2015年黑龙江省龙东地区中考物理真题试卷
一、单选题
1．下列说法与实际最相符的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量大约是5g B．人正常体温约为37℃
C．教室房间的高度为4dm D．人步行的速度约为5m/s
2．下列有关声现象的说法中，正确的是（ )
A．声源的振动频率越高，发出声音的响度就越大
B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s
C．主要交通道路上设置的噪声强度显示仪不可以消除噪声
D．次声波的频率大于20赫兹
3．下列现象，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．手影
B．倒影
C．铅笔“折”了
D．彩虹
4．“林都”伊春，一年四季风景如画，下列现象的成因不属于物态变化的是（ ）
A．春天冰雪消融
B．夏天的早晨，河面飘荡着的白雾
C．秋天果香扑鼻
D．冬天，飘落的雪花
5．下面四幅图中能说明电动机原理的是（ ）
A． B．
C． D．
6．简单机械在我们的生活中应用很广泛．下面是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中不省力的是（ ）
A． B．
C． D．
7．如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m，共用了10秒，若在此过程中（忽略绳重和摩擦）．下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离是6m
B．动滑轮的重是10N
C．工人做功的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是80%
8．如图所示，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表的示数不变，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
B．电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，A2的示数变大
C．电压表的示数与A1的示数的比值变大，A2的示数变小
D．电压表的示数与A1的示数的比值不变，A2的示数变小
9．如图是新安装的照明电路，已知两个并联灯泡的灯头接线存在一处故障．小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V、40W”的灯泡．当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光．由此可以确定（ ）
A．L1灯头断路 B．L2灯头短路 C．L1灯头短路 D．L2灯头断路
10．小键学习电学知识后，认识到安全用电很重要，如图符合安全用电原则的是（ ）
A．甲图：人靠近高压带电体 B．乙图：电视机天线与电线接触
C．丙图：电动机外壳没有接地 D．丁图：电水壶用三角插头
11．下列说法正确的是（ ）
A．物体受平衡力的作用一定处于静止状态
B．力是改变物体运动状态的原因
C．惯性的大小与速度有关
D．同种电荷相吸引，异种电荷相排斥
12．如图是实验现象所揭示的物理原理成规律所对应的技术应用不正确的是（ ）
A． B．
C． D．
二、多选题
13．下列说法不正确的是（ ）
A．光在投影幕布上发生的是镜面反射
B．景物在人眼视网膜上所成的像的倒立缩小的实像
C．太阳能是可再生能源
D．总重1000N的人和自行车在水平的路面上行驶100米，重力做功为104J
14．450mL的酒精用去一半后，关于剩下的酒精，下列的说法正确的是（ ）
A．质量和密度都是原来的一半，比热容和热值不变
B．质量和内能是原来的一半，密度和比热容不变
C．质量和热量是原来的一半，密度不变
D．比热容和温度不变，内能是原来的一半
15．如图为冬冬实验时所用电路，电路中电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器的最大值为50Ω，定值电阻R0为10Ω，电源电压为6V且保持不变，实验时操作正确并保证电路各元件安全，则在闭合开关后，移动滑片P的过程中（ ）
A． 电流表最小示数是0.3A
B．滑动变阻器允许接入的最大电阻是10Ω
C．电路消耗的最小功率是1.5W
D．R0消耗的最大功率是3.8W
三、填空题
16．导体的电阻是导体的一种性质，它的大小由材料、 、 决定的．
17．人造地球卫星广泛应用于通信、气象、国防等领域，当卫星从近地点向远地点运动的过程中， 能转化为 能．
18．小光同学在操场上练习爬杆，当他从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能 “增大”、“不变”或“减少”），这是通过 的方法使竿的内能改变的．
19．2015年是世界反法西斯战争胜利70周年，鸡西市虎头要塞是第二次世界大战终结地，其纪念碑的底座比较宽大，目的是为了 ，要塞监控系统的摄像头是利用凸透镜成像规律中 （填“照相机”或“投影仪”）的原理．
20．2015年6月1日，“东方之星”游轮受龙卷风的影响而倾覆，这是因为龙卷风的中心空气流速大，压强 ．事故地点水深15米，此处江底受到水的压强 Pa．
21．骑自行车远足，因其节能、环保、时尚，已经深受同学们喜爱，如图所示是自行车的一部分结构图，用力刹车时是采用 的方法增大摩擦力，刹车后自行车不能立即停下来，是由于自行车具有 ．
22．（2021八下·富拉尔基期末）如图所示的杠杆（自重和摩擦不计），O为支点，A处挂一重为100N的物体，为保证杠杆在水平方向平衡，在中点B处沿 （F或F1或F2）方向施加一个最小的力为 N．
23．如图，是小谢同学研究“电流通过导体时产生的热量与 的关系”的实验装置，此实验采用的探究方法有 ．（答出一种即可）
24．小梅学完电能表的使用后，想利用电能表测量电饭煲的电功率，观察自家的电能表如图所示，该电能表允许接入用电器的最大电功率是 将家里其他用电器断开，只将该电饭煲接入电路中，观察到电能表的指示灯6分钟闪烁了320次，则他家电饭煲的功率是 W．
25．（2021九上·密山期末）如图是某电热水壶加热和保温电路原理图，R1=44Ω，R2=440Ω，当开关S1断开，S2闭合，电热水壶处于 状态；该电热水壶的加热功率是 W．
26．（2020八下·哈尔滨期末）如图所示，甲容器中装有适量的水，容器对水平桌面的压强是p1，水对容器底的压强是p3，将甲图倒放时如乙图（图中没有画出水的位置），容器对水平桌面的压强是p2，水对容器底的压强是p4，则p1 p2，p3 p4．（填“＞”、“=”或“＜”）
27．甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得两灯电流与电压变化的关系图象如图所示，当把两灯并联在4V电源上时，甲的电阻是 Ω，电路消耗的总功率为 ．
四、综合题
28．图甲为探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置，当水温上升到90℃时，每隔1分钟记录一次温度计的示数，直到水沸腾5分钟后，停止记录．
图甲 图乙
（1）图甲中温度计的示数为 ．
（2）图乙是根据实验数据做出的水的温度随时间变化的图象，由图象可知，在当时的条件下，水的沸点是 ℃，你认为造成此结果的原因可能是 ．（回答出一条即可）
（3）由乙图可知水的沸腾过程中特点是 ．
（4）在实验过程中，如果加热时间过长的原因可能是 ．（回答出一条即可）
29．小强为了“探究浮力的大小跟排开的液体所受重力的关系”，做了如下的实验：（弹簧测力每小格示数是0.5N）
（1）请在A图中画出被测物体所受力的示意图．
（2）你认为更合理的实验顺序是 ．
（3）通过实验你得到的结论是：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于 ．
（4）请你根据小强在实验中获得的数据，计算物体的体积是 m3；你认为通过本实验获得的数据 （填“能”或“不能”）计算出此物体的密度．
（5）请你指出实验中的注意事项，（说出一条即可）
30．小帆和小组的同学完成了下面的实验：
（1）如图甲所示：
（a）在探究“电流与电压关系”的实验中，滑动变阻器除保护电路外，还有 的作用．
（b）在探究“电流与电阻的关系”的实验中，定值电阻R1由5Ω换成10Ω，接下来滑动变阻器的滑片应向 （选填“左”或“右”）调节；若电源电压为6V，R1的可选最大电阻为20Ω，为保证电阻R1两端电压为2V，那么滑动变阻器R2阻值应不小于 Ω．
（2）他做完实验后，把定值电阻换成小灯泡，又完成了“测量额定电压是2.5V小灯泡电功率”的实验，如图乙所示，他要连接电路时，发现电流表的指针偏向左侧无刻度处，原因可能是 ；再闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记下各组对应的电压表和电流表的示数，并绘制了如图丙所示图象，根据图象可知小灯泡的额定电流是 ．额定功率是 W; 灯丝的电阻是 的（填“变化”或“不变”）．
31．在紧张的考试中，让我们再回忆儿时的歌声中走近物理，你还记得“让我们荡起双桨，小船儿推开波浪，水面倒映着美丽的白塔，四周环绕着绿树红墙，小船儿轻轻飘荡在水中，迎面吹来凉爽的风．”这首歌吗？歌词中包含了很多物理知识，仿照示例，请你写出两条．
歌词 物理知识
小船推开波浪 力可以改变物体的运动状态
32．如图甲、乙、丙所示的图片中，请仔细观察，图 是自制气压计，图 是自制温度计，请任意选择其中的两幅图说明原理．
33．洒水车在晨曦中辛勤的工作，已知汽车自重2.5吨，满载时装水10吨，共有10个轮胎，每个轮胎与地面的接触面积为0.05m2．
（1）求汽车与水共重多少牛顿？
（2）洒水车在2分钟内沿平直街道匀速行驶600米，求洒水车的速度是多少米/秒？
（3）求装满水时，汽车对地面的压强是多少帕斯卡？
34．如图甲所示是一种常见的电热水袋，图乙是它的结构示意图，其性能指标如下表所示．请完成下列各题：
额定电压 额度加热功率 指示灯功率 袋内充水 自动断电温度
