2023-2024学年天津市高三（上）第二次统练物理试卷
一、单项选择题（每题4分）
1．（4分）如图所示，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m＝1.0kg的物体．细绳的一端通过摩擦不计的定滑轮与固定的弹簧秤相连．物体静止在斜面上，弹簧秤的示数为4.9N．关于物体受力的判断（取g＝9.8m/s2），下列说法正确的是（ ）
A．斜面对物体的摩擦力大小为零
B．斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向沿斜面向上
C．斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向沿斜面向上
D．斜面对物体的摩擦力大小为4.9N，方向垂直斜面向上
2．（4分）重力为G的体操运动员在进行自由体操比赛时，有如图所示的比赛动作，当运动员竖直倒立保持静止状态时，夹角为θ，则（ ）
A．当θ＝60°时，运动员单手对地面的正压力大小为
B．当θ＝120°时，运动员单手对地面的正压力大小为G
C．当θ不同时，运动员受到的合力不同
D．当θ不同时，运动员与地面之间的相互作用力不相等
3．（4分）如图所示，一轻质晒衣架静置于水平地面上，水平横杆与四根相同的斜杆垂直，则每根斜杆受到地面的（ ）
A．作用力为G B．作用力为G
C．摩擦力为G D．摩擦力为G
4．（4分）如图所示，一固定斜面上两个质量相同的小物块A和B紧挨着匀速下滑，A与B间的接触面光滑．已知A与斜面之间的动摩擦因数是B与斜面之间动摩擦因数的2倍（ ）
A．tanα B．tanα C．cotα D．cotα
5．（4分）如图所示，物体A靠在竖直墙面上，在力F作用下（ ）
A．2 B．3 C．4 D．5
6．（4分）如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动。若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角（ ）
A．2﹣ B． C． D．
7．（4分）叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m，相互接触，则（ ）
A．上方球与下方3个球间均没有弹力
B．下方三个球与水平地面间均没有摩擦力
C．水平地面对下方三个球的支持力均为
D．水平地面对下方三个球的摩擦力均为
8．（4分）质量为M的凹槽静止在水平地面上，内壁为半圆柱面，截面如图所示，B为半圆水平直径的端点。凹槽恰好与竖直墙面接触，内有一质量为m的小滑块。用推力F推动小滑块由A点向B点缓慢移动，在此过程中所有摩擦均可忽略，下列说法正确的是（ ）
A．推力F先增大后减小
B．凹槽对滑块的支持力先减小后增大
C．墙面对凹槽的压力先增大后减小
D．水平地面对凹槽的支持力先减小后增大
9．（4分）我国的石桥世界闻名，如图，某桥由六块形状完全相同的石块组成，2、5质量相同为m，3、4质量相同为m′，则m：m′为（ ）
A． B． C．1 D．2
10．（4分）随着工作压力的增大以及生活水平的提高，越来越多的人选择在假期出行旅游放松。若车厢上放置一与地板成θ角的木板，木板上静置一木块。某段时间内，木块、木板与车厢始终保持相对静止，则关于木块对木板的压力FN和木块对木板的摩擦Ff，下列说法正确的是（ ）
A．FN减小，Ff减小 B．FN增大，Ff增大
C．FN减小，Ff增大 D．FN增大，Ff减小
11．（4分）图甲为起重机起吊横梁的情景，可简化为图乙所示模型，一段轻绳ab两端系在粗细处处相同、质量分布均匀的工件两端，吊着工件匀速上升，吊钩重力不计（ ）
A．轻绳ab上的拉力越小
B．轻绳ab上的拉力越大
C．起重机挂钩上方吊索的拉力越小
D．起重机挂钩的上方吊索的拉力越大
12．（4分）如图所示，一倾角为θ的斜面体放置在水平地面上，其上表面光滑、下表面粗糙。用一轻绳跨过定滑轮拉动一质量为m的小球（F保持水平），可使小球沿斜面向上做一段匀速运动。斜面体一直静止在水平地面上，不计滑轮与绳子之间的摩擦。则在小球做匀速运动过程中（ ）
A．外力F一直变小
B．小球受到时的支持力一直变小
C．斜面体受到地面的支持力先增大后减小
