2023-2024学年重庆市九年级(上)月考数学试卷(10月份)
一、选择题:(本大题 10个小题,每小题 4分,共 40分)在每个小题的下面,都给出了代
号为 A、B、C、D的四个答案,其中只有一个是正确的,请将答题卡上题号右侧正确答案
所对应的方框涂黑.
1.(4分)﹣3的相反数是( )
A.﹣ B.3 C.﹣3 D.
2.(4分)下列运动图标中,是轴对称图形的是( )
A. B. C. D.
3.(4分)我国年水资源总量约为 27500亿立方米,27500用科学记数法表示为( )
A.0.275×105 B.2.75×104 C.2.75×105 D.27.5×103
4.(4分)抛物线 y=3(x﹣7)2+6的顶点坐标为( )
A.(﹣7,6) B.(7,6) C.(3,﹣7) D.(3,6)
5.(4分)如图,△ABC与△DEF位似,点 O是它们的位似中心,则△DEF与△ABC的面
积之比是( )
A.1:2 B.2:1 C.1:4 D.4:1
6.(4分)如图,已知 AE∥BC,∠BAC=100°,则∠C=( )
A.10° B.20° C.30° D.40°
7.(4分)估计(2 )× 的值应在( )
A.4和 5之间 B.5和 6之间 C.6和 7之间 D.7和 8之间
8.(4分)下列图案都是由若干个棋子按一定规律摆放而成,第 1个图案中有 8颗棋子,第
2个图案中有 14颗棋子,…,依此规律,第 7个图中棋子的个数为( )
A.44 B.50 C.56 D.57
9.(4分)如图,正方形 ABCD中,点 M、N、P分别在 AB、CD、BD上,MN经过对角线
BD的中点 O,若∠PMN=α( )
A.2α B.45°+α C.90﹣ D.135°﹣α
10.(4分)在多项式 a﹣b﹣c﹣d﹣e﹣f中,对相邻的两个字母间任意添加小括号,添加小
括号后仍只有减法运算,称此为“有效操作”,例如:a﹣(b﹣c),(a﹣b)﹣c﹣(d﹣e)
﹣f=a﹣b﹣c﹣d+e﹣f,…
①存在“有效操作”,使其运算结果与原多项式相等;
②不存在“有效操作”,使其运算结果与原多项式之和为 0;
③所有的“有效操作”共有 8种不同运算结果.
其中正确的个数是( )
A.0 B.1 C.2 D.3
二、填空题:(本大题 8个小题,每小题 4分,共 32 分)请将每小题的答案直接填在答题
卡对应的横线上.
11.(4分)计算:20230+ ﹣(﹣ ) 1= .
12.(4分)若正多边形的一个外角是 40°,则这个正多边形的边数是 .
13.(4分)如图,△ABC中,∠C=90°,AC=12,则 sinA的值为 .
14.(4分)已知抛物线 y=x2+(m﹣2)x﹣(m+3)的对称轴是 y轴 .
15.(4 分)某种商品原来每件售价为 200元,经过连续两次降价后,该种商品每件售价为
128元,根据题意,可列方程为 .
16.(4 分)如图,在 ABCD 中,对角线 AC、BD 交于点 O,AH⊥BD 于点 H,若
.
17.( 4 分)若关于 x 的方程 有正整数解,且关于 x 的不等式组
,则符合条件的所有整数 a的和为 .
18.(4分)对于一个四位自然数 N,若它的千位数字比个位数字多 2,百位数字与十位数字
的和为 9,∵7﹣5=2,3+6=9;四位数 8476,4+≠9,则最小的“长久数”为 ;
一个“长久数”N的千位数字为 a,百位数字为 b,十位数字为 c,记 F(N)=3(a﹣c+7)
+(b+d),K(N),G(N)= ,若 G(N)能被 6整除(N)取最大值时,“长久数”
N为 .
三、解答题:(本大题 8 个小题,第 19题 8 分,其余每题各 10 分,共 78 分)解答时每小
题必须给出必要的演算过程或推理步骤,画出必要的图形(包括辅助线),请将解答过程书
写在答题卡中对应的位置上.
19.(8分)计算:
(1)(m+n)2﹣m(m﹣2n);
(2)( ) .
20.(10分)如图,四边形 ABCD为矩形.