220V 500W ≤0.2W 1L 65℃
（1）请你计算电热水袋中充水的质量．
（2）给它通电，当达到断电温度时，水共吸收了2.1×105J的热量，袋内水的初温是多少？
（3）电热水袋此次在额定电压下通电10分钟指示灯熄灭，则电热水袋的发热效率是多少？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】解：
A、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故A不符合实际；
B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小．故B符合实际；
C、一层楼的高度在3m左右，教室地面到天花板的高度与此差不多，在3m=30dm左右．故C不符合实际；
D、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．故D不符合实际．
故选B．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
2．【答案】C
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、发声体振动频率越高，音调越高，而不是响度越大，该选项说法不正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，该选项说法不正确；
C、噪声强度显示仪只能显示声音响度的大小，不能减弱噪声，该选项说法正确；
D、低于20赫兹的声音属于次声波，该选项说法不正确．
故选C．
【分析】A、音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的；
B、声音可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
C、噪声强度显示仪可以检测声音响度大小；
D、频率低于20赫兹的声音属于次声波．
3．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】解：A、光被手遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，即手影，是光的直线传播形成的，故A正确；
B、水中桥的倒影是空气中物体的光经水面反射后，在水中形成的虚像，即平面镜成像，这是一种典型的镜面反射现象，故B错误；
C、铅笔折了是由于杯底反射的光由水斜射入空气，发生折射，折射光线进入人眼的结果，是光的折射现象，故C错误；
D、雨过天晴，天空出现了美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，是光的色散现象，故D错误．
故选：A．
【分析】①在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
②当光照射到两种物质界面上时，有一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射，由光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中倒影等；
③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，由光的折射形成的现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等．
4．【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】解：A、春天冰雪消融属于熔化，故A不符合题意；
B、“雾”的形成过程是液化现象，故B不符合题意；
C、秋天果香扑鼻是果的香分子不停运动的结果，故C符合题意；
D、“雪”的形成过程是凝华现象，故D不符合题意．
故选：C．
【分析】物质由固体变为液态的现象叫熔化；
物质由气态变为固态的现象叫凝华；
物质由液态变为气态的现象叫汽化；
分子是不停地做无规则运动的．
5．【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：A、在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，不符合题意．
B、是电磁继电器，它是利用通电导体周围存在磁场的原理制成的，不符合题意；
C、是奥斯特实验，小磁针指针偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
D、电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，符合题意．
故选D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用．正确分析四个选项各是研究的什么问题，再做回答．
6．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：
不计机械重和摩擦，
A、由图知，F1×4m=G×2m，所以F1=G；
B、滑轮组由三段绳子承担，所以F2=G；
C、由图知，是定滑轮，不能省力，所以F3=G；
D、根据杠杆的平衡条件：F4×（L+2L）=G×L，所以F4=G．
由以上分析得，只有C不省力．
故选C．
【分析】①不计机械重和摩擦，则用机械做的功等于直接用手做的功．
②根据滑轮组的省力特点进行判断；
③使用定滑轮不省力；
④根据杠杆的平衡条件进行分析．
7．【答案】D
【知识点】功率的计算；机械效率的计算
【解析】【解答】解：
（1）由图知，n=2，s=2h=2×2m=4m，故A错；
（2）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），则动滑轮的重力G轮=2F﹣G=2×250N﹣400N=100N，故B错；
（3）拉力端移动的距离s=4m，拉力做功W总=Fs=250N×4m=1000J，P===100W，故C错；
（4）W有用=Gh=400N×2m=800J，
滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=80%，故D正确．
故选D．
【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，利用s=2h求拉力端移动的距离；
（2）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），据此求动滑轮的重力；
（3）求出拉力端移动的距离，利用W=Fs求拉力做功，知道时间，利用功率公式求拉力做功功率；
（4）利用W=Gh求有用功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率．
8．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流；
滑片向右移动过程中，电源电压不变，电压表示数不变，电阻R1阻值不变，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故A错误；
滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过R2的电流变小，干路电流变小，电流表A2示数变小，故B错误；
电压表与电流表A1示数是电阻R1的阻值，电阻R1的阻值不变，则电压表的示数与电流表A1的示数的比值不变，故C错误，D正确；
故选D．
【分析】由图示电路图分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用并联电路特点、欧姆定律分析答题．
9．【答案】B
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】解：当只闭合S、S1时L0和L1都呈暗红色，是因为L1与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，所以L1正常；
当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L0直接接在电源上，正常发光．
故选B．
【分析】将“220V、40W”的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串联接入电路．
若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；
若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；
若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路．
据此分析判断．
10．【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】解：A、人靠近高压带电体极易引发触电，不符合安全用电原则，故A错误；
B、电视机天线与电线接触易引发触电，不符合安全用电原则，故B错误；
C、电动机外壳没有接地，若电动机漏电，这时人接触电动机有触电的危险，不符合安全用电原则，故C错误；
D、电水壶用三角插头，这样在电水壶漏电时，电流会被导向大地，人不会触电，符合安全用电原则，故D正确．
故选D．
【分析】（1）安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
（2）电视机天线与电线接触易引发触电；
（3）（4）有金属外壳的用电器必须要接地线．
11．【答案】B
【知识点】惯性及其现象；力与运动的关系；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】解：A、物体受平衡力的作用还可能处于匀速直线运动状态，A错误；
B、力是改变物体运动状态的原因，B正确；
C、惯性大小只与物体的质量有关，与速度无关，C错误；
D、同种电荷相排斥，异种电荷相吸引，D错误．
故选B．