D．此过程中斜面体受到地面的摩擦力方向水平向右且变大
13．（4分）如图所示，在水平路面上匀速直线行驶的汽车内，一个手机通过吸盘式支架固定在倾斜的前挡风玻璃上。若吸盘和玻璃间的空气已被排空（ ）
A．共受3个力作用
B．共受4个力作用
C．受前挡风玻璃的作用力方向一定竖直向上
D．受前挡风玻璃的摩擦力方向一定竖直向上
14．（4分）某运动员以如图所示的姿势蹲在水平地面上，则该运动员（ ）
A．一定受到摩擦力
B．所受压力就是重力
C．受到的支持力和重力是一对平衡力
D．受到的支持力是由于脚掌形变产生的
15．（4分）如图所示，一轻质光滑定滑轮固定在倾斜木板上，质量分别为m和2m的物块A、B，A、B间的接触面和轻绳均与木板平行。A与B间、B与木板间的动摩擦因数均为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。当木板与水平面的夹角为45°时，则μ的值为（ ）
A． B． C． D．
二、多项选择题（每题5分）
（多选）16．（5分）如图所示，A、B两球完全相同，质量均为m，用三根完全相同的轻弹簧固连着，在水平拉力F下均处于静止状态，k1弹簧位于竖直方向，则有关说法正确的是（ ）
A．B球必受四个力作用
B．k2、k3弹簧长度一样长
C．k3弹簧没有发生形变
D．k2弹簧最长
（多选）17．（5分）如图甲所示，一名登山爱好者正沿着竖直崖壁向上攀爬，绳的一端固定在较高处的A点（重心处）。在人向上攀爬的过程中可以把人简化为乙图所示的物理模型：脚与崖壁接触点为O点，人的重力G全部集中在C点，AC为轻绳。已知OC长度不变，人向上攀爬过程中的某时刻AOC构成等边三角形，则（ ）
A．轻绳对人的拉力与人对轻绳的拉力是一对平衡力
B．在此时刻，轻绳对人的拉力大小等于G
C．在虚线位置时，轻绳AC承受的拉力更小
D．在虚线位置时，OC段承受的压力不变
（多选）18．（5分）如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m的照相机，三脚架的三根轻质支架等长，该夹角及支架长短均可以调节，但三根支架的长度及它们与竖直方向的夹角始终相等，cos37°＝0.8。则下列说法正确的是（ ）
A．每根支架受到地面的摩擦力大小为
B．照相机对每根支架的压力大小为
C．若将每根支架与竖直方向夹角变小，则每根支架受到的地面的支持力将不变
D．若将每根支架与竖直方向夹角变小，则每根支架受到的地面的摩擦力将变大
（多选）19．（5分）如图，倾角37°、质量5m的斜面体置于水平地面上，质量3m的物块放在斜面上（O为接触点）的不可伸缩轻质细线一端连接物块，另一端系着质量m的小球，将小球从位置a由静止释放（此时Oa水平且细线刚好伸直），重力加速度大小为g，则在小球从a摆到最低点b的过程中（物块和斜面体始终静止）（ ）
A．斜面对物块的摩擦力先减小后增大
B．斜面对物块的作用力保持不变
C．斜面对物块的摩擦力最大值为1.2mg
D．地面对斜面体的支持力最小值为6.2mg
（多选）20．（5分）如图，一粗糙斜面固定在地面上，斜面顶端装有一光滑定滑轮。一细绳跨过滑轮，另一端与斜面上的物块M相连，系统处于静止状态。现用水平向左的拉力缓慢拉动N，则在此过程中（ ）
A．水平拉力的大小可能保持不变
B．M所受细绳的拉力大小一定一直增加
C．M所受斜面的摩擦力大小一定一直增加
D．M所受斜面的摩擦力大小可能先减小后增加
（多选）21．（5分）如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧1，竖直地固定在桌面上，弹簧1上、下端分别与物体和桌面相连；另一劲度系数为，物体下面弹簧1的弹力大小减为原来的，则应将弹簧2的上端A竖直向上缓慢移动的距离可能是（已知两根弹簧始终处于弹性限度内，重力加速度为g）（ ）
A． B． C． D．
三、实验题（10分）
22．（4分）在探究合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳。实验时，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条。
①实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的 （填字母代号）