(1)用尺规完成以下基本作图:在 BC边上取点 E,使得 AE=AD,连接 AE,垂足为点
F;(保留作图痕迹,不写做法,不下结论)
(2)小林判断 DF=CD.他的证明思路是:利用矩形的性质,先证明平行线和角相等,
从而可证全等,得到 DF=CD.请根据小林的思路完成下面的填空:
已知:如图,四边形 ABCD为矩形,AE=AD
求证:DF=CD.
证明:∵四边形 ABCD为矩形,
∴AB=CD,∠B=90°,AD∥BC.
∴ ,
又∵DF⊥AE,
∴∠AFD=90°,
∴ ,
∵ ,
由①、②、③,∴△ABE≌△DFA.
∴AB=DF.
∵ ,
∴DF=CD.
21.(10 分)每年的 4 月 15日是我国全民国家安全教育日.某校组织了“国家安全法”知
识问答活动,问答活动共 10道题.现从该校七、八年级中各随机抽取 10名学生的答题
正确数(道)进行整理、描述和分析如下:
七年级:1,2,3,5,5,5,7,7,9,10.
八年级的 10名学生答题正确数在“5~6道”中的数据是:5,6,6,6.
七、八年级抽取学生答题正确数统计表
班级 平均数 中位数 众数 方差
七年级 5.4 5 a 7.64
八年级 5.4 b 6 5.04
根据以上信息,解答下列问题:
(1)直接写出上述图表中 a、b、c的值:a= ,b= ,c= ;
(2)根据以上数据,你认为七年级和八年级中,哪个年级的学生掌握“国家安全法”知
识较好?请说明理
由(一条理由即可);
(3)该校七年级有 900名学生参加了此次知识问答活动,八年级有 800名学生参加了此
次知识问答活动,估计七、八两个年级答题正确数不少于 7道的学生一共有多少人?
22.(10 分)成都大运会期间,某网店直接从工厂购进 A、B两款文创纪念品,已知 A、B
两款纪念品的进价分别为 30元/个、25元/个.
(1)网店第一次用 1400元购进 A、B两款纪念品共 50个,求 A款纪念品购进的个数;
(2)大运会临近结束时,网店打算把 A款纪念品降价 20%销售,则降价后销售 A款纪
念品要获得销售额 800元,求 A款纪念品降价以前的售价.
23.(10分)如图 1,△ABC中,∠C=90°,BC=4.动点 E以每秒 1 个单位长度的速度
从点 C出发向点 B运动.到达点 B后,又以每秒 2个单位长度的速度返回点 C.点 E回
到点 C时停止运动.连接 AE,△ACE的面积为 y.
(1)请直接写出 y关于 t的函数表达式并注明自变量 t的取值范围;
(2)在给定的如图 2平面直角坐标系中画出这个函数的图象,并写出该函数的一条性质;
(3)结合函数图象,写出△ACE的面积为 3时 t的值.
24.(10分)湖中小岛上码头 C处一名游客突发疾病,需要救援.位于湖面 B点处的快艇和
湖岸 A处的救援船接到通知后立刻同时出发前往救援.计划由快艇赶到码头 C接该游客,
再沿 CA方向行驶,A在 C的北偏西 60°方向,B在 A的南偏东 45°方向 1800米处.
(1)求湖岸 A与码头 C的距离(结果可含根号);
(2)救援船的平均速度为 180米/分,快艇的平均速度为 420米/分,在接到通知后(接
送游客上下船的时间忽略不计)
(参考数据: , ≈1.73,
25.(10分)如图,抛物线 y=﹣x2+bx+c经过点 A(4,0),B(0,4),点 P是直线 AB上
的动点,过点 P作 y轴的垂线交抛物线于点 Q.
(1)求抛物线的解析式;
(2)若点 P在第一象限,连接 AQ、BQ.当线段 PQ最长时,求△ABQ的面积;
(3)已知点 R(3,r)在直线 AB上,点 M在抛物线上,在满足(2)的条件下,使以
点 Q、R、M、N为顶点的四边形为平行四边形?若存在,请写出所有符合条件的点 M的
坐标;若不存在,请说明理由.
26.(10分)如图,△ABC中,∠BAC=90°,△AEF中,∠EAF=90°,连接 BE.