【分析】A、物体不受力或受平衡力，则处于静止状态或匀速直线运动状态；
B、力是改变物体运动状态的原因；
C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，与质量有关；
D、电荷的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
12．【答案】B
【知识点】压强大小比较；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】解：A、图示的实验装置是微小压强计，它是用来研究液体压强特点的设备．潜水员潜入深水区时，要穿着特制的潜水服，这是因为随着潜入深度的增加，水对人体的压强在不断的增大，为了防止人受到伤害，所以要穿抗压的潜水服．两者能够对应，不合题意．
B、这是帕斯卡圆桶实验，其反应看液体的压强随着深度的增加而增大．对应的应用装置是一个喷雾器，它是利用了容器的内部气压大于外界大气压，药液在内部气压的作用下被压出喷雾器外．与液体压强无关，符合题意．
C、这是一个压力小桌实验，反应了压力的作用效果与受力面积的大小有关，即增大受力面积可以减小压强．而滑雪者没有陷入雪中，也是通过滑雪板增大了受力面积，减小了人对雪的压强，两者能够对应．不合题意．
D、杯中的水没有掉下来是由于大气压的作用．塑料吸盘紧紧地吸在玻璃板上也是由于大气压的作用造成的．故两者能够对应．不合题意．
故选B．
【分析】利用图示的实验现象，明确其反应的物理规律．然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去对应，从而可以确定其正误．
13．【答案】A,D
【知识点】镜面反射与漫反射；眼睛及其视物原理；能源及其分类；功的计算及应用
【解析】【解答】解：A、投影幕粗糙不平，光线射到上面后，反射光线会朝向四面八方，这是发生漫反射的原因．故A错误；
B、人眼的结构相当于一个凸透镜，那么外界物体在视网膜上所成的像是倒立缩小的实像，故B正确．
C、太阳能够一直从太阳上源源不断的得到，在人类有限的年代中，太阳能是无限的，是可再生能源．故C正确；
D、因为在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0J．故D错误．
故选AD．
【分析】（1）为了使教室里的每一位同学都能看到投影幕布上的画面，投影的幕布表面比较粗糙，当光线射到投影的幕布上，反射光线会射向四面八方，这种反射称为漫反射．
（2）视觉的形成过程是：外界物体反射来的光线，经过角膜、房水，由瞳孔进入眼球内部，再经过晶状体和玻璃体的折射作用，在视网膜上能形成清晰的物像，物像刺激了视网膜上的感光细胞，这些感光细胞产生的神经冲动，沿着视神经传到大脑皮层的视觉中枢，就形成视觉．
（3）能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等．
（4）根据做功的两个必要条件分析．
14．【答案】B,D
【知识点】物质的基本属性；比热容
【解析】【解答】解：
①密度、比热容是物质的特性，决定于物质的种类和状态；热值是燃料的特性，决定于燃料的种类，酒精用去一半后，种类、状态、温度没有变化，所以密度、比热容、热值不变；
②质量是指物体所含物质的多少；一瓶酒精用去一半后，物质总量减半，其质量减半；
③内能与温度、质量有关．酒精用去一半，分子数量减半，所以内能减半．
故选BD．
【分析】①质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；
②密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种燃料的密度、比热容、热值一般不变；
③内能与温度有关，还与状态、压强等因素有关．
15．【答案】A,B
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
A、电压表的量程为0～3V，则电压表的示数为3V时，此时电路总电阻最大，
电路中的电流最小，电路消耗的总功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R0两端的电压：U0=U﹣UR大=6V﹣3V=3V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的最小电流：I小===0.3A，即电流表的最小示数为0.3A，故A正确；
B、滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大===10Ω，故B正确；
C、电路消耗的最小功率：P=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C错误；
D、当滑动变阻器接入电路中的阻值为0时，电路中的电流：I大===0.6A，没有超出电流表的最大示数，R0消耗的功率最大，P0最大=I大2R0=（0.6A）2×10Ω=3.6W，故D错误；
故选AB．
【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，电阻R0的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流和滑动变阻器接入电路中的最大阻值，根据P=UI求出电阻R0的最小功率；
（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电压表的最小示数．
16．【答案】长度；横截面积
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：
电阻是导体的一种性质；导体的电阻大小与它的材料、长度和横截面积有关．
故答案为：长度；横截面积．
【分析】电阻是导体本身的一种性质，它的大小只与材料、长度、横截面积、温度四个因素有关，与电压无关，与电流也无关．
17．【答案】动；重力势
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：人造地球卫星在远地点时动能最小，势能最大；在近地点动能最大，势能最小，故从远地点向近地点运动时，势能转化为动能，速度会变大；从近地点向远地点运动时，动能转化为重力势能．
故答案为：动；重力势．
【分析】人造地球卫星在远地点时动能最小，势能最大；在近地点动能最大，势能最小．
18．【答案】增大；做功
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解答】解：当小光同学从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能增大，这是通过做功的方法使竿的内能发生改变的．
故答案为：增大；做功．
【分析】做功可以改变物体的内能．
19．【答案】减小压强；照相机
【知识点】凸透镜成像的应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：纪念碑的底座比较宽大，目的是在在压力一定时，增大受力面积来减小对地面的压强；
摄像头和照相机的工作原理是相同的，都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像工作的．
故答案为：减小压强；照相机．
【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．
（2）照相机和摄像头的工作原理是相同的，都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像来工作的．
20．【答案】小；1.5×105
【知识点】液体压强的计算；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：（1）龙卷风形成时，其中心的空气流速大，压强小，外围的空气流速慢，压强大；
（2）水深15米处江底受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa．
故答案为：小；1.5×105．
【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大．根据液体压强的公式p=ρgh可计算江底的压强．
21．【答案】增大压力；惯性
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：（1）骑自行车的人刹车时用力捏闸，是通过增大压力的方法来增大摩擦力的．
（2）当刹车时，由于惯性，自行车还要保持原来的运动状态继续运动，因此不能立即停下来．
故答案为：增大压力；惯性．
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力．
（2）任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性．
22．【答案】F2；200
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：
如图，为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上（F2），动力臂为OB最长，
杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件：
F2×OB=G×OA，
所以：F=G×=100N×2=200N．
故答案为：F2；200．
【分析】若在杠杆上B点施加最小的力F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，使动力臂最长，即竖直向上；
B是杠杆的中点，则OA=2OB，又知道物重大小，利用杠杆平衡条件求拉力大小．
23．【答案】电阻大小；控制变量法
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】解：根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同的情况下，乙瓶中的电阻丝电阻值较大，所以它放出的热量较多，它里面的管中液面上升的较高；由此得出的结论是：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，放出的热量越多；
