2017年重庆八中中考物理一模试卷
一、选择题
1．（2017·重庆模拟）下列物理量中最接近实际的是（ ）
A．中学生的质量约为20kg B．家庭常用节能灯功率约为10W
C．水杯的高度约为10dm D．重庆夏天的最高温度约为100℃
【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电功率
【解析】【解答】解：
A、中学生的质量约为50kg，故A不符合实际；
B、家庭常用节能灯功率约为10W，故B符合实际；
C、水杯的高度约为10cm，故C不符合实际．
D、重庆夏天的最高温度约为40℃，故D不符合实际．
故选B．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
2．（2017·重庆模拟）图中以下说法正确的是（ ）
A．甲图中钳子剪断铁丝时属于费力杠杆
B．当乙图中管内的水蒸气把瓶塞冲出时动能转化为内能
C．丙图中车用安全锤的一端很尖是为了增大对车窗玻璃的压强
D．丁图是我国096攻击型核潜艇，它在海面下加速上升时浮力逐渐变大
【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；增大压强的方法及其应用；物体的浮沉条件及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】解：A、钳子剪断铁丝时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、试管内的水蒸气当用酒精灯加热一定程度时，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能，故B错误；
C、安全锤的锤头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故C正确；
D、浸入液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度和排开的液体的体积有关，潜艇在海面下加速上升时，液体密度不变，排开的液体的体积不变，浮力不变，故D错误．
故选：C．
【分析】（1）根据动力臂和阻力臂的大小分析；（2）当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能．（3）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小．增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．（4）根据阿基米德原理分析．
3．（2017·重庆模拟）如图所示，下列现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．海市蜃楼 B．皮影戏
C．日环食 D．水中倒影
【答案】A
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】解：
A、海市蜃楼是光的折射现象，故A正确；
B、影子是光沿直线传播形成的，故B错误；
C、日环食是由光的直线传播形成的，故C错误；
D、水中的“倒影”是由于光的反射现象形成的，故D错误．
故选A．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．
4．（2017·重庆模拟）如图所示是沙滩摩托车，根据你所学的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．摩托车的速度越快，它的惯性越大
B．摩托车底部安装有宽的轮子，是为了减小压力
C．摩托车对地的压力和地面对摩托车的支持力是一对平衡力
D．摩托车轮子上有很多凸起的地方，是为了增大轮与地的摩擦力
【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：A、惯性的大小与物体的运动状态、物体的形状、位置和受力情况都无关，惯性的大小只与物体质量的大小有关，故A错误；
B、摩托车底部安装有宽的轮子，在压力不变时，增大受力面积是为了减小压强，故B错误；
C、摩托车对地的压力和地面对摩托车的支持力，这两个力不作用在同一物体上，物体对地面的压力作用在地面上，地面对物体的支持力作用在物体上，二力是作用力与反作用力．故C错误．
D、摩托车车轮胎上制有凹凸不平的花纹，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦．故D正确．
故选D．
【分析】（1）根据惯性的大小只与物体质量的大小有关来解答；（2）根据p= 可知增大受力面积是为了减小压强；（3）判定两个力是否是平衡力，就要看这两个力是否同时具备这四个条件：等大；反向；共线；共物．若同时具备，则为平衡力；否则就不是平衡力；（4）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度．在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度．在接触面的粗糙程度一定时，减小压力．使接触面脱离．滚动摩擦代替滑动摩擦．
5．（2017·重庆模拟）根据你学的热学知识，以下说法正确的是（ ）
A．霜的形成是凝固现象且放热
B．零下18℃的液体能发生气化现象
C．汽车玻璃内壁上有水珠，吹风后水珠不见了是液化现象
D．大风吹起尘土“漫天飞扬”的现象说明分子在水不停息地运动
【答案】B
【知识点】蒸发及其现象；液化及液化放热；凝华及凝华放热；分子热运动
【解析】【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故A错误；
B、汽化包括蒸发和沸腾两种方式．其中蒸发可以在任何温度下进行．故B正确；