(1)如图 1,当 AE平分∠BAC时,EF与 AB交于点 D,若 ;
(2)如图 2,当 AE⊥BE时,连接 CF,并证明你的猜想;
(3)如图 3,AN⊥BC于点 N,取 BE的中点 M ,在旋转过程中,当线段 CM最
大时
参考答案与试题解析
一、选择题:(本大题 10个小题,每小题 4分,共 40分)在每个小题的下面,都给出了代
号为 A、B、C、D的四个答案,其中只有一个是正确的,请将答题卡上题号右侧正确答案
所对应的方框涂黑.
1.【分析】根据相反数的概念解答求解.
【解答】解:﹣3的相反数是﹣(﹣3)=4.
故选:B.
【点评】本题考查了相反数的意义,理解相反数的意义是解题的关键.
2.【分析】轴对称:在平面内,如果一个图形沿一条直线对折,对折后的两部分都能完全重
合,这样的图形叫做轴对称图形,这条直线就是其对称轴.
【解答】解:A、不是轴对称图形;
B、不是轴对称图形;
C、不是轴对称图形;
D、是轴对称图形;
故选:D.
【点评】此题考查了轴对称的概念,掌握其概念是解决此题的关键.
3.【分析】根据科学记数法的表示方法,进行表示即可.
【解答】解:27500=2.75×104.
故选:B.
【点评】本题考查科学记数法.熟练掌握科学记数法的表示方法:a×10n,1≤|a|<10,
n为整数是解题的关键.
4.【分析】根据顶点式解析式即可解答.
【解答】解:抛物线 y=3(x﹣7)5+6的顶点坐标是(7,6).
故选:B.
【点评】此题考查了二次函数的性质,关键掌握顶点式解析式的组成特点:y=a(x﹣h)
2+k中顶点坐标为(h,k).
5.【分析】根据位似图形的概念得到△ABC∽△DEF,BC∥EF,得出△OBC∽△OEF,根
据相似三角形的面积比等于相似比的平方计算得到答案.
【解答】解:∵△ABC与△DEF位似,
∴△ABC∽△DEF,BC∥EF,
∴△OBC∽△OEF,
∴ = =1:2,
∴△DEF与△ABC的面积之比是 4:1,
故选:D.
【点评】本题考查的是位似变换的概念、相似三角形的性质,掌握相似三角形的面积比
等于相似比的平方是解题的关键.
6.【分析】根据邻补角定义得出∠DAC=80°,根据角的和差求出∠CAE=30°,根据平行
线的性质即可得解.
【解答】解:∵∠DAC+∠BAC=180°,∠BAC=100°,
∴∠DAC=80°,
∵∠DAC=∠DAE+∠CAE,∠DAE=50°,
∴∠CAE=30°,
∵AE∥BC,
∴∠C=∠CAE=30°,
故选:C.
【点评】此题考查了平行线的性质,熟记“两直线平行,内错角相等”是解题的关键.
7.【分析】先将原式计算后再进行估算即可.
【解答】解:原式=2+ ,
∵5<7<9,
∴4< <3,
∴6<2+ <2,
即原式的值在 4和 5之间,
故选:A.
【点评】本题考查二次根式的运算及无理数的估算,将原式进行正确的运算是解题的关
键.
8.【分析】观察发现:每增加一个图案增加 7颗棋子,用这一规律写出答案即可.
【解答】解:观察发现:
第 1个图形有 1+8×1=8颗棋子;
第 6个图形有 1+7×7=15颗棋子;
第 3个图形有 1+3×3=22颗棋子;
第 4个图形有 8+7×4=29颗棋子;
,
第 7个图形有 1+7×3=50颗棋子;
故选:B.
【点评】本题考查了图形的变化类问题,解题的关键是根据各个图形中棋子的颗数发现
规律,难度不大.
9.【分析】根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半可知:OM=OP,从而得出∠MPO
=α,利用三角形的外角即可求得.
【解答】解:∵四边形 ABCD是正方形,
∴∠ABD=45°,
在 Rt△PMN中,∠MPN=90°,
∵O为 MN的中点,
∴OP= MN=OM,
∵∠PMN=α,
∴∠MPO=α,
∴∠AMP=∠MPO+∠MBP=α+45°,
故选:B.
【点评】本题以正方形为背景,考查了直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半,再进
行导角转化,发现 OP=OM是解题的关键.
10.【分析】根据题意,理解新概念的意思,逐一分析判断即可解答.