图中将两电阻丝串联在电路中，是为了控制电流和通电时间相同；运用方法是控制变量法；
故答案为：电阻大小；控制变量法．
【分析】串联电路中各处的电流都相等；根据Q=I2Rt做出分析和解答；要探究电流通过导体产生的热量与电阻间的关系，应控制电流和通电时间相同．
24．【答案】2200；1000
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】解：电能表允许接的用电器的最大电功率为：P最大=UI最大=220V×10A=2200W，
3200imp/kW h表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kW h的电能，
指示灯闪烁320次，电路消耗电能为：W=320×kW h=0.1kW h；
用电器的功率：P===1kW=1000W．
故答案为：2200；1000．
【分析】电能表上参数的意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；10A表示电能表允许通过的最大电流是10A；根据公式P=UI计算出电能表允许接的最大电功率；3200imp/kW h表示的是电路中每消耗1kW h的电能，电能表指示灯闪烁3200次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kW h的电能，求出指示灯闪烁320次电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
25．【答案】保温；1100
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：当开关S1断开，S2闭合，两电阻串联，电阻最大，由于电压一定，则由P=可知此时电功率最小，处于保温状态，
当开关S2断开，S1闭合，R2断路，R1单独工作，电路中电阻最小，由于电压一定，则由P=可知此时电功率最大，处于加热状态，
此时的电功率为：P===1100W．
故答案为：保温；1100．
【分析】当开关S1断开，S2闭合，两电阻串联，在电压一定时，根据P=分析解答其状态；利用以上公式求解功率．
26．【答案】＞；＞
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】解：由于甲上粗下细，容器中装有一定质量的水，没有装满容器；
（1）将容器倒放，如图乙所示，水的密度不变，但深度h降低，由p=ρgh可得，水对容器底部产生的变小，即：p3＞p4；
（2）正放和倒放时，对水平桌面的压力相等，都等于水和容器总重，所以F1=F2；
由于受力面积变大，由p=可得，水平桌面受到的压强变小，即p1＞p2．
故答案为：＞；＞．
【分析】（1）倒置后，液体深度减小，由液体压强公式得出容器底受到液体压强的变化情况；
（2）在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置后压力不变、受力面积变小，根据压强公式判断桌面受到的压强变化．
27．【答案】8；3.2W
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：
两灯并联在4V电源上时，U=U甲=U乙，
由图象此时：I甲=0.5A，I乙=0.3A，
根据I=，
甲的电阻：R甲==8Ω；
两灯并联时干路电流：I=I甲+I乙=0.5A+0.3A=0.8A，
电路消耗的总功率：P=UI=4V×0.8A=3.2W．
故答案为：8；3.2W．
【分析】两灯并联在4V电源上时，根据并联电路特点，可知灯泡电压，从图象中找到对应的电压和电流值，计算甲的电阻；
由图象得到两灯此时的电流，得到总电流，由P=UI计算总功率．
28．【答案】（1）96℃
（2）98；气压小于1个标准大气压
（3）吸热但温度不变
（4）水的初温低
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】解：（1）由图甲知，温度计的分度值为1℃，所以其示数为96℃；
（2）由图乙知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以水的沸点为98℃；气压小于标准大气压时，沸点低于100℃；
（3）水在沸腾过程中，需要吸热，但温度保持不变；
（4）在实验过程中，如果加热时间过长的原因可能是水的质量偏多，或者水的初温度太低．
故答案为：
（1）96℃；（2）98；气压小于1个标准大气压；（3）吸热但温度不变；（4）水的初温低．
【分析】（1）在进行温度计的读数时，注意分度值；
（2）根据沸点的概念判断出水的沸点；气压越低，沸点越低；
（3）掌握水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变；
（4）影响实验时间的因素有：水的初温、环境温度、酒精灯的火焰、水量多少、是否加盖子等．
29．【答案】（1）解：已知弹簧测力每小格示数是0.5N，由图A知，物体的重力G=2.5N，物体受重力和测力计的拉力作用，二者大小相等，重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上，如图所示：
（2）DABC
（3）物体排开液体所受的重量。
（4）1×10﹣4；能
（5）物体要缓慢浸入水中，弹簧测力计要尽量竖直，弹簧测力计要调零等。
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【分析】（1）物体受重力和拉力，二者是一对平衡力，根据二力平衡条件的特点画出两个力；
（2）要先测物体的重力和空桶的重力，然后再把物体没入水中，测出物体受到的拉力，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；
（3）根据阿基米德原理进行解答；
（4）根据物体完全浸没在水中时的浮力计算出体积；根据A测出物体的重力，可计算出其质量，则可计算出物体的密度；
（5）在实验中为减小误差，应在溢水杯中装满水，浸入时要缓慢，测力计要竖直等．
30．【答案】（1）调节定值电阻两端电压,；右；40
（2） 电流表没有调零 ； 0.25A；0.625；变化
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1）（a）探究电流与电压的关系时，应保持电阻不变，改变电压；
在探究电流与电阻的关系时，要保持电阻两端的电压不变，改变电阻，所以滑动变阻器的作用除了保护电路外，主要是在变换电阻时使其两端的电压保持不变；
（b）连接好电路后，为了保证电路的安全，要将滑动变阻器的滑片P移到最右端，才能闭合开关；实验过程中，定值电阻R1由5Ω变为10Ω时，如果滑片不动，则定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，实验中要保持电压表示数不变，则滑动变阻器滑片应该向右移动．
由于U1=2V R1=20Ω，则电路中的电流为I=I1===0.1A，滑动变阻器两端电压为U2=6V﹣2V=4V，R2===40Ω．
（2）他要连接电路时，还没有闭合开关，发现电流表指针偏向零刻度线的左边，造成原因是电流表没有调零；
正确连接电路，闭合开关，他发现小灯泡过亮，是因为滑片没有置于阻值最大处；
接下来应该断开开关，把滑动变阻器调到最大值；
根据图象可知U=2.5V时，I=0.25A，则P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
图中从原点到M点再到N点的曲线；可以看出小灯泡两端电压增大，电流也随着增大，反映灯丝的电阻是变化的；
故答案为：（1）（a）调节定值电阻两端电压；（b）右；40；（2）电流表没有调零，把滑动变阻器调到最大值；0.25A；0.625；变化．
【分析】（1）（a）电流与电压和电阻有关，要探究电流与电压的关系，应保持电阻不变，改变电压；要探究电流和电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，改变电阻．根据实验的目的判断滑动变阻器的作用；
（b）在探究电流跟电阻的关系时，应移动滑片，保持电阻两端的电压不变；
利用串联分压作用，结合欧姆定律I=求出所接电阻大小．
（2）电流表、电压表使用前需要调零，闭合开关前滑片要处于电阻最大处；
电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少．
知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率．
利用曲线图和额定电压，确定灯泡的电流，再利用P=UI求出电功率；分析曲线变化确定小灯泡的电阻变化．
31．【答案】海面倒映的白塔；光的反射现象；优美的歌声；声音是通过空气传到人们的耳朵里的
【知识点】力的作用效果；声音的传播条件
【解析】【分析】（1）平面镜成的是虚像，利用的是光的反射原理；
（2）声音的传播需要介质，传播介质包括固体、液体、气体．
32．【答案】乙；甲
【知识点】力的作用效果；声音的传播条件
【解析】【解答】解：选择甲、乙两幅图；
甲图中观察细管中水柱的变化则可以测量液体的温度，当将此装置放在空气里就可以测室温；温度计是利用液体的热胀冷缩制成的．故甲是温度计，
气压计中的水倒入大半瓶，水上方有空气．当瓶子内外气压不同时，带色的水在瓶内外气压的作用下，上升或下降．故乙是气压计．
气压计是根据托里拆利实验制成的．
故答案为：乙；甲；甲是温度计，是利用液体的热胀冷缩制成的．乙是气压计，是根据托里拆利实验制成的．
【分析】要解答此题需掌握自制气压计和温度计的相同点和不同点．气压计和温度计都是用一些带色的水装入瓶子中，来测量气压和温度．
33．【答案】（1）【解答】解：汽车与水的共重力：
G=mg=（2.5×103kg+10×103kg）×9.8N/kg=1.225×105N；
答：汽车与水共重为1.225×105N；
（2）【解答】解：洒水车的速度：