C、汽车玻璃内壁上的水珠是液态，水珠不见了，是变成了气态水蒸气，属于汽化现象，故C错误；
D、尘土是固态颗粒物，大风吹起尘土“漫天飞扬”是物体的机械运动，与分子运动无关，故D错误．
故选：B．
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（2）吸热的物体变化有：熔化、汽化、升华；放热的物体变化有：凝华、液化、凝固；（3）蒸发是在任何温度下可以进行的汽化现象；（4）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动．
6．（2017·重庆模拟）如图所示的四张图片中，对应物理知识阐述正确的是（ ）
A．甲图中闭合开关后看到的现象称为电磁感应现象
B．乙图展示了发电机的原理
C．丙图把拉线开关接在灯和火线之间更能保证用电安全
D．丁图所示用皮毛摩擦胶棒，橡胶带负电是由于皮毛束缚电子的能力比较强
【答案】C
【知识点】两种电荷；家庭电路的连接；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】解：A、甲图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；
B、发电机是利用电磁感应的原理制成的，该装置中没有电源，故B错误；
C、从安全用电的角度分析，把拉线开关接在灯和火线之间更能保证用电安全，故C正确；
D、用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强、夺得电子，因有了多余电子带负电，毛皮的原子核束缚核外电子的本领弱，就会失去电子，因缺少电子带正电．故D错误；
故选C．
【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场；（2）发电机是利用电磁感应的原理制成的，该装置中没有电源；（3）在家庭电路中，开关应该接到火线和用电器之间；（4）不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，两种物质相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移．
7．（2017·重庆模拟）如图所示，电源电压保持6V 不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”．闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.5A
B．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2Ω～20Ω
C．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W～3W
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图知，R2与定值电阻R1串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中电流（1）由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，
由串联电路特点知，此时定值电阻R1两端的电压：U1=3V，
由欧姆定律可得此时电路中的电流：I=I2=I1= = =0.3A＜0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；故A错误；
此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小：R2= = = =10Ω；故B错误；
电路消耗的最大功率：P=UI=6V×0.3A=1.8W；故D错误；
电阻R1消耗功率最大功率：P=UI=3V×0.3A=0.9W．（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
即：I1′= = =0.2A，
所以电阻R1消耗的最小功率：P′=（I1′）2R1=（0.2A）2×10Ω=0.4W；
所以电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W，故C正确．
故选C．
【分析】滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中电流．
根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化．
8．（2017·重庆模拟）如图所示，在盛有水底面积为S1的圆柱形容器内放有一木块A，A的底面积为S2，在木块A 的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在水内，而木块A刚好浸没在水中，水面正好与容器口相齐，某瞬间细线突然断开，待稳定后水面下降了h1；然后取出金属块B，水面又下降了h2；最后取出木块A，水面又下降了h3；以下判断错误的是（ ）
A．A物体的体积为（h1+h3）S1
B．A与B的密度比h3：（h1+h2）
C．A与B的总质量为ρ水S1（h1+h2+h3）
D．要把漂浮的A物体再次压没在水中，其上所放铁块的质量最小为ρ水（S2﹣S1）h1
【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】解：A、根据AB都取出后，水面共下降h1+h2+h3，则AB物体的总体积为VAB=S1（h1+h2+h3），根据取出金属块B，液面下降了h2可知：VB=Sh2，则VA=VAB﹣VB=S1（h1+h2+h3）﹣Sh2=（h1+h3）S1，故A正确；