A．将橡皮条拉伸相同长度即可
B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度
D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
②同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是 （填字母代号）
A．两细绳必须等长
B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些。
23．（6分）某同学做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验。
①图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73cm；图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度 cm；
②本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是 ；（填选项前的字母）
A．逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重
B．随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重
③图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量Δl与弹力F的关系图线。图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是 。
参考答案与试题解析
一、单项选择题（每题4分）
1．【分析】对物体受力分析，求出物体重力与斜面方向上的分力大小，与弹簧的拉力比较判断出摩擦力的大小和方向．根据共点力平衡求出支持力的大小．
【解答】解：A、物体重力沿斜面方向下的分力Gx＝mgsin30°＝4.9N，与弹簧的弹力相等，知物体不受摩擦力作用，BCD错误
故选：A。
【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意判定是否存在摩擦力是解题的关键．
2．【分析】根据平衡条件分析地面对运动员单手的支持力大小，从而分析运动员单手对地的正压力大小；运动员处于静止状态，合外力为零；根据牛顿第三定律分析运动员与地面之间的相互作用力。
【解答】解：AB、设运动员单手受到地面的支持力大小为FN，对运动员竖直方向由平衡条件知：2FN＝G，解得地面对运动员单手的支持力FN＝，由牛顿第三定律知运动员单手对地的正压力大小为，故A正确；
C、由于运动员处于静止状态，当θ不同时，保持不变；
D、根据牛顿第三定律可知、方向相反。
故选：A。
【点评】解决本题的关键是明确运动员的受力情况，运用平衡条件分析地面对运动员的作用力．要注意地面对运动员的合力与θ无关．
3．【分析】对横杠和斜杆受力分析，根据共点力平衡和力的分解可解得。
【解答】解：AB、设每根斜杆受力为FF＝G；故A错误；
图1
CD、对某个斜杆受力分析如图8有：Fsin30°＝fG，故CD错误；
图2
故选：B。
【点评】本题考查共点力平衡，解题关键掌握受力分析，注意共点力平衡条件的应用。
4．【分析】对AB整体进行研究，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件列方程求解．
【解答】解：设每个物体的质量为m，B与斜面之间动摩擦因数为μ。
根据平衡条件得
2mgsinα＝2μmgcosα+μmgcosα
解得μ＝tanα
故选：B。
【点评】本题主要考查学生应用整体法解决连接体问题的能力．本题也可以采用隔离法研究，要注意斜面对两个物体的支持力相等．
5．【分析】本题先对A物体受力分析，然后根据牛顿第三定律，得出A对B的反作用力，再对B物体受力分析，得出结果。
【解答】解：以A为研究对象，受力分析、B对A的支持力和摩擦力。
根据牛顿第三定律，A对B也有压力和摩擦力，所以B受四个力作用，ABD错误。
故选：C。