v===5m/s；
答：洒水车的速度是5米/秒；
（3）【解答】解：装满水时，汽车对地面的压力：
F=G=1.225×105N，
汽车对地面的压强：
p===2.45×105Pa．
答：求装满水时，汽车对地面的压强是2.45×105Pa．
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）知道汽车的和水的质量，根据G=mg求出总重力；
（2）知道洒水车行驶的路程和时间，根据v=求出行驶的速度；
（3）装满水时，汽车对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出汽车对地面的压强．
34．【答案】（1）【解答】解：由ρ=可得水的质量为：m=ρV=1000kg/m3×1×10﹣3 m3=1kg；
答：请你计算电热水袋中充水的质量1kg．
（2）【解答】解：根据Q=cm（t﹣t0）可得：
t0=t﹣=65℃﹣=15℃；
答：给它通电，当达到断电温度时，水共吸收了2.1×105J的热量，袋内水的初温是15℃；
（3）【解答】解：由P=可得电热水袋在额定电压下通电10min消耗的电能为：
W=Pt=500W×10×60s=3×105J，
则效率为：η=×100%=×100%=70%．
答：电热水袋此次在额定电压下通电10分钟指示灯熄灭，则电热水袋的发热效率是70%．
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）利用密度公式结合水的密度和容积求出水的质量；
（2）利用水的吸热公式和比热容、吸收的热量求解初温；
（3）利用水吸收的热量和消耗的电能，根据效率公式求出效率．
2015年黑龙江省龙东地区中考物理真题试卷
一、单选题
1．下列说法与实际最相符的是（ ）
A．一个鸡蛋的质量大约是5g B．人正常体温约为37℃
C．教室房间的高度为4dm D．人步行的速度约为5m/s
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；速度与物体运动
【解析】【解答】解：
A、10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右．故A不符合实际；
B、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小．故B符合实际；
C、一层楼的高度在3m左右，教室地面到天花板的高度与此差不多，在3m=30dm左右．故C不符合实际；
D、人正常步行的速度在4km/h=4×m/s≈1.1m/s左右．故D不符合实际．
故选B．
【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．
2．下列有关声现象的说法中，正确的是（ )
A．声源的振动频率越高，发出声音的响度就越大
B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s
C．主要交通道路上设置的噪声强度显示仪不可以消除噪声
D．次声波的频率大于20赫兹
【答案】C
【知识点】声速；音调及音调与频率的关系；超声波与次声波；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、发声体振动频率越高，音调越高，而不是响度越大，该选项说法不正确；
B、声音的传播需要介质，真空不能传声，该选项说法不正确；
C、噪声强度显示仪只能显示声音响度的大小，不能减弱噪声，该选项说法正确；
D、低于20赫兹的声音属于次声波，该选项说法不正确．
故选C．
【分析】A、音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的；
B、声音可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播，但不能在真空中传播；
C、噪声强度显示仪可以检测声音响度大小；
D、频率低于20赫兹的声音属于次声波．
3．下列现象，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．手影
B．倒影
C．铅笔“折”了
D．彩虹
【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射现象及其应用；光的色散
【解析】【解答】解：A、光被手遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，即手影，是光的直线传播形成的，故A正确；
B、水中桥的倒影是空气中物体的光经水面反射后，在水中形成的虚像，即平面镜成像，这是一种典型的镜面反射现象，故B错误；
C、铅笔折了是由于杯底反射的光由水斜射入空气，发生折射，折射光线进入人眼的结果，是光的折射现象，故C错误；
D、雨过天晴，天空出现了美丽的彩虹，这是由于太阳光照到空气中的小水滴上，被分解为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七种颜色的光，是光的色散现象，故D错误．
故选：A．
【分析】①在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；
②当光照射到两种物质界面上时，有一部分光被反射回原来介质的现象是光的反射，由光的反射形成的现象有：平面镜成像、水中倒影等；
③当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向发生改变，这是光的折射，由光的折射形成的现象有：看水里的鱼比实际位置浅、彩虹、透镜成像等．
4．“林都”伊春，一年四季风景如画，下列现象的成因不属于物态变化的是（ ）
A．春天冰雪消融
B．夏天的早晨，河面飘荡着的白雾
C．秋天果香扑鼻
D．冬天，飘落的雪花
【答案】C
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】解：A、春天冰雪消融属于熔化，故A不符合题意；
B、“雾”的形成过程是液化现象，故B不符合题意；
C、秋天果香扑鼻是果的香分子不停运动的结果，故C符合题意；
D、“雪”的形成过程是凝华现象，故D不符合题意．
故选：C．
【分析】物质由固体变为液态的现象叫熔化；
物质由气态变为固态的现象叫凝华；
物质由液态变为气态的现象叫汽化；
分子是不停地做无规则运动的．
5．下面四幅图中能说明电动机原理的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：A、在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理，不符合题意．
B、是电磁继电器，它是利用通电导体周围存在磁场的原理制成的，不符合题意；
C、是奥斯特实验，小磁针指针偏转说明通电导体周围有磁场，不符合题意；
D、电路中有电流，通电导体或线圈受到磁场力的作用发生运动，符合题意．
故选D．
【分析】电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用．正确分析四个选项各是研究的什么问题，再做回答．
6．简单机械在我们的生活中应用很广泛．下面是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械重和摩擦），其中不省力的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场；电磁铁的构造和原理；直流电动机的构造原理与工作过程
【解析】【解答】解：
不计机械重和摩擦，
A、由图知，F1×4m=G×2m，所以F1=G；
B、滑轮组由三段绳子承担，所以F2=G；
C、由图知，是定滑轮，不能省力，所以F3=G；
D、根据杠杆的平衡条件：F4×（L+2L）=G×L，所以F4=G．
由以上分析得，只有C不省力．
故选C．
【分析】①不计机械重和摩擦，则用机械做的功等于直接用手做的功．
②根据滑轮组的省力特点进行判断；
③使用定滑轮不省力；
④根据杠杆的平衡条件进行分析．
7．如图所示，工人用250N的力将重400N的物体匀速提升2m，共用了10秒，若在此过程中（忽略绳重和摩擦）．下列说法正确的是（ ）
A．绳子自由端移动的距离是6m
B．动滑轮的重是10N
C．工人做功的功率是80W
D．滑轮组的机械效率是80%
【答案】D
【知识点】功率的计算；机械效率的计算
【解析】【解答】解：
（1）由图知，n=2，s=2h=2×2m=4m，故A错；
（2）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），则动滑轮的重力G轮=2F﹣G=2×250N﹣400N=100N，故B错；
（3）拉力端移动的距离s=4m，拉力做功W总=Fs=250N×4m=1000J，P===100W，故C错；
（4）W有用=Gh=400N×2m=800J，
滑轮组的机械效率η=×100%=×100%=80%，故D正确．
故选D．
【分析】（1）由图知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，利用s=2h求拉力端移动的距离；
（2）不计摩擦和绳重，拉力F=（G+G轮），据此求动滑轮的重力；
（3）求出拉力端移动的距离，利用W=Fs求拉力做功，知道时间，利用功率公式求拉力做功功率；
（4）利用W=Gh求有用功，再利用效率公式求滑轮组的机械效率．
8．如图所示，当滑动变阻器滑片P向右移动时，下列判断正确的是（ ）
A．电压表的示数不变，电流表A1的示数变大，A2的示数变小
B．电压表的示数不变，电流表A1的示数不变，A2的示数变大
C．电压表的示数与A1的示数的比值变大，A2的示数变小
D．电压表的示数与A1的示数的比值不变，A2的示数变小
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1和R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表A1测R1支路的电流，电流表A2测干路电流；