B、当木块漂浮在水面上时，受到的浮力等于自身的重力，
F浮2=GA，则ρ水gS1h3=ρAVg，
即ρAVg=ρ水gSh3 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
根据细线突然断开，待稳定后液面下降了h1可知：
细线断开后，木块A减小的浮力△F浮1=ρ水gV排1=ρ水gS1h1；
根据取出金属块B，液面下降了h2可知：
金属块B所受浮力F浮1=ρ水gVB=ρ水gSh2，
则金属块B的重力与金属块B所受浮力之差为GB﹣ρ水gS1h2=ρBVg﹣ρ水gS1h2，
木块A与金属块B一起能漂浮在液面上，则金属块B的重力与金属块B所受浮力之差等于木块减小的浮力，
所以，ρ水gS1h1=ρBVg﹣ρ水gSh2，
即：ρBVg=ρ水gS1h1+ρ水gS1h2 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
则①式与②式相比得：
= ，
整理得： = ；故B正确；
C、金属块B在木块A下面，一起刚好浸没在水中时，根据漂浮条件可知：G=F浮=ρ水gVAB=ρ水gS1（h1+h2+h3），所以总质量m=ρ水S1（h1+h2+h3），故C正确；
D、由于最后取出木块A水面又下降了h3；根据木块漂浮可知：GA=ρ水gVA排=ρ水gS1h3；要把漂浮的A物体再次刚压没在水中时，F浮′=GA+G′，
所以，G′=F浮′﹣GA=ρ水gVA﹣ρ水gS1h3=ρ水g（h1+h3）S1﹣ρ水gS1h3=ρ水gh1；故D错误．
故选D．
【分析】（1）根据物体取出时液面的下降分别得出物体AB的总体积和B的体积，然后即可求出A的体积；（2）根据物体AB浸没时到此时木块A受到自身重力、浮力、向下的拉力，B受到重力、向上的拉力，和浮力的作用，当细线断开后，木块受到的浮力减小，减小的浮力等于金属块B的重力与金属块B所受浮力之差；根据此关系和阿基米德原理列出等式．
木块在液体中最后漂浮，受到的浮力等于自身重力，根据此关系和阿基米德原理列出等式，二式相比较即可得出结论．（3）根据AB一起漂浮时利用漂浮条件即可求出总质量；（4）要把漂浮的A物体再次压没在水中，根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出．
二、填空题
9．（2017·重庆模拟）物理学家 第一次准确地测出了大气压强的大小； 实验第一次发现了电流能够产生磁场．
【答案】托里拆利；奥斯特
【知识点】物理常识
【解析】【解答】解：（1）托里拆利第一次准确地测出了大气压强的大小；（2）奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人．
故答案为：托里拆利；奥斯特．
【分析】（1）能够证明大气压存在的实验有很多，但只要提到著名和首先的实验，那就确定了是哪一个；（2）奥斯特发现了电流的磁效应．
10．（2017·重庆模拟）如图所示，A、B两个容器的底面积相同，分别装有硫酸、酒精（ρ硫＞ρ酒精），已知两个容器底面受到的压力相等，A中硫酸液体对杯底的压强 （选填“大于”、“小于”或“等于”）B中酒精对杯底的压强，AB两个容器 （选填“A”或“B”）对水平桌面的压强大．
【答案】等于；B
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】解：由题可知，SA=SB，FA=FB，由p= 可得，pA=pB；
不同形状的液体（容器），其对容器底部产生的正压力大小与液体的重力关系不同，如图所示，
在A形状的容器中，液体对容器底部产生的压力FA＞GA，
在B形状的容器中，液体对容器底部产生的压力FB＜GB．
由于FA=FB，可得：GB＞GA，
则A对水平产生的压力：F'A=GA+G容，
B对水平产生的压力：F'B=GB+G容，
可得F'A＜F'B，又因为SA=SB，由公式p= 可得：p'A＜p'B．
故答案为：等于；B．
【分析】根据题意，受力面积相等，由F=pS判断压强大小，根据容器的形状判断液体对容器底部压力大小与液体自身重力的关系，再由p= 进行辨析．
11．（2017·重庆模拟）如图所示，小川的质量为50kg，A、B、C处能承受的最大拉力分别为1000N、1300N、600N，每个滑轮重力均为100N，设每段绳子均处于竖直状态，不考虑绳子的质量和摩擦，则用此滑轮组提升重物的最大的机械效率为 ，若小川的双脚与地面的接触面积为500cm2，此时小川对地面的压强为 Pa．
【答案】87.5%；2000
【知识点】压强的大小及其计算；机械效率的计算
【解析】【解答】解：由图可知，n=2，①当C处绳子的拉力为600N时，由F= （G+G动）可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC﹣G动=2×600N﹣100N=1100N＞1000N，
所以，此种情况不可能；②当A处绳子的拉力为1000N时，
C处绳子的拉力FC= （GA+G动）= ×（1000N+100N）=550N，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，
由力的平衡条件可得，B处绳子的拉力FB=G定+3FC=100N+3×550N=1750N＞1300N，
所以，此种情况不可能；③当B处绳子的拉力为1300N时，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，
由力的平衡条件可得，FB=G定+3FC，
则FC= （FB﹣G定）= （1300N﹣100N）=400N，
由F= （G+G动）可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC﹣G动=2×400N﹣100N=700N，