【点评】本题关键先对A物体受力分析，再得出A对B物体的反作用力，最后在结合平衡条件对B物体受力分析。注意受力分析时的顺序为：先已知力和重力，后弹力，再摩擦力。
6．【分析】拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。
【解答】解：当拉力水平时，物体匀速运动，即：F＝μmg；
当拉力倾斜时，物体受力分析如图
f＝μFN
FN＝mg﹣Fsinθ
可知摩擦力为：f＝μ（mg﹣Fsinθ）
f＝F
代入数据为：
μmg＝μ（mg﹣F）
联立可得：μ＝
故选：C。
【点评】本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。
7．【分析】分别对四个小球整体、上方小球和下方其中一个小球分析，根据平衡条件可明确弹力的大小以及摩擦力的大小，注意静摩擦力和滑动摩擦力的区别与联系。
【解答】解：A、对上方球分析可知，所以上方球一定与下方球有弹力的作用；
B、下方球由于受上方球斜向下的弹力作用，故下方球受向内的摩擦力作用；
C、对四个球的整体分析，所以三个小球受支持力大小为4mgmg；
D、下方每个小球受到最大静摩擦力为，但三个下方小球受到的是静摩擦力，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查共点力平衡条件的应用以及弹力和摩擦力的性质，要注意明确摩擦力分为滑动摩擦力和静摩擦力，掌握二者计算方法的不同。
8．【分析】根据受力平衡画出受力分析图，利用解析法分析各力的变化情况，运用整体法分析墙与凹槽之前的作用力大小，对M进行受力分析求解地面与凹槽之间的作用力关系。
【解答】解：AB、如图所示，根据受力平衡知：mgcosα＝F，从A到B过程中逐渐减小到0，N逐渐减小；
C、将两物体看成整体，因为5≤2α≤π，则F′先增大后减小，故C正确；
D、对凹槽进行受力分析可知1＝Mg+N′sinα，根据牛顿第三定律N′＝N5＝Mg+Nsinα，由以上分析知，N逐渐减小，故D错误。
故选：C。
【点评】解答此题的关键是能够正确选取研究对象，并受力分析，然后根据数学知识分析物理量的变化情况，考查学生的综合应用能力，难度适中。
9．【分析】根据整体发分析2受到的作用力大小，再根据力的分解解得。．
【解答】解：34两个石块整体对应的圆心角为60度，则2对34整体的作用力与5对34整体的作用力大小相等，可知F23＝8m'g。
同理2345四块石块整体对应的圆心角为120度，则1对2345整体的作用力与6对2345整体的作用力大小相等，可知F12＝（2m'+2m）g。
对5受力分析如图
水平方向F12cos60°＝F23cos30°
联立解得：m：m′＝2
故D正确，ABC错误。
故选：D。
【点评】本题考查受力分析的应用，解题关键掌握整体与隔离的分析方法。
10．【分析】先根据加速度的方向，判断重力、支持力和摩擦力的合力方向，再根据倾角的变化判断支持力和摩擦力如何变化。
【解答】解：对木块受力分析如图甲所示，因为车厢沿缆绳斜向上加速运动，因此支持力与静摩擦合力斜向右上，故三个力的合力不变。
又木块重力不变，则支持力与静摩擦合力不变，画出木块的受力分析图
FN减小，Ff增大。
故ABD错误，C正确；
故选：C。
【点评】本题考查了牛顿定律的应用，解决本题的关键是根据加速度的方向判断出木块受到合力的方向。
11．【分析】根据工件的受力图，写出平衡方程，分析ab长度对夹角θ的影响，然后根据夹角θ的变化情况判断力F的大小变化情况。
【解答】解：AB．如图所示
设轻绳ab上的张力为F，吊钩两侧绳与水平方向夹角为θ
2Fsinθ＝mg
绳子越短，则θ越小，mg不变，故A错误；
CD：工件匀速上升，根据平衡条件可得，故CD均错误。
故选：B。
【点评】学会熟练运用平衡条件判断物体受力情况，结合平衡方程分析各力的变化情况。
12．【分析】以小球为研究对象，小球受力平衡，将绳子的拉力沿斜面方向和垂直斜面方向正交分解，根据平衡条件分析AB选项；以斜面为研究对象，小球对斜面的压力沿竖直方向和水平斜面方向正交分解，根据平衡条件分析CD选项。
【解答】解：AB、设细绳与斜面的夹角为α，则当小球匀速运动时
沿斜面方向有：Fcosα＝mgsinθ
沿垂直斜面方向有：N+Fsinα＝mgcosθ
由于α逐渐增大，cosα逐渐减小。又sinα逐渐增大，故A错误；