滑片向右移动过程中，电源电压不变，电压表示数不变，电阻R1阻值不变，通过R1的电流不变，电流表A1示数不变，故A错误；
滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，通过R2的电流变小，干路电流变小，电流表A2示数变小，故B错误；
电压表与电流表A1示数是电阻R1的阻值，电阻R1的阻值不变，则电压表的示数与电流表A1的示数的比值不变，故C错误，D正确；
故选D．
【分析】由图示电路图分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，应用并联电路特点、欧姆定律分析答题．
9．如图是新安装的照明电路，已知两个并联灯泡的灯头接线存在一处故障．小明学电工的检修方法，在保险丝处接入一个“220V、40W”的灯泡．当只闭合S、S1时，L0和L1都呈暗红色；当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光．由此可以确定（ ）
A．L1灯头断路 B．L2灯头短路 C．L1灯头短路 D．L2灯头断路
【答案】B
【知识点】电路故障的判断
【解析】【解答】解：当只闭合S、S1时L0和L1都呈暗红色，是因为L1与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，所以L1正常；
当只闭合S、S2时，L0正常发光，L2不发光，是因为L2被短路，使L0直接接在电源上，正常发光．
故选B．
【分析】将“220V、40W”的电灯按表格中提供的接法接入电路，是把此灯串联接入电路．
若电灯恰能正常发光，说明开关闭合的那条支路短路，使该灯直接接在电源上；
若电灯比正常发光暗，说明开关闭合的那条支路的灯与该灯串联接入电路，所分电压低于220V，这条支路正常；
若电灯不发光，说明开关闭合的那条支路有开路．
据此分析判断．
10．小键学习电学知识后，认识到安全用电很重要，如图符合安全用电原则的是（ ）
A．甲图：人靠近高压带电体 B．乙图：电视机天线与电线接触
C．丙图：电动机外壳没有接地 D．丁图：电水壶用三角插头
【答案】D
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】解：A、人靠近高压带电体极易引发触电，不符合安全用电原则，故A错误；
B、电视机天线与电线接触易引发触电，不符合安全用电原则，故B错误；
C、电动机外壳没有接地，若电动机漏电，这时人接触电动机有触电的危险，不符合安全用电原则，故C错误；
D、电水壶用三角插头，这样在电水壶漏电时，电流会被导向大地，人不会触电，符合安全用电原则，故D正确．
故选D．
【分析】（1）安全用电的基本原则是：不靠近高压带电体，不接触低压带电体；
（2）电视机天线与电线接触易引发触电；
（3）（4）有金属外壳的用电器必须要接地线．
11．下列说法正确的是（ ）
A．物体受平衡力的作用一定处于静止状态
B．力是改变物体运动状态的原因
C．惯性的大小与速度有关
D．同种电荷相吸引，异种电荷相排斥
【答案】B
【知识点】惯性及其现象；力与运动的关系；电荷间的相互作用规律
【解析】【解答】解：A、物体受平衡力的作用还可能处于匀速直线运动状态，A错误；
B、力是改变物体运动状态的原因，B正确；
C、惯性大小只与物体的质量有关，与速度无关，C错误；
D、同种电荷相排斥，异种电荷相吸引，D错误．
故选B．
【分析】A、物体不受力或受平衡力，则处于静止状态或匀速直线运动状态；
B、力是改变物体运动状态的原因；
C、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，与质量有关；
D、电荷的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．
12．如图是实验现象所揭示的物理原理成规律所对应的技术应用不正确的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】压强大小比较；液体压强的特点；大气压的综合应用
【解析】【解答】解：A、图示的实验装置是微小压强计，它是用来研究液体压强特点的设备．潜水员潜入深水区时，要穿着特制的潜水服，这是因为随着潜入深度的增加，水对人体的压强在不断的增大，为了防止人受到伤害，所以要穿抗压的潜水服．两者能够对应，不合题意．
B、这是帕斯卡圆桶实验，其反应看液体的压强随着深度的增加而增大．对应的应用装置是一个喷雾器，它是利用了容器的内部气压大于外界大气压，药液在内部气压的作用下被压出喷雾器外．与液体压强无关，符合题意．
C、这是一个压力小桌实验，反应了压力的作用效果与受力面积的大小有关，即增大受力面积可以减小压强．而滑雪者没有陷入雪中，也是通过滑雪板增大了受力面积，减小了人对雪的压强，两者能够对应．不合题意．
D、杯中的水没有掉下来是由于大气压的作用．塑料吸盘紧紧地吸在玻璃板上也是由于大气压的作用造成的．故两者能够对应．不合题意．
故选B．
【分析】利用图示的实验现象，明确其反应的物理规律．然后再与该选项中的应用技术涉及的理论去对应，从而可以确定其正误．
二、多选题
13．下列说法不正确的是（ ）
A．光在投影幕布上发生的是镜面反射
B．景物在人眼视网膜上所成的像的倒立缩小的实像
C．太阳能是可再生能源
D．总重1000N的人和自行车在水平的路面上行驶100米，重力做功为104J
【答案】A,D
【知识点】镜面反射与漫反射；眼睛及其视物原理；能源及其分类；功的计算及应用
【解析】【解答】解：A、投影幕粗糙不平，光线射到上面后，反射光线会朝向四面八方，这是发生漫反射的原因．故A错误；
B、人眼的结构相当于一个凸透镜，那么外界物体在视网膜上所成的像是倒立缩小的实像，故B正确．
C、太阳能够一直从太阳上源源不断的得到，在人类有限的年代中，太阳能是无限的，是可再生能源．故C正确；
D、因为在重力的方向上没有移动距离，所以重力做功为0J．故D错误．
故选AD．
【分析】（1）为了使教室里的每一位同学都能看到投影幕布上的画面，投影的幕布表面比较粗糙，当光线射到投影的幕布上，反射光线会射向四面八方，这种反射称为漫反射．
（2）视觉的形成过程是：外界物体反射来的光线，经过角膜、房水，由瞳孔进入眼球内部，再经过晶状体和玻璃体的折射作用，在视网膜上能形成清晰的物像，物像刺激了视网膜上的感光细胞，这些感光细胞产生的神经冲动，沿着视神经传到大脑皮层的视觉中枢，就形成视觉．
（3）能够源源不断的从自然界得到补充的能源叫可再生能源，如太阳能、风能、生物质能等；
短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如煤、石油等．
（4）根据做功的两个必要条件分析．
14．450mL的酒精用去一半后，关于剩下的酒精，下列的说法正确的是（ ）
A．质量和密度都是原来的一半，比热容和热值不变
B．质量和内能是原来的一半，密度和比热容不变
C．质量和热量是原来的一半，密度不变
D．比热容和温度不变，内能是原来的一半
【答案】B,D
【知识点】物质的基本属性；比热容
【解析】【解答】解：
①密度、比热容是物质的特性，决定于物质的种类和状态；热值是燃料的特性，决定于燃料的种类，酒精用去一半后，种类、状态、温度没有变化，所以密度、比热容、热值不变；
②质量是指物体所含物质的多少；一瓶酒精用去一半后，物质总量减半，其质量减半；
③内能与温度、质量有关．酒精用去一半，分子数量减半，所以内能减半．
故选BD．
【分析】①质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变；
②密度、比热容、热值是物质的某种特性，与物质的种类和状态有关，同种燃料的密度、比热容、热值一般不变；
③内能与温度有关，还与状态、压强等因素有关．
15．如图为冬冬实验时所用电路，电路中电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，滑动变阻器的最大值为50Ω，定值电阻R0为10Ω，电源电压为6V且保持不变，实验时操作正确并保证电路各元件安全，则在闭合开关后，移动滑片P的过程中（ ）
A． 电流表最小示数是0.3A
B．滑动变阻器允许接入的最大电阻是10Ω
C．电路消耗的最小功率是1.5W
D．R0消耗的最大功率是3.8W
【答案】A,B
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
A、电压表的量程为0～3V，则电压表的示数为3V时，此时电路总电阻最大，
电路中的电流最小，电路消耗的总功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，R0两端的电压：U0=U﹣UR大=6V﹣3V=3V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，电路中的最小电流：I小===0.3A，即电流表的最小示数为0.3A，故A正确；
B、滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大===10Ω，故B正确；
C、电路消耗的最小功率：P=UI小=6V×0.3A=1.8W，故C错误；
D、当滑动变阻器接入电路中的阻值为0时，电路中的电流：I大===0.6A，没有超出电流表的最大示数，R0消耗的功率最大，P0最大=I大2R0=（0.6A）2×10Ω=3.6W，故D错误；
故选AB．
【分析】由电路图可知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，电阻R0的功率最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流和滑动变阻器接入电路中的最大阻值，根据P=UI求出电阻R0的最小功率；
（2）根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电压表的最小示数．
三、填空题
16．导体的电阻是导体的一种性质，它的大小由材料、 、 决定的．
【答案】长度；横截面积
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：