此种情况可能，滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%=87.5%，
小川对地面的压力：
F=G﹣FC=mg﹣FC=50kg×10N/kg﹣400N=100N，
小川对地面的压强：
p= = =2000Pa．
故答案为：87.5%；2000．
【分析】由图可知滑轮组绳子的有效股数，当C处绳子的拉力为600N时，根据F= （G+G动）求出C处绳子的拉力判断此种情况不可能；当A处绳子的拉力为1000N时，根据F= （G+G动）求出C处绳子的拉力，以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，由力的平衡条件可得B处绳子的拉力，判断出此种情况不可能；当B处绳子的拉力为1300N时，以定滑轮为研究对象，根据力的平衡条件求出FB，根据F= （G+G动）求出A处绳子的拉力，判断出此种情况可能，根据η= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%求出滑轮组的机械效率，小川对地面的压力等于自身的重力减去绳子的拉力，利用p= 求出小川对地面的压强．
12．（2017·重庆模拟）如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数从1A变化到2A，此时滑动变阻器R的电功率从9W变化到12W，则R1的电阻值是 Ω，电源电压为 V．
【答案】3；12
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．
当电流表的示数I最小=1A，PR′=9W，
由P=UI可得，电压表的示数：
UR′= = =9V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：
U=IR1+UR′=1A×R1+9V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当电流表的示数I最大=2A，PR″=12W，
则电压表的示数：
UR″= = =6V，
电源的电压：
U=I最大R1+UR″=2A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因电源的电压不变，解①②方程得：
R1=3Ω，U=12V．
故答案为：3；12．
【分析】由电路图可知，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．
根据P=UI分别表示出两种情况下电压表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压．
13．（2017·重庆模拟）如图所示，是长安汽车研究院的工程师开发的自动驾驶汽车，并完成了重庆到北京全程告诉自动驾驶，这次体验路线长达2000公里，一路从重庆经西安到达北京，车的四周都装有高清的摄像头和高灵敏度的雷达，及时接受周围的路况信息，请根据你所学的物理知识，写出一条与物理有关的信息，并说出涉及的物理知识，
示例：物理信息：轮胎表面上有凹槽．
物理知识：通过增大接触面积的粗糙程度来增大摩擦力．
作答：物理信息： ；
物理知识： ．
【答案】汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像
【知识点】凸透镜成像的应用；电磁波的传播
【解析】【解答】解：①物理信息：汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；
物理知识：u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像．②物理信息：高灵敏度的雷达；
物理知识：电磁波可以传递信息．
故答案为：汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像．
【分析】认真阅读题目所给材料，从中捕捉到与物理现象有关的物理信息；
14．（2017·重庆模拟）画出图中的弹簧测力计所施加的拉力F的力臂．
【答案】解：如图所示：
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解：
反向延长动力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L1．如图所示：
．
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．
15．（2017·重庆模拟）根据通电螺线管的电流方向画出螺线管的N极．
【答案】解：如图所示：
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：已知电流从下后方流入，右手弯曲的四指与电流方向一致，垂直的大拇指指向螺线管上端，故螺线管上端为N极，下端为S极；如图：
【分析】根据电流的方向和线圈的绕向；再由安培定则判断通电螺线管两端的磁极．
三、解答题
16．（2017·重庆模拟）如图甲是某物体熔化时温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中总质量不变，单位时间内吸收的热量相同）．
（1）这种物质的固体属于 （选填“晶体”或“非晶体”）．如图乙，在某一时刻，用温度计测得物质的温度为 ℃．
（2）在CD段时，此物质处于 （选填“固”、“液”或“固液共存”）态．
（3）在BC段，物体的内能 （选填“越来越小”、“不变”、“越来越大”）
（4）该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c 1、c 2，由图甲可知c 1：c 2= ．
【答案】（1）晶体；﹣6
