路程 s = 2h +10m =12.5 m,B正确;运动员自由下落的位
0
H= h0 +10m
2H
移大小为 =11.25 m,由自由落体公式可得,运动员自由落体的时间 t = =1.5s,
g
所以运动员 2s时入水,运动员入水时的速度 v = 2gH =15m/s,C错误;运动员入水后匀减
' v
速直线运动,减速到零所经过的时间为 t = = 0.6s,运动员入水后做匀减速直线运动位移
a
2
v
x = = 4.5m,D正确。正确答案 BD。
2a
11.【答案】
2 4
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d d
d (t1 t2 )
t t
1 2 1( ) (或 t1t2 t ) t
2
d
(2) .(每空 3分)
2k
【解析】
d d v
(1)遮光条经过光电门 1和 2的速度大小分别为 v1 = ,v2 = ,滑块的加速度大小 a=
t t t
1 2
d d
d (t1 t2 )
v v t t
2 1 2 1
= = (或 t1t2 t ); t t
2 2
d 2 d 1 d
(2)滑块从静止开始做匀加速直线运动,有 2ax= ( ) ,整理得 x= . ,依题意有 k= ,
t 2a t 2 2a
2
d
整理得 a= 。
2k
12.【答案】
(1)220(1分)
(2)0.18(2分) 0.40(2分)
(3)偏小(2分) 不变(2分)
【解析】
(1)电火花计时器使用 220 V的交变电源;
(2)打 B点时纸带的速度大小为
OC-OA 4.80-1.20
v = = ×10-2 m/s=0.18 m/s
B
2T 2× 0.1
由逐差法得加速度大小为
BD OB 7.20-2.80-2.80
-
a= = ×10 2 m/s2=0.40 m / s2
4T 2 4×0.12
(3 2)如果在实验中,交流电的频率变大,那么实际打点周期变小,根据 x=aT 得,测量的
加速度值与真实的加速度值相比偏小;加速度计算与电压无关,所以加速度测量值与
实际值相比不变。
13.(11分)【答案】
(1)5.5 m (2)3人 (3)4.5 m.
【解析】
(1)游客在滑梯上做匀加速直线运动,根据匀加速直线运动的规律可知,在相邻相等时间内
位移差相等,即 CD-BC=BC-AB,……………………………………………①(2分)
解得 CD=5.5 m………………………………………………………………………②(1分)
(2)相邻两人间的距离差为 1 m,所以此刻 A的上端滑道上还有 3人………………③(2分)
(3)设相邻两名游客的时间间隔为 T,下滑的加速度为 a s CD 2,则有 = -BC= aT ,
2
即 aT =1 m,………………………………………………………………………④(2分)
AB + AB s 3
A此时的速度为 vA= = m/s,……………………………………⑤(2分)
2T T
v2
A 9
此时 A距滑道顶端 s= = = 4.5m .…………………………………⑥(2分)
2a 2aT
2
3 4
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14.(12分)【答案】0.3< ≤0.55
1
【解析】
货物 C滑上木板 A时木板 A不动,对 A、B整体受力分析得
m g≤ (m +m )g+ m g,…………………………………………………………①(4分)
1 1 2 1 2 3 3
解得 ≤0.55………………………………………………………………………………②(2分)
1
货物 C滑上木板 B时木板 B开始滑动,则对 B受力分析得
m g> (m +m )g,……………………………………………………………………③(4分)
1 1 3 1 3
解得 >0.3…………………………………………………………………………………④(1分)
1
联立解得 0.3< ≤0.55。………………………………………………………………⑤(1分)
1
15.(16分)【答案】(1)820s;(2)1380s;(3)500s .
【解析】
(1) v = 324km / h = 90m / s, v =108km / h = 30m / s
0 1
对列车,正常行驶,减速时间 t ,匀速时间 t ,加速时间 t .
1 2 3
v
t = t = 0
v1
则 = 400s……………………………………………………………①(2分)
1 3
a
d + L
匀速通过许昌东站的时间 t = = 20s………………………………………②(1分)2
v
1
正常行驶时,列车先减速后匀速通过许昌东站再加速到正常速度所用时间
t = t + t + t = 820s…………………………………………………………………③(1分)
1 2 3
(2)因为救治病人列车先减速时间T ,后停车T ,再加速T
1 2 3
v
T = T = 0 = 600s
1 3 …………………………………………………………………④(2分)
a
停车时间T =180s
2
列车所用时间T = T +T +T =1380s……………………………………………⑤(2分)
1 2 3
3 x x x( )对列车,正常行驶,减速过程位移为 1,匀速过程位移为 2,加速过程位移为 3 .
v + v
x = x = 0 1 t = 24000m…………………………………………………………⑥(2分)
1 3 1
2
x = v it = 600m……………………………………………………………………⑦(1分)
2 1 2
x = x + x + x = 48600m
列车通过许昌东站总位移 1 2 3 ………………………………⑧(1分)
由于救治病人列车减速过程位移为 s ,加速过程位移为 s .
1 3
2
v
s = s = 0 = 27000m………………………………………………………………⑨(1分)
1 3
2a
由于救治病人列车通过许昌东站总位移 s = s + s = 54000m……………………⑩(1分)
1 3
s x
t4 = = 60s……………………………………………………………………… (1分)
v
0
故这列高铁由于本次在许昌东站停车,从郑州东站到漯河西站比正常行驶多用时间 T
T = T (t + t) = 500s……………………………………………………………… (1分)
4
4 4
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