CD、以斜面为对象，根据平衡条件可得：
沿竖直方向有：N地＝Mg+N′cosθ
沿水平方向有：f地＝N′sinθ
因N与N′为相互作用力，可知小球对斜面的压力N′＝N，可知斜面体受到地面的支持力逐渐变小，方向向左。
故选B。
【点评】本题考查了共点力动态平衡的受力分析问题，题目较简单，应用正交分解法，结合平衡条件即可解答。
13．【分析】对手机和支架整体受力分析，找出受力的个数，再结合受力平衡，判断力的方向。
【解答】解：AB．手机和支架整体受到重力、玻璃的弹力和玻璃的摩擦力，故A错误；
C．挡风玻璃给支架的作用力为弹力和摩擦力的合力，不可能竖直向上；
D．根据摩擦力的方向与接触面平行，不可能竖直向上。
故选：B。
【点评】本题主要考查受力分析以及摩擦力方向的判断。
14．【分析】依据受力分析，结合弹力产生的原理及摩擦力产生的条件，并由平衡状态，即可判定。
【解答】解：A．运动员以题图所示的姿势蹲在水平地面上，在水平方向没有相对运动，因此不受摩擦力的作用；
B．运动员所受的压力是水平地面的形变产生的作用，因此所受压力不是重力；
C．运动员处于平衡状态，方向相反，故C正确；
D．根据弹力的产生可知，故D错误。
故选：C。
【点评】该题考查受力分析的应用，掌握弹力产生原理，及摩擦力产生条件，注意学会由运动去分析受力的方法。
15．【分析】物块A、B刚好要滑动时，应该是物体A相对物体B向上滑动，物体B相对斜面向下滑动，分别对两个物体进行受力分析，由平衡条件列方程即可。
【解答】解：根据题意分析，物块A，应该是物体A相对物体B向上滑动，对A受力分析
物体B相对斜面向下滑动，对B受力分析
联立解得：μ＝，故C正确。
故选：C。
【点评】本题考查的是多个物体的平衡问题，关键是要对所选取的研究对象做好受力分析，切记不要少力，同时要注意滑动摩擦力中的正压力的求解。
二、多项选择题（每题5分）
16．【分析】由题OA细线恰好处于竖直方向，说明细线AB没有拉力，以B球为研究对象，分析受力情况，作出力图，根据平衡条件求出各力，再由胡克定律求形变量。
【解答】解：以A球为研究对象：OA恰好处于竖直方向，说明AB没有拉力，k3弹簧没有发生形变。A球受重力，根据平衡条件k2x＝mg
x＝
取B球受力分析，如图：
根据平衡条件，可知：
kx′cosθ＝mg
解得：x′＝＞x，CD正确
故选：CD。
【点评】本题的关键是根据OB细线恰好处于竖直方向分析细线AB的拉力为零，对于A球是三力平衡问题，常规题
17．【分析】绳子对人的拉力与人对绳子的拉力是一对作用力与反作用力；以人为研究对象进行受力分析，根据力的矢量三角形与几何三角形相似分析各力的变化情况。
【解答】解：A.轻绳对人的拉力与人对轻绳的拉力是一对相互作用力，故A错误。
B.以人为研究对象，受到重力，如图所示。
根据相似三角形的对应边成比例，得：，当OA长等于OC时，则绳子对人的拉力大小F＝G；
C、若保持O点不动，AC间绳子长度增大，得到，但G的大小和AO的长度不变，故C错误。
D、若保持O点不动，根据；AC间绳子长度增大，则轻杆OC段承受的压力不变。
故选：BD。
【点评】本题主要是考查共点力平衡中的动态分析，关键是掌握三角形相似对应边成比例来处理动态平衡问题。
18．【分析】对相机受力分析，根据竖直方向的受力平衡解得照相机与杆的作用力，对整个装置受力分析，运用受力平衡列式求解，解得杆对地面的压力及每根杆对地面的摩擦力。
【解答】解：AB．对相机受力分析，则3Tcos37°＝mg
解得
根据牛顿第三定律可知照相机对每根支架的压力大小为
每根支架受到地面的摩擦力大小为支架受到的压力的水平分力，即f＝Tsin37°
解得：f＝
故A正确，B错误；
C．以整个装置为研究对象，竖直方向上有受力平衡可得5N＝mg
解得
因此当每根支架与竖直方向夹角变小时，则每根支架受到的地面的支持力将不变；
D．由AB选项分析可知
当每根支架与竖直方向夹角变小时，则每根支架受到的地面的摩擦力将变小。
故选：AC。
【点评】本题解题的关键是确定正确的研究对象，运用受力平衡列式求解。
19．【分析】分析小球的运动情况从而分析拉力大小变化，对物块受力分析可分析摩擦力大小变化，分别计算物块向上和向下的摩擦力，比较即可知摩擦力在最大值，对斜面和物块整体分析解得D项。