（2）液
（3）越来越大
（4）1：2
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】解：（1）由图知，该物质在熔化过程中，温度保持0℃不变，所以该物质为晶体．并且熔点为0℃．由乙图可知，该温度计的分度值是1℃，而且液柱上表面对应的刻度在零刻度以下，故读数为﹣6℃；（2）由图象知，该晶体在BC段温度保持不变，所以其正在熔化，到C点该晶体完全熔化完，所以CD段为液态．（3）据图象能看出，该物质在BC段处于熔化过程中，晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加，内能越来越大；（4）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段温度升高10℃，被加热5min；在CD段温度升高10℃，被加热10min；
则该物质在AB段吸热与CD段吸热之比为1：2，根据Q=cm△t可得， = = = ．
故答案为：（1）晶体；﹣6；（2）液；（3）越来越大；（4）1：2．
【分析】（1）晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点．温度计读数时，首先要看清温度计的分度值，再根据液柱上表面对应的刻度进行读数，还要注意是在零上还是零下；（2）由上面已知该物质的熔点是0℃，所以当该物质在CD段时，该物质已经熔化完成，为液态．晶体熔化前处于固态，熔化过程处于固液共存态．（3）晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加．（4）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段温度升高10℃，被加热5min；在CD段温度升高10℃，被加热10min．
17．（2017·重庆模拟）小启和小宇在磁器口的嘉临江边各捡回一块外形奇特的石头，准备利用在课堂上学到的知识测定它的密度．
（1）小启现将天平放在 上，移动游码至标尺左端 处，发现指针静止在分度盘中央的右臂，则应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡．
（2）用调好的天平测石子的质量，小明用天平测量矿石块的质量，如图甲，指出实验操作中的错误： ．改正错误后，小明用正确的方法称矿石块的质量，平衡时放在盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙，则石头的质量为 g，在量筒内装有一定量的水，该石子放入前、后的情况如图丙所示，则石头的体积是 cm3，此石头的密度是 kg/m3．
（3）小宇发现自己现有的器材中有天平（含砝码），但没有量筒，只有一个烧杯，聪明的小宇灵机一动设计了另一种测量石头密度的方案，步骤如下：
A．用天平测出矿石块的质量为m0；
B．在烧杯中倒满水，称出烧杯和水的总质量m1；
c．将矿石块轻轻放入装满水的烧杯中，矿石块沉入杯底，烧杯溢出水后，将烧杯壁外的水擦干净，重新放在天平左盘上，称出此时烧杯、杯内矿石和水的总质量m2；
D．已知水的密度，并将其记为ρ水；
E．则矿石密度的表达式：ρ矿石= （用m0、m1、m2、ρ水来表达）
【答案】（1）水平桌面；零刻度线；左
（2）用手拿砝码；38.4；15；2.56×103
（3）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处；指针静止在分度盘中央的右侧，则左盘高，平衡螺母应向左调节；（2）由图甲知，在称量过程中，小启用手拿砝码了，这样会使砝码生锈；
应将物体置于天平的左盘，在右盘中添加砝码，由图乙知，标尺的分度值为0.2g，所以石块的质量：m=20g+10g+5g+3.4g=38.4g；
由图丙知，量筒的分度值为1mL，水的体积为30mL，水和石子的体积为45mL，所以石块的体积：V=45mL﹣30mL=15mL=15cm3；
矿石块的密度：ρ= = =2.56g/cm3=2.56×103kg/m3；（3）矿石排开水的质量：m排=m1+m0﹣m2，
由ρ= 得，
矿石的体积：V石=V排= = ；
则矿石块的密度：ρ= = = ．
故答案为：（1）水平桌面；零刻度线；左；（2）用手拿砝码；38.4； 15； 2.56×103；（3） ．
【分析】（1）掌握天平的调平，在调平前将天平放在水平桌面上，游码拨到标尺左端的零刻度线处，哪边的盘高，平衡螺母向哪边移动；（2）在加减砝码时，应用镊子；天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；在进行量筒的读数时，注意其分度值，根据公式ρ= 计算石块的密度；（3）根据等效替代法，测出排出水的体积便可得物体的体积；并根据这个原理判断测量误差；
根据物体的体积等于排出水的体积，根据密度公式得出ρ= 表示出物体的密度．
18．（2017·重庆模拟）在“测定小灯泡功率”的实验中，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω．
（1）在检查仪器时，发现电流表指针如图甲所示，则应对电流表进行 ．
（2）图乙是未连接好的电路，请在图上用笔画线代替导线连接好电路．
（3）小张检测电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，立即举手要求老师更换刀片，这种做法 （填“妥当”或“不妥当”）．经同组员成员提示还发现电压表电流表都有示数，则灯泡不亮的原因可能是 ．解决问题后，小张继续实验，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置，电压表的示数如图丙所示，为测小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向 （填“A”或“B”）端滑动直至电压表示数为2.5V，记下此时电流表的示数，即可测出．