【解答】解:根据题意,有(a﹣b)﹣c﹣d﹣e﹣f=a﹣b﹣c﹣d﹣e﹣f,使其运算果与原
多项式相等;
根据题意,无法通过有效操作得到﹣a和 b与原式中的 a和﹣b 抵消;
第一种:结果与原式相同;
第二种:a﹣(b﹣c)﹣d﹣e﹣f=a﹣b+c﹣d﹣e﹣f;
第三种:a﹣(b﹣c)﹣(d﹣e)﹣f=a﹣b+c﹣d+e﹣f:
第四种:a﹣b﹣(c﹣d)﹣e﹣f=a﹣b﹣c+d﹣e﹣f;
第五种:a﹣b﹣(c﹣d)﹣(e﹣f)=a﹣b﹣c+d﹣e+f;
第六种:a﹣b﹣c﹣(d﹣e)﹣f=a﹣b﹣c﹣d+e﹣f;
第七种:a﹣b﹣c﹣d﹣(e﹣f)=a﹣b﹣c﹣d﹣e+f;
第八种:a﹣(b﹣c)﹣d﹣(e﹣f)=a﹣b+c﹣d﹣e+f;
第九种:(a﹣b)﹣(c﹣d)﹣e﹣f=a﹣b﹣c+d﹣e﹣f;
第十种:(a﹣b)﹣c﹣d﹣(e﹣f)=a﹣b﹣c﹣d﹣e+f.
超过 8种,故③错误.
故选:C.
【点评】本题考查了有理数的加减混合运算,解题的关键是读懂题意,理解新概念的定
义.
二、填空题:(本大题 8个小题,每小题 4分,共 32 分)请将每小题的答案直接填在答题
卡对应的横线上.
11.【分析】先化简各式,然后再进行计算,即可解答.
【解答】解:20230+ ﹣(﹣ ) 1
=1+(﹣2)
=﹣2,
故答案为:﹣2.
【点评】本题考查了负整数指数幂,零指数幂,准确熟练地进行计算是解题的关键.
12.【分析】利用任意凸多边形的外角和均为 360°,正多边形的每个外角相等即可求出答
案.
【解答】解:多边形的每个外角相等,且其和为 360°,
据此可得 =40,
解得 n=9.
故答案为 9.
【点评】本题主要考查了正多边形外角和的知识,正多边形的每个外角相等,且其和为
360°,比较简单.
13.【分析】先根据勾股定理求出 BC的长,再由锐角三角函数的定义即可得出结论.
【解答】解:∵∠C=90°,AB=13,
∴BC= = =2,
∴sinA= = .
故答案为: .
【点评】本题考查的是锐角三角函数的定义及勾股定理,熟记锐角三角函数的定义是解
题的关键.
14.【分析】抛物线的对称轴是 y轴,即对称轴是直线 x=0,由对称轴公式列出方程即可求
出 m.
【解答】解:∵抛物线 y=x2+(m﹣2)x﹣(m+6)的对称轴为 y轴,
∴﹣ =5,
解得:m=2,
故答案为:2.
【点评】本题主要考查二次函数的性质,掌握抛物线的对称轴公式及及对称轴特点是解
题的关键.
15.【分析】先表示出第一次降价后的价格,那么第一次降价后的价格×(1﹣降价的百分率)
=100,把相应数值代入即可求解.
【解答】解:设平均每次降价的百分率为 x,则第一次降价后的价格为 200×(1﹣x)元,
第二次降价后的价格在第一次降价后的价格的基础上降低的,为 200(1﹣x)×(8﹣x)
元,
所以可列方程为 200(1﹣x)2=128.
故答案为:200(5﹣x)2=128.
【点评】本题考查了由实际问题抽象出一元二次方程,找准等量关系,正确列出一元二
次方程是解题的关键.
16.【分析】设 AB=x,则 BC=3x,利用勾股定理可求出 AC和 OB的长,又 AH⊥OB,利
用锐角三角函数即可解决问题.
【解答】解:如图,
∵AB⊥AC, = ,
设 AB=x,则 BC=5x,
∴AC= =8 x,
在 ABCD中,OA=OC,
∴OA=OC= x,
在 Rt△OAB中,根据勾股定理得:
OB= = = x,
∵AH⊥BD,
∴∠OAH=90°﹣∠BAH=∠ABH,
∴tan∠CAH=tan∠ABO= = = ,
故答案为: .