电阻是导体的一种性质；导体的电阻大小与它的材料、长度和横截面积有关．
故答案为：长度；横截面积．
【分析】电阻是导体本身的一种性质，它的大小只与材料、长度、横截面积、温度四个因素有关，与电压无关，与电流也无关．
17．人造地球卫星广泛应用于通信、气象、国防等领域，当卫星从近地点向远地点运动的过程中， 能转化为 能．
【答案】动；重力势
【知识点】影响电阻大小的因素
【解析】【解答】解：人造地球卫星在远地点时动能最小，势能最大；在近地点动能最大，势能最小，故从远地点向近地点运动时，势能转化为动能，速度会变大；从近地点向远地点运动时，动能转化为重力势能．
故答案为：动；重力势．
【分析】人造地球卫星在远地点时动能最小，势能最大；在近地点动能最大，势能最小．
18．小光同学在操场上练习爬杆，当他从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能 “增大”、“不变”或“减少”），这是通过 的方法使竿的内能改变的．
【答案】增大；做功
【知识点】做功改变物体内能
【解析】【解答】解：当小光同学从竿的顶端滑下时，感到竿烫手，说明竿的内能增大，这是通过做功的方法使竿的内能发生改变的．
故答案为：增大；做功．
【分析】做功可以改变物体的内能．
19．2015年是世界反法西斯战争胜利70周年，鸡西市虎头要塞是第二次世界大战终结地，其纪念碑的底座比较宽大，目的是为了 ，要塞监控系统的摄像头是利用凸透镜成像规律中 （填“照相机”或“投影仪”）的原理．
【答案】减小压强；照相机
【知识点】凸透镜成像的应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：纪念碑的底座比较宽大，目的是在在压力一定时，增大受力面积来减小对地面的压强；
摄像头和照相机的工作原理是相同的，都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像工作的．
故答案为：减小压强；照相机．
【分析】（1）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积来减小压强；在受力面积一定时，减小压力来减小压强．
（2）照相机和摄像头的工作原理是相同的，都是根据凸透镜成倒立、缩小的实像来工作的．
20．2015年6月1日，“东方之星”游轮受龙卷风的影响而倾覆，这是因为龙卷风的中心空气流速大，压强 ．事故地点水深15米，此处江底受到水的压强 Pa．
【答案】小；1.5×105
【知识点】液体压强的计算；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】解：（1）龙卷风形成时，其中心的空气流速大，压强小，外围的空气流速慢，压强大；
（2）水深15米处江底受到水的压强：p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×15m=1.5×105Pa．
故答案为：小；1.5×105．
【分析】在流体中，流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大．根据液体压强的公式p=ρgh可计算江底的压强．
21．骑自行车远足，因其节能、环保、时尚，已经深受同学们喜爱，如图所示是自行车的一部分结构图，用力刹车时是采用 的方法增大摩擦力，刹车后自行车不能立即停下来，是由于自行车具有 ．
【答案】增大压力；惯性
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：（1）骑自行车的人刹车时用力捏闸，是通过增大压力的方法来增大摩擦力的．
（2）当刹车时，由于惯性，自行车还要保持原来的运动状态继续运动，因此不能立即停下来．
故答案为：增大压力；惯性．
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力．
（2）任何物体都有保持原来运动状态的性质，叫惯性．
22．（2021八下·富拉尔基期末）如图所示的杠杆（自重和摩擦不计），O为支点，A处挂一重为100N的物体，为保证杠杆在水平方向平衡，在中点B处沿 （F或F1或F2）方向施加一个最小的力为 N．
【答案】F2；200
【知识点】惯性及其现象；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】解：
如图，为使拉力最小，动力臂要最长，拉力F的方向应该垂直杠杆向上，即竖直向上（F2），动力臂为OB最长，
杠杆在水平位置平衡，根据杠杆的平衡条件：
F2×OB=G×OA，
所以：F=G×=100N×2=200N．
故答案为：F2；200．
【分析】若在杠杆上B点施加最小的力F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，使动力臂最长，即竖直向上；
B是杠杆的中点，则OA=2OB，又知道物重大小，利用杠杆平衡条件求拉力大小．
23．如图，是小谢同学研究“电流通过导体时产生的热量与 的关系”的实验装置，此实验采用的探究方法有 ．（答出一种即可）
【答案】电阻大小；控制变量法
【知识点】焦耳定律
【解析】【解答】解：根据Q=I2Rt可知，在电流和通电时间相同的情况下，乙瓶中的电阻丝电阻值较大，所以它放出的热量较多，它里面的管中液面上升的较高；由此得出的结论是：在电流和通电时间相同的情况下，电阻越大，放出的热量越多；
图中将两电阻丝串联在电路中，是为了控制电流和通电时间相同；运用方法是控制变量法；
故答案为：电阻大小；控制变量法．
【分析】串联电路中各处的电流都相等；根据Q=I2Rt做出分析和解答；要探究电流通过导体产生的热量与电阻间的关系，应控制电流和通电时间相同．
24．小梅学完电能表的使用后，想利用电能表测量电饭煲的电功率，观察自家的电能表如图所示，该电能表允许接入用电器的最大电功率是 将家里其他用电器断开，只将该电饭煲接入电路中，观察到电能表的指示灯6分钟闪烁了320次，则他家电饭煲的功率是 W．
【答案】2200；1000
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】解：电能表允许接的用电器的最大电功率为：P最大=UI最大=220V×10A=2200W，
3200imp/kW h表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kW h的电能，
指示灯闪烁320次，电路消耗电能为：W=320×kW h=0.1kW h；
用电器的功率：P===1kW=1000W．
故答案为：2200；1000．
【分析】电能表上参数的意义：220V说明电能表要在220V的电路中使用；10A表示电能表允许通过的最大电流是10A；根据公式P=UI计算出电能表允许接的最大电功率；3200imp/kW h表示的是电路中每消耗1kW h的电能，电能表指示灯闪烁3200次，或者表示电能表指示灯每闪烁1次，电路中消耗kW h的电能，求出指示灯闪烁320次电路中消耗的电能．然后求出用电器的功率．
25．（2021九上·密山期末）如图是某电热水壶加热和保温电路原理图，R1=44Ω，R2=440Ω，当开关S1断开，S2闭合，电热水壶处于 状态；该电热水壶的加热功率是 W．
【答案】保温；1100
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【解答】解：当开关S1断开，S2闭合，两电阻串联，电阻最大，由于电压一定，则由P=可知此时电功率最小，处于保温状态，
当开关S2断开，S1闭合，R2断路，R1单独工作，电路中电阻最小，由于电压一定，则由P=可知此时电功率最大，处于加热状态，
此时的电功率为：P===1100W．
故答案为：保温；1100．
【分析】当开关S1断开，S2闭合，两电阻串联，在电压一定时，根据P=分析解答其状态；利用以上公式求解功率．
26．（2020八下·哈尔滨期末）如图所示，甲容器中装有适量的水，容器对水平桌面的压强是p1，水对容器底的压强是p3，将甲图倒放时如乙图（图中没有画出水的位置），容器对水平桌面的压强是p2，水对容器底的压强是p4，则p1 p2，p3 p4．（填“＞”、“=”或“＜”）
【答案】＞；＞
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】解：由于甲上粗下细，容器中装有一定质量的水，没有装满容器；
（1）将容器倒放，如图乙所示，水的密度不变，但深度h降低，由p=ρgh可得，水对容器底部产生的变小，即：p3＞p4；
（2）正放和倒放时，对水平桌面的压力相等，都等于水和容器总重，所以F1=F2；
由于受力面积变大，由p=可得，水平桌面受到的压强变小，即p1＞p2．
故答案为：＞；＞．
【分析】（1）倒置后，液体深度减小，由液体压强公式得出容器底受到液体压强的变化情况；
（2）在水平桌面上，物体对桌面的压力等于物体重，倒置后压力不变、受力面积变小，根据压强公式判断桌面受到的压强变化．
27．甲、乙两灯的额定电压均为9V，测得两灯电流与电压变化的关系图象如图所示，当把两灯并联在4V电源上时，甲的电阻是 Ω，电路消耗的总功率为 ．
【答案】8；3.2W
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：
两灯并联在4V电源上时，U=U甲=U乙，
由图象此时：I甲=0.5A，I乙=0.3A，
根据I=，
甲的电阻：R甲==8Ω；
两灯并联时干路电流：I=I甲+I乙=0.5A+0.3A=0.8A，
电路消耗的总功率：P=UI=4V×0.8A=3.2W．
故答案为：8；3.2W．
【分析】两灯并联在4V电源上时，根据并联电路特点，可知灯泡电压，从图象中找到对应的电压和电流值，计算甲的电阻；
由图象得到两灯此时的电流，得到总电流，由P=UI计算总功率．
四、综合题
28．图甲为探究“水沸腾时温度变化特点”的实验装置，当水温上升到90℃时，每隔1分钟记录一次温度计的示数，直到水沸腾5分钟后，停止记录．
图甲 图乙
（1）图甲中温度计的示数为 ．
（2）图乙是根据实验数据做出的水的温度随时间变化的图象，由图象可知，在当时的条件下，水的沸点是 ℃，你认为造成此结果的原因可能是 ．（回答出一条即可）