（4）实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，则小灯泡将 （填“不亮”、“较亮”、“正常发光”、“特别亮乃至烧毁”）．
（5）测量结束后，应先断开开关，拆除 两端的导线，再拆除其它导线，最后整理好器材．
（6）小张获知了两个额定电压为220V的白炽灯L1和L2的电压U与电流I的关系曲线，如图所示，由此可知，L2的额定功率约为 W；如果将L1和L2串联后接在220V的电源上，则此时L2的实际功率为 W．
【答案】（1）调零
（2）解：如图所示：
（3）不妥当；灯泡实际功率很小；B
（4）不亮
（5）电源
（6）99；17.5
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）由图1所示电流表可知，电流表指针没有指在零刻度线上，在使用该电流表之前应对电流表进行调零，使指针指在零刻度线上．（2）灯泡额定电压是2.5V，电压表应选0～3V量程，灯泡正常发光时电流约为I= = =0.25A，电流表应选0～0.6A量程，灯泡与电流表串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路图如图所示：
；（3）闭合开关前滑片置于阻值最大处，闭合开关，电压表与电流表都有示数，说明电路不存在断路，灯泡也没有发生短路，由于滑动变阻器阻值全部接入电路，电路电阻很大，电路电流很小，灯泡实际功率很小，因此灯泡不发光，此时不需要急着换灯泡，正确做法是移动滑片，观察灯泡是否发光．图丙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为0.7V，小于灯的额定电压，因灯在额定电压2.5V时才正常发光，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，由分压原理应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向B移动，直到电压表示数为2.5V；（4）实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，即电压表串联在电路中，电流表与灯并联，因电流表内阻很小，所以电流表将灯短路了，灯不亮；因电压表内阻很大，根据欧姆定律，电路中电流几乎为0；根据分压原理，电压表示数接近电源电压．所以实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，则小灯泡将不亮．（5）实验结束后，应将先将电源拆除，确保电路不会形成通路；（6）由图可知，当电压为220V时，L2的电流为0.45A，故L2的额定功率：P=UI2=220V×0.45A=99W；
两电阻串联时，流过两电阻的电流相等，而总电压应为220V，
由U﹣I图象可知，串联时电流应为0.25A，此时L1的电压为150V，L2的电压为70V，符合串联电路的电压特点，
故此时L2的功率P=U2I2′=70V×0.25A=17.5W．
故答案为：（1）调零；（2）见上图；（3）不妥当；灯泡实际功率很小；B；（4）不亮；（5）电源；（6）99；17.5．
【分析】（1）使用电表前应对电表进行机械调零，使指针只在零刻度线处．（2）根据灯泡额定电压确定电压表量程，根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，把电流表、滑动变阻器串联接入电路，把电压表与灯泡并联，即可完成电路图的连接．（3）灯泡实际功率很小时，灯泡可能不发光．根据图丙电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移动的方向；（4）根据电压表和电流表互换了位置后电路的连接，由电表内阻的大小结合欧姆定律和分压原理作答；（5）电源两极不可以直接用导线连接；实验结束后，应将先拆除电源，然后再拆除其余导线；（6）由图可知当电压为额定电压时的电流，则由功率公式可得出额定功率；串联后接在220V的电源上，则两电阻两端的电压达不到220V，但二者电压之和应为220V，由图可读出电阻的电流，则可求得功率．
四、解答题
19．（2017·重庆模拟）如图所示，重庆轨道2号线在李子坝站“穿”居民楼而过，山城的复杂地形造就了全国绝无仅有的震撼景象．若列车电动机功率为370kW，长度为120m，行驶速度为25m/s，该居民楼长度为130m，则在列车穿过居民楼的过程中；求：
（1）列车所花的时间为多少秒；
（2）列车电动机做的功为多少J？
【答案】（1）解：列车穿过居民楼时通过的路程：
s=L车+L居民楼=120m+130m=250m，
由v= 可得，列车穿过居民楼的时间：
t= = =10s
（2）解：由P= 可得，列车电动机做的功：
W=Pt=370×103W×10s=3.7×106J
【知识点】电功的计算
【解析】【分析】（1）列车穿过居民楼的路程等于车长加上居民楼的长度，又知道列车行驶的速度，根据v= 求出列车穿过居民楼的时间；（2）知道电动机的功率和工作时间，根据W=Pt求出列车电动机做的功．
20．（2017·重庆模拟）如图甲所示，电源电压U=10V，R1为定值电阻，阻值为20Ω，R为滑动变阻器，R的最大阻值为50Ω，小灯泡上标有“6V 3W”字样，小灯泡的U﹣I关系如图乙所示．求：
（1）小灯泡正常工作时通过灯丝的电流．
（2）S闭合，S1、S2都断开时，调节滑动变阻器滑片使小灯泡两端的电压为4V时，滑动变阻器接入电路的阻值．