【点评】本题主要考查平行四边形的性质,勾股定理,解直角三角形,熟知锐角三角函
数是解题关键.
17.【分析】分别解方程和不等式,根据题意确定 a的取值范围,列出所有符合条件的 a的
值,求它们的和即可.
【解答】解:方程 的解为 x= ,
根据题意,得 ,解得 a<1.
∵不等式 的解集为﹣5≤x< ,
∴﹣8< ≤﹣2.
综上:﹣2<a<1,a为奇数且 a≠﹣5,
∴a=﹣4,﹣1.
∵﹣3﹣3=﹣4,
∴符合条件的所有整数 a的和为﹣4
故答案为:﹣3.
【点评】本题考查分式方程和一元一次不等式组的解,正确求出它们的解是本题的关键.
18.【分析】根据题中“长久数”可求得最小的“长久数”;
根据题意得出 a﹣2=d,b+c=9,2≤a≤9,0≤b≤9,0≤c≤9,0≤d≤7,F(N)=4(a
﹣c+7),K(N)=a﹣5,得出 =4+ ,当 a=6,c=1时,G(N)能被 6整
除,且最大,求出 N值即可.
【解答】解:根据题意可得:最小的“长久数”为 2180,
∵一个“长久数”N的千位数字为 a,百位数字为 b,个位数字为 d,
∴a﹣2=d,b+c=9,2≤h≤9,0≤d≤6.
∵F(N)=3(a﹣c+7)+(b+d)
=2a﹣3c+21+9﹣c+a﹣6
=4a﹣4c+28
=2(a﹣c+7),
K(N)=d﹣3=a﹣5﹣3=a﹣5,
∴G(N)= = = =4+ ,
∵2≤a≤9,2≤c≤9,
∴当 a=6,c=2时,能被 6整除,
此时长久数 N为 6814
故答案为:2180;6814.
【点评】本题是一道新定义题,涉及有理数的运算、整式的加减、数的整除等知识,理
解新定义是解答的关键
三、解答题:(本大题 8 个小题,第 19题 8 分,其余每题各 10 分,共 78 分)解答时每小
题必须给出必要的演算过程或推理步骤,画出必要的图形(包括辅助线),请将解答过程书
写在答题卡中对应的位置上.
19.【分析】(1)利用乘法法则和乘法公式先算乘法和乘方,再合并同类项;
(2)先计算括号里面,再把除法转化为乘法,最后按分式的乘法法则计算.
【解答】解:(1)(m+n)2﹣m(m﹣2n)
=m5+2mn+n2﹣m7+2mn
=4mn+n7;
(2)( )
= ÷
=
= .
【点评】本题考查了整式、分式的运算,掌握整式的乘法法则和乘法公式、分式的加减
法、乘除法法则是解决本题的关键.
20.【分析】(1)根据要求作出图形;
(2)证明△ABE≌△DFA(AAS),可得结论.
【解答】(1)解:图形如图所示:
(2)证明:∵四边形 ABCD为矩形,
∴AB=CD,∠B=90°.
∴①∠DAF=∠AEB,
又∵DF⊥AE,
∴∠AFD=90°,
∴②∠B=∠AFD=90°,
∵③AE=AD,
由①、②、③,
∴△ABE≌△DFA(AAS).
∴AB=DF.
∵AB=CD,
∴DF=CD.
故答案为:∠DAF=∠AEB,∠B=∠AFD=90°,AB=CD.
【点评】本题考查作图﹣复杂作图,全等三角形的判定和性质,矩形的性质等知识,解
题的关键是正确寻找全等三角形解决问题,属于中考常考题型.
21.【分析】(1)根据众数,中位数,百分比的定义判断即可;
(2)利用方差比较即可;
(3)分别求出七年级,八年级不少于 7道的学生的人数,可得结论.
【解答】解:(1)七年级的众数是 5,故 a=5,
八年级的中位数= =3.5,
c=100﹣10﹣30﹣40﹣10=10.
故答案为:5,5.5;
(2)八年级的学生掌握“国家安全法”知识较好.
理由是:八年级的方差比较小.
(3)900× =360(人).
360+160=520(人).
答:估计七、八两个年级答题正确数不少于 3道的学生一共有 520人.