（3）由乙图可知水的沸腾过程中特点是 ．
（4）在实验过程中，如果加热时间过长的原因可能是 ．（回答出一条即可）
【答案】（1）96℃
（2）98；气压小于1个标准大气压
（3）吸热但温度不变
（4）水的初温低
【知识点】探究水的沸腾实验
【解析】【解答】解：（1）由图甲知，温度计的分度值为1℃，所以其示数为96℃；
（2）由图乙知，水在沸腾过程中温度保持98℃不变，所以水的沸点为98℃；气压小于标准大气压时，沸点低于100℃；
（3）水在沸腾过程中，需要吸热，但温度保持不变；
（4）在实验过程中，如果加热时间过长的原因可能是水的质量偏多，或者水的初温度太低．
故答案为：
（1）96℃；（2）98；气压小于1个标准大气压；（3）吸热但温度不变；（4）水的初温低．
【分析】（1）在进行温度计的读数时，注意分度值；
（2）根据沸点的概念判断出水的沸点；气压越低，沸点越低；
（3）掌握水在沸腾过程中的特点：吸热，但温度保持不变；
（4）影响实验时间的因素有：水的初温、环境温度、酒精灯的火焰、水量多少、是否加盖子等．
29．小强为了“探究浮力的大小跟排开的液体所受重力的关系”，做了如下的实验：（弹簧测力每小格示数是0.5N）
（1）请在A图中画出被测物体所受力的示意图．
（2）你认为更合理的实验顺序是 ．
（3）通过实验你得到的结论是：浸在液体中的物体，所受浮力的大小等于 ．
（4）请你根据小强在实验中获得的数据，计算物体的体积是 m3；你认为通过本实验获得的数据 （填“能”或“不能”）计算出此物体的密度．
（5）请你指出实验中的注意事项，（说出一条即可）
【答案】（1）解：已知弹簧测力每小格示数是0.5N，由图A知，物体的重力G=2.5N，物体受重力和测力计的拉力作用，二者大小相等，重力方向竖直向下，拉力方向竖直向上，如图所示：
（2）DABC
（3）物体排开液体所受的重量。
（4）1×10﹣4；能
（5）物体要缓慢浸入水中，弹簧测力计要尽量竖直，弹簧测力计要调零等。
【知识点】探究浮力大小的实验
【解析】【分析】（1）物体受重力和拉力，二者是一对平衡力，根据二力平衡条件的特点画出两个力；
（2）要先测物体的重力和空桶的重力，然后再把物体没入水中，测出物体受到的拉力，根据称重法求出浮力；最后再测出桶和溢出水的重力得出排开水的重力；
（3）根据阿基米德原理进行解答；
（4）根据物体完全浸没在水中时的浮力计算出体积；根据A测出物体的重力，可计算出其质量，则可计算出物体的密度；
（5）在实验中为减小误差，应在溢水杯中装满水，浸入时要缓慢，测力计要竖直等．
30．小帆和小组的同学完成了下面的实验：
（1）如图甲所示：
（a）在探究“电流与电压关系”的实验中，滑动变阻器除保护电路外，还有 的作用．
（b）在探究“电流与电阻的关系”的实验中，定值电阻R1由5Ω换成10Ω，接下来滑动变阻器的滑片应向 （选填“左”或“右”）调节；若电源电压为6V，R1的可选最大电阻为20Ω，为保证电阻R1两端电压为2V，那么滑动变阻器R2阻值应不小于 Ω．
（2）他做完实验后，把定值电阻换成小灯泡，又完成了“测量额定电压是2.5V小灯泡电功率”的实验，如图乙所示，他要连接电路时，发现电流表的指针偏向左侧无刻度处，原因可能是 ；再闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，记下各组对应的电压表和电流表的示数，并绘制了如图丙所示图象，根据图象可知小灯泡的额定电流是 ．额定功率是 W; 灯丝的电阻是 的（填“变化”或“不变”）．
【答案】（1）调节定值电阻两端电压,；右；40
（2） 电流表没有调零 ； 0.25A；0.625；变化
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】解：（1）（a）探究电流与电压的关系时，应保持电阻不变，改变电压；
在探究电流与电阻的关系时，要保持电阻两端的电压不变，改变电阻，所以滑动变阻器的作用除了保护电路外，主要是在变换电阻时使其两端的电压保持不变；
（b）连接好电路后，为了保证电路的安全，要将滑动变阻器的滑片P移到最右端，才能闭合开关；实验过程中，定值电阻R1由5Ω变为10Ω时，如果滑片不动，则定值电阻两端的电压变大，电压表示数变大，实验中要保持电压表示数不变，则滑动变阻器滑片应该向右移动．
由于U1=2V R1=20Ω，则电路中的电流为I=I1===0.1A，滑动变阻器两端电压为U2=6V﹣2V=4V，R2===40Ω．
（2）他要连接电路时，还没有闭合开关，发现电流表指针偏向零刻度线的左边，造成原因是电流表没有调零；
正确连接电路，闭合开关，他发现小灯泡过亮，是因为滑片没有置于阻值最大处；
接下来应该断开开关，把滑动变阻器调到最大值；
根据图象可知U=2.5V时，I=0.25A，则P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
图中从原点到M点再到N点的曲线；可以看出小灯泡两端电压增大，电流也随着增大，反映灯丝的电阻是变化的；
故答案为：（1）（a）调节定值电阻两端电压；（b）右；40；（2）电流表没有调零，把滑动变阻器调到最大值；0.25A；0.625；变化．
【分析】（1）（a）电流与电压和电阻有关，要探究电流与电压的关系，应保持电阻不变，改变电压；要探究电流和电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，改变电阻．根据实验的目的判断滑动变阻器的作用；
（b）在探究电流跟电阻的关系时，应移动滑片，保持电阻两端的电压不变；
利用串联分压作用，结合欧姆定律I=求出所接电阻大小．
（2）电流表、电压表使用前需要调零，闭合开关前滑片要处于电阻最大处；
电流表读数：确定使用的量程，确定每一个大格和每一个小格各代表多少．
知道灯泡的额定电压和额定电流，根据P=UI计算额定功率．
利用曲线图和额定电压，确定灯泡的电流，再利用P=UI求出电功率；分析曲线变化确定小灯泡的电阻变化．
31．在紧张的考试中，让我们再回忆儿时的歌声中走近物理，你还记得“让我们荡起双桨，小船儿推开波浪，水面倒映着美丽的白塔，四周环绕着绿树红墙，小船儿轻轻飘荡在水中，迎面吹来凉爽的风．”这首歌吗？歌词中包含了很多物理知识，仿照示例，请你写出两条．
歌词 物理知识
小船推开波浪 力可以改变物体的运动状态
【答案】海面倒映的白塔；光的反射现象；优美的歌声；声音是通过空气传到人们的耳朵里的
【知识点】力的作用效果；声音的传播条件
【解析】【分析】（1）平面镜成的是虚像，利用的是光的反射原理；
（2）声音的传播需要介质，传播介质包括固体、液体、气体．
32．如图甲、乙、丙所示的图片中，请仔细观察，图 是自制气压计，图 是自制温度计，请任意选择其中的两幅图说明原理．
【答案】乙；甲
【知识点】力的作用效果；声音的传播条件
【解析】【解答】解：选择甲、乙两幅图；
甲图中观察细管中水柱的变化则可以测量液体的温度，当将此装置放在空气里就可以测室温；温度计是利用液体的热胀冷缩制成的．故甲是温度计，
气压计中的水倒入大半瓶，水上方有空气．当瓶子内外气压不同时，带色的水在瓶内外气压的作用下，上升或下降．故乙是气压计．
气压计是根据托里拆利实验制成的．
故答案为：乙；甲；甲是温度计，是利用液体的热胀冷缩制成的．乙是气压计，是根据托里拆利实验制成的．
【分析】要解答此题需掌握自制气压计和温度计的相同点和不同点．气压计和温度计都是用一些带色的水装入瓶子中，来测量气压和温度．
33．洒水车在晨曦中辛勤的工作，已知汽车自重2.5吨，满载时装水10吨，共有10个轮胎，每个轮胎与地面的接触面积为0.05m2．
（1）求汽车与水共重多少牛顿？
（2）洒水车在2分钟内沿平直街道匀速行驶600米，求洒水车的速度是多少米/秒？
（3）求装满水时，汽车对地面的压强是多少帕斯卡？
【答案】（1）【解答】解：汽车与水的共重力：
G=mg=（2.5×103kg+10×103kg）×9.8N/kg=1.225×105N；
答：汽车与水共重为1.225×105N；
（2）【解答】解：洒水车的速度：
v===5m/s；
答：洒水车的速度是5米/秒；
（3）【解答】解：装满水时，汽车对地面的压力：
F=G=1.225×105N，
汽车对地面的压强：
p===2.45×105Pa．
答：求装满水时，汽车对地面的压强是2.45×105Pa．
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算
【解析】【分析】（1）知道汽车的和水的质量，根据G=mg求出总重力；
（2）知道洒水车行驶的路程和时间，根据v=求出行驶的速度；
（3）装满水时，汽车对地面的压力和自身的重力相等，根据p=求出汽车对地面的压强．
34．如图甲所示是一种常见的电热水袋，图乙是它的结构示意图，其性能指标如下表所示．请完成下列各题：
额定电压 额度加热功率 指示灯功率 袋内充水 自动断电温度
220V 500W ≤0.2W 1L 65℃
（1）请你计算电热水袋中充水的质量．
（2）给它通电，当达到断电温度时，水共吸收了2.1×105J的热量，袋内水的初温是多少？
（3）电热水袋此次在额定电压下通电10分钟指示灯熄灭，则电热水袋的发热效率是多少？
【答案】（1）【解答】解：由ρ=可得水的质量为：m=ρV=1000kg/m3×1×10﹣3 m3=1kg；
答：请你计算电热水袋中充水的质量1kg．
（2）【解答】解：根据Q=cm（t﹣t0）可得：
t0=t﹣=65℃﹣=15℃；
答：给它通电，当达到断电温度时，水共吸收了2.1×105J的热量，袋内水的初温是15℃；
（3）【解答】解：由P=可得电热水袋在额定电压下通电10min消耗的电能为：
W=Pt=500W×10×60s=3×105J，
则效率为：η=×100%=×100%=70%．
答：电热水袋此次在额定电压下通电10分钟指示灯熄灭，则电热水袋的发热效率是70%．
【知识点】电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）利用密度公式结合水的密度和容积求出水的质量；
（2）利用水的吸热公式和比热容、吸收的热量求解初温；
（3）利用水吸收的热量和消耗的电能，根据效率公式求出效率．