（3）S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器滑片到何处时，整个电路消耗的总功率最小，这个最小功率是多少？
【答案】（1）解：由P=UI可得，小灯泡正常工作时通过灯丝的电流：
IL= = =0.5A
（2）解：S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UL′=10V﹣4V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由图象可知，电路中的电流I=IL′=0.4A，
由I= 可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R滑= = =15Ω
（3）解：S、S1、S2都闭合时，R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，
当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路消耗的总功率最小，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R总= = = Ω，
电路的最小功率：
P小= = =7W
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率与电压、电流的关系；电功率的计算
【解析】【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过灯丝的电流；（2）S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据图象读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；（3）S、S1、S2都闭合时，R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P= 求出电路的最小功率．
21．（2017·重庆模拟）如图甲所示，为我国自主研制、全球最大的两栖大飞机AG600漂浮在水面时的情景，AG600飞机能够像船一样在水面滑行、起飞降落．它的用途很多，最主要的是森林灭火、水上救援、物资运输、海洋探测等．该飞机最大总质量为53.5吨、机体总长36.9米，翼展达到38.8米，4台发电机，单台功率为3126km，航程4500km，一次可救护50名遇险者．如图乙所示为我国自主研制的“海斗号”无人潜水器，最大下潜深度科大10767m，取海水的密度为1×103kg/m3．
（1）AG600在水中所受的最大浮力为多少N；
（2）“海斗号”在海水中所受的最大压强为多少Pa；
（3）若从AG600中释放“海斗号”入水浸没，不接触水底，一根绳子两端分别连着AG600和“海斗号”，静止后绳子拉力为8×103N，假设海斗号平均密度为5×103kg/m3，则此过程前后AG600减小的浮力为多少N？
【答案】（1）解：AG600漂浮在水面所受的最大浮力：
F浮=G=mg=53.5×103kg×10N/kg=5.35×105N
（2）解：“海斗号”最大下潜深度为10767m，
则受到的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10767m=1.0767×108Pa
（3）解：“海斗号”在水中处于平衡状态，则G′=F+F浮′，
即：ρgV=F+ρ水gV，
所以，V= = =0.2m3，
“海斗号”的重力G′=ρgV=5×103kg/m3×10N/kg×0.2m3=1×104N；
AG600释放“海斗号”后由于漂浮在水面上，则
F浮′=G﹣G′+F=5.35×105N﹣1×104N+8×103N=5.33×105N，
所以△F浮=F浮﹣F浮′=5.35×105N﹣5.33×105N=2×103N
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）知道AG600的最大总质量，根据漂浮条件即可求出所受的最大浮力．（2）知道下潜的深度和海水的密度，根据p=ρgh求出受到的海水的最大压强；（3）对“海斗号”受力分析，由平衡条件求其体积和重力，根据AG600受力情况即可得出浮力变化．
2017年重庆八中中考物理一模试卷
一、选择题
1．（2017·重庆模拟）下列物理量中最接近实际的是（ ）
A．中学生的质量约为20kg B．家庭常用节能灯功率约为10W
C．水杯的高度约为10dm D．重庆夏天的最高温度约为100℃
2．（2017·重庆模拟）图中以下说法正确的是（ ）
A．甲图中钳子剪断铁丝时属于费力杠杆
B．当乙图中管内的水蒸气把瓶塞冲出时动能转化为内能
C．丙图中车用安全锤的一端很尖是为了增大对车窗玻璃的压强
D．丁图是我国096攻击型核潜艇，它在海面下加速上升时浮力逐渐变大
3．（2017·重庆模拟）如图所示，下列现象中，属于光的折射现象的是（ ）
A．海市蜃楼 B．皮影戏
C．日环食 D．水中倒影
4．（2017·重庆模拟）如图所示是沙滩摩托车，根据你所学的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．摩托车的速度越快，它的惯性越大
B．摩托车底部安装有宽的轮子，是为了减小压力
C．摩托车对地的压力和地面对摩托车的支持力是一对平衡力
D．摩托车轮子上有很多凸起的地方，是为了增大轮与地的摩擦力
5．（2017·重庆模拟）根据你学的热学知识，以下说法正确的是（ ）
A．霜的形成是凝固现象且放热
B．零下18℃的液体能发生气化现象
C．汽车玻璃内壁上有水珠，吹风后水珠不见了是液化现象
D．大风吹起尘土“漫天飞扬”的现象说明分子在水不停息地运动
6．（2017·重庆模拟）如图所示的四张图片中，对应物理知识阐述正确的是（ ）