【点评】本题考查方差,中位数,众数等知识,解题的关键是理解题意,灵活运用所学
知识解决问题.
22.【分析】(1)设网店第一次购进 x个 A款纪念品,则购进(50﹣x)个 B款纪念品,利
用总价=单价×数量,可列出关于 x的一元一次方程,解之即可求出结论;
(2)设 A款纪念品降价以前的售价为 y元,则降价后的售价为(1﹣20%)y元,利用数
量=总价÷单价,结合“降价后销售 A款纪念品要获得销售额 800元,比按照原价销售
要多卖 4个才能获得同样多的销售额”,可列出关于 y的分式方程,解之经检验后,即可
得出结论.
【解答】解:(1)设网店第一次购进 x个 A款纪念品,则购进(50﹣x)个 B款纪念品,
根据题意得:30x+25(50﹣x)=1400,
解得:x=30.
答:网店第一次购进 30个 A款纪念品;
(2)设 A款纪念品降价以前的售价为 y元,则降价后的售价为(1﹣20%)y元,
根据题意得: ﹣ =8,
解得:y=50,
经检验,y=50是所列方程的解.
答:A款纪念品降价以前的售价为 50元.
【点评】本题考查了一元一次方程的应用以及分式方程的应用,解题的关键是:(1)找
准等量关系,正确列出一元一次方程;(2)找准等量关系,正确列出分式方程.
23.【分析】(1)分两种情况进行分类讨论即可解决问题.
(2)由(1)中所得函数表达式,画出图象并写出一条性质即可.
(2)令 y=3即可得出答案.
【解答】解:(1)当 0<t≤4时,CE=t,
∴y=S△ACE= CE AC= ,
当 4<t<6时,CE=8﹣(2t﹣8)=12﹣2t,
∴y=S△ACE= CE AC= ,
综上所述,y关于 t的函数表达式为 y= ;
(2)函数的图象如图,
当 t=4时,函数有最大值为 4.
(3)将 y=8代入 y=t得,
t=3,且符合要求.
将 y=3代入 y=﹣6t+12得,
t= ,且符合要求.
观察图象也可得出 t的值为 3或 .
【点评】本题考查待定系数法求一次函数解析式,三角形面积,一次函数的图象及性质,
能根据点 E的运动进行分类讨论是解题的关键.
24.【分析】(1)过点 A作 AD⊥CB,垂足为 D,根据题意可得:∠ACE=60°,∠ECD=
90°,从而可得∠ACD=30°,然后在 Rt△ABD中,利用锐角三角函数的定义求出 AD
的长,再在 Rt△ACD中,利用含 30度角的直角三角形的性质求出 AC的长,即可解答;
(2)先在 Rt△ABD中,利用锐角三角函数的定义求出 BD的长,再在 Rt△ACD中,利
用含 30度角的直角三角形的性质求出 DC的长,从而求出 BC的长,然后设将该游客送
上救援船需要 x分钟,根据题意可得:180x+420x﹣(900 ﹣900 )=1800 ,从
而进行计算,即可解答.
【解答】解:(1)如图:过点 A作 AD⊥CB,垂足为 D,
由题意得:∠ACE=60°,∠ECD=90°,
∴∠ACD=∠ECD﹣∠ACE=30°,
在 Rt△ABD中,∠DAB=45°,
∴AD=AB cos45°=1800× =900 ,
在 Rt△ACD中,∠ACD=30°,
∴AC=2AD=1800 (米),
∴湖岸 A与码头 C的距离为 1800 米;
(2)在接到通知后,快艇能在 6分钟内将该游客送上救援船,
理由:在 Rt△ABD中,∠DAB=45°,
∴BD=AB sin45°=1800× =900 ,
在 Rt△ACD中,∠ACD=30°,
∴CD= AD=900 ,
∴BC=CD﹣BD=(900 ﹣900 ,
设将该游客送上救援船需要 x分钟,
由题意得:180x+420x﹣(900 ﹣900 ,
解得:x= ≈5.79,
∵7.79分钟<6分钟,
∴在接到通知后,快艇能在 6分钟内将该游客送上救援船.
【点评】本题考查了解直角三角形的应用﹣方向角问题,根据题目的已知条件并结合图
形添加适当的辅助线是解题的关键.