【解答】解：A．当Oa水平时，斜面对物块的摩擦力沿斜面向上1＝3mgsin37°
小球从a摆到最低点b点，由动能定理
在b点有：
解得细线拉力F1＝5mg＞f1＝1.8mg
斜面对物块的摩擦力沿斜面向下，小球从a运动到b过程中细线的拉力逐渐最大，故A正确；
B．斜面对物块的支持力不变，所以斜面对物块的作用力变化；
C．斜面对物块的沿斜面向上的摩擦力最大值为f1＝3mgsin37°＝3mg×0.6＝8.8mg
斜面对物块的沿斜面向下的摩擦力最大值为f2＝6mg﹣1.8mg＝5.2mg
所以斜面对物块的摩擦力最大值为1.8mg，故C错误；
D．对斜面和物块整体分析，地面对斜面体的支持力最小支＝（5m+3m）g﹣F6sin37°＝8mg﹣1.8mg＝6.2mg
故D正确。
故选：AD。
【点评】本题考查圆周运动中牛顿第二定律的应用，解题关键掌握受力分析，注意摩擦力的方向。
20．【分析】由于M、N在水平拉力作用下，整体保持静止状态，那么所受的合力为零。又由于重力恒定，水平拉力方向不变，可用三角形方法解决此类动态平衡问题。最后结合，M所受力的情况进行解答即可。
【解答】解：AB、根据M，进行受力分析可知，变化的绳子拉力T
在向左拉动的时候，绳子拉力T和水平拉力F都不断增大，B正确；
CD、对于M的受力，当T不断增大的时候；当T＞mgsinθ时，f将增大；也可能是T＝mgsinθ+f，摩擦力f增大，D正确。
故选：BD。
【点评】本题考查了动态的平衡问题，解题的关键是使用三角形方法解题；其次，在分析M的受力时，注意摩擦力的方向问题。
21．【分析】对物体受力分析，有平衡条件可求弹簧的形变量，上面的弹簧的上端A竖直向上提高的距离为两弹簧的形变量之和。
【解答】解：若下面弹簧处于压缩状态，则下面弹簧弹力的变化量为知，下面弹簧的形变量的＝，
对物体分析有：上面的弹簧的弹力，
则上面弹簧形变量＝，
则将弹簧2的上端A竖直向上缓慢移动的距离d＝Δx1+Δx2＝+＝
若下面弹簧处于伸长状态，则下面弹簧弹力的变化量为，
下面弹簧的形变量的Δx3′＝
对物体分析有：上面的弹簧的弹力
则上面弹簧形变量Δx2′＝
则将弹簧2的上端A竖直向上缓慢移动的距离d＝Δx5′+Δx2′＝
故AD正确，BC错误；
故选：AD。
【点评】解决本题的关键是理清初末状态，结合胡克定律和共点力平衡进行求解，难道不大，注意下面弹簧可能处于伸长状态，可能处于压缩状态。
三、实验题（10分）
22．【分析】①根据合力与分力的关系是等效的，分析橡皮条两次拉伸长度关系和橡皮条和绳的结点的位置关系。
②根据实验操作过程是纸面上，力的图示也画在白纸上，分析对弹簧秤、细绳、橡皮条的要求。从数学上考虑如何减小误差
【解答】解；①A，即研究合力与分力的关系，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同，B正确。
C、D在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，表明两次效果相同，而弹簧秤不必拉到相同刻度，D正确。
故选：BD
②A、B本实验是通过在白纸上作力的图示来验证平行四边定则，弹簧秤、橡皮条都应与木板平行，作出的是拉力在纸面上的分力。两细绳长度不需要相同，B正确。
C、用两弹簧秤同时拉细绳时弹簧读数没有要求。故C错误。
D、弹簧秤标记同一细绳方向的两点要远些。故D正确。
故选：BD；
故答案为：①BD；②BD
【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进行数据处理等等。
23．【分析】①根据弹簧测力计的读数方法可得出对应的读数，再由读数减去原长即为伸长量；
②根据实验准确性要求可明确哪种方法更为规范；
③由弹簧的性质和图象进行分析，则可得出造成图象偏离的原因。
【解答】解：①由图可知，图乙中示数为：14.66cm；
②为了更好的找出弹力与形变量之间的规律，应逐一增挂钩码；故选：A；
③在弹簧的弹性限度范围内，胡克定律是成立的，胡克定律将不再适用；
故答案为：①6.93；②A。
【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比，对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差。