25.【分析】(1)由待定系数法即可求解;
(2)由△ABQ的面积=S△PQB+S△PQA= PQ×OA,即可求解;
(3)当 RQ是对角线时,由中点坐标公式列出等式,即可求解;当 RN或 RM为对角线
时,同理可解.
【解答】解:(1)由题意得: ,
解得: ,
则抛物线的表达式为:y=﹣x8+3x+4;
(2)由点 A、B的坐标得,
设点 Q(x,﹣x2+3x+4),则点 P(x,
则 PQ=(﹣x2+3x+4)﹣(﹣x+3)=﹣(x﹣2)2+2≤4,
即 PQ的最大值为 4,此时,则点 Q(5,
则△ABQ的面积=S△PQB+S△PQA= PQ×OA= ;
(3)存在,理由:
当 x=3时,y=﹣x8+3x+4=6,即点 R(3,
设点 N(0,y),﹣m7+3m+4),
当 RQ是对角线时,由中点坐标公式得:
4+2=m,
解得:m=5,
则点 M(3,﹣6);
当 RN或 RM为对角线时,同理可得:
3=6+m或 3+m=2,
解得:m=3或﹣1,
即点 M(1,7)或(﹣1;
综上,点 M的坐标为:M(5,6)或(﹣1.
【点评】本题为二次函数综合题,涉及到函数的性质、平行四边形的性质、面积的计算
等,分类求解是本题解题的关键.
26.【分析】(1)根据题意,画出图形,得出 AB⊥EF,求得 DE=3,DB=5,根据正切的
定义,即可求解;
(2)过点 C作 CK⊥AE交 AE的延长线于点 K,先证明△ABE≌△CAK,得出 BE=AK,
再证明△AFH≌△KCH,得出 AH=HK= AK= BE,即可求解;
(3)取 AB的中点 Q,连接 QM,得出点 M在半径为 的⊙Q上运动,当 C,Q,M三
点共线时,MC取得最大值,此时如图所示,过点 M作 MS⊥AN于点 S,过点 Q作 QH
⊥BC于点 H;证明△CTN∽△CQH,得出 NT,在 Rt△TNC中,得出 TC,进而求得 MT,
证明△MST∽△CNT,根据相似三角形的性质求得 MS,进而根据三角形的面积公式,即
可求解.
【解答】解:(1)∵AE平分∠BAC,
∴∠FAD=∠DAE=45°,
∴△ADE是等腰直角三角形,即 AB⊥EF,
在△AEF中,∠EAF=90°,AE=3 ,
∴EF= AE=6,
∴AD=DE=3,则 BD=4,
在 Rt△BDE中,tan∠DBE= = ;
(2)如图 7,过点 C作 CK⊥AE交 AE的延长线于点 K,
∵∠BAC=90°,AE⊥BE,
则∠AEB=∠K=90°,
∴∠BAE+∠ABE=∠CAE+∠BAE=90°,
∴∠CAE=∠ABE,
∵AB=AC,
∴△ABE≌△CAK(AAS),
∴BE=AK,AE=CK,
∵AE=AF,
∴CK=AF,
∴△AFH≌△KCH(AAS),
∴AH=HK= AK= ,
∴BE=2AH;
(3)如图 3(1),取 AB的中点 Q,
∵M是 BE的中点,
∴MQ∥AE,ME= ,
∴点 M在半径为 的⊙Q上运动,
∴当 C,Q,M三点共线时,此时如图 3(2),过点 Q作 QH⊥BC于点 H;
∵AN⊥BC,
∴AN= BC= ,
在 Rt△ACQ中,AQ=4,
∴CQ=8 ,
∴MC= +8 ,
∵AB=8,
∴BQ=7,
∵QH⊥BC,AN⊥BC,
∴QH∥AN,
∴QH= AN=2 BN=2 ,
∵QH∥AN,
∴△CTN∽△CQH,
∴ = = = ,
∴NT= QH= ,
在 Rt△TNC中,TC= = ,
∴MT=MC﹣TC= +4 ﹣ = + ,
∵MS⊥AN,AN⊥BC,
∴MS∥BC,
∴△MST∽△CNT,
∴ = ,
∴MS= = = +2 ,
∴S△AMN= AN MS= × +3 +8.
【点评】本题考查几何变换的综合应用,熟练掌握等腰直角三角形的性质,三角形全等的判
定及性质,三角形相似的判定及性质,直角三角形的性质,平行线的性质是解题的关键.