A．甲图中闭合开关后看到的现象称为电磁感应现象
B．乙图展示了发电机的原理
C．丙图把拉线开关接在灯和火线之间更能保证用电安全
D．丁图所示用皮毛摩擦胶棒，橡胶带负电是由于皮毛束缚电子的能力比较强
7．（2017·重庆模拟）如图所示，电源电压保持6V 不变，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻的规格为“10Ω0.5A”，滑动变阻器的规格为“20Ω 1A”．闭合开关，为了保证电路安全，在变阻器滑片移动过程中，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数允许的变化范围为0.2A～0.5A
B．变阻器R2接入电路的阻值允许变化范围为2Ω～20Ω
C．电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.2W～3W
8．（2017·重庆模拟）如图所示，在盛有水底面积为S1的圆柱形容器内放有一木块A，A的底面积为S2，在木块A 的下方用轻质细线悬挂一体积与之相同的金属块B，金属块B浸没在水内，而木块A刚好浸没在水中，水面正好与容器口相齐，某瞬间细线突然断开，待稳定后水面下降了h1；然后取出金属块B，水面又下降了h2；最后取出木块A，水面又下降了h3；以下判断错误的是（ ）
A．A物体的体积为（h1+h3）S1
B．A与B的密度比h3：（h1+h2）
C．A与B的总质量为ρ水S1（h1+h2+h3）
D．要把漂浮的A物体再次压没在水中，其上所放铁块的质量最小为ρ水（S2﹣S1）h1
二、填空题
9．（2017·重庆模拟）物理学家 第一次准确地测出了大气压强的大小； 实验第一次发现了电流能够产生磁场．
10．（2017·重庆模拟）如图所示，A、B两个容器的底面积相同，分别装有硫酸、酒精（ρ硫＞ρ酒精），已知两个容器底面受到的压力相等，A中硫酸液体对杯底的压强 （选填“大于”、“小于”或“等于”）B中酒精对杯底的压强，AB两个容器 （选填“A”或“B”）对水平桌面的压强大．
11．（2017·重庆模拟）如图所示，小川的质量为50kg，A、B、C处能承受的最大拉力分别为1000N、1300N、600N，每个滑轮重力均为100N，设每段绳子均处于竖直状态，不考虑绳子的质量和摩擦，则用此滑轮组提升重物的最大的机械效率为 ，若小川的双脚与地面的接触面积为500cm2，此时小川对地面的压强为 Pa．
12．（2017·重庆模拟）如图所示，电源电压不变，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表示数从1A变化到2A，此时滑动变阻器R的电功率从9W变化到12W，则R1的电阻值是 Ω，电源电压为 V．
13．（2017·重庆模拟）如图所示，是长安汽车研究院的工程师开发的自动驾驶汽车，并完成了重庆到北京全程告诉自动驾驶，这次体验路线长达2000公里，一路从重庆经西安到达北京，车的四周都装有高清的摄像头和高灵敏度的雷达，及时接受周围的路况信息，请根据你所学的物理知识，写出一条与物理有关的信息，并说出涉及的物理知识，
示例：物理信息：轮胎表面上有凹槽．
物理知识：通过增大接触面积的粗糙程度来增大摩擦力．
作答：物理信息： ；
物理知识： ．
14．（2017·重庆模拟）画出图中的弹簧测力计所施加的拉力F的力臂．
15．（2017·重庆模拟）根据通电螺线管的电流方向画出螺线管的N极．
三、解答题
16．（2017·重庆模拟）如图甲是某物体熔化时温度随加热时间变化的图象（假设在加热过程中总质量不变，单位时间内吸收的热量相同）．
（1）这种物质的固体属于 （选填“晶体”或“非晶体”）．如图乙，在某一时刻，用温度计测得物质的温度为 ℃．
（2）在CD段时，此物质处于 （选填“固”、“液”或“固液共存”）态．
（3）在BC段，物体的内能 （选填“越来越小”、“不变”、“越来越大”）
（4）该物质在AB 段和CD段的比热容分别为c 1、c 2，由图甲可知c 1：c 2= ．
17．（2017·重庆模拟）小启和小宇在磁器口的嘉临江边各捡回一块外形奇特的石头，准备利用在课堂上学到的知识测定它的密度．
（1）小启现将天平放在 上，移动游码至标尺左端 处，发现指针静止在分度盘中央的右臂，则应将平衡螺母向 调节，直至天平平衡．
（2）用调好的天平测石子的质量，小明用天平测量矿石块的质量，如图甲，指出实验操作中的错误： ．改正错误后，小明用正确的方法称矿石块的质量，平衡时放在盘中的砝码和游码在标尺上的位置如图乙，则石头的质量为 g，在量筒内装有一定量的水，该石子放入前、后的情况如图丙所示，则石头的体积是 cm3，此石头的密度是 kg/m3．
（3）小宇发现自己现有的器材中有天平（含砝码），但没有量筒，只有一个烧杯，聪明的小宇灵机一动设计了另一种测量石头密度的方案，步骤如下：
A．用天平测出矿石块的质量为m0；
B．在烧杯中倒满水，称出烧杯和水的总质量m1；
c．将矿石块轻轻放入装满水的烧杯中，矿石块沉入杯底，烧杯溢出水后，将烧杯壁外的水擦干净，重新放在天平左盘上，称出此时烧杯、杯内矿石和水的总质量m2；
D．已知水的密度，并将其记为ρ水；
E．则矿石密度的表达式：ρ矿石= （用m0、m1、m2、ρ水来表达）
18．（2017·重庆模拟）在“测定小灯泡功率”的实验中，被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω．
（1）在检查仪器时，发现电流表指针如图甲所示，则应对电流表进行 ．
（2）图乙是未连接好的电路，请在图上用笔画线代替导线连接好电路．
（3）小张检测电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，立即举手要求老师更换刀片，这种做法 （填“妥当”或“不妥当”）．经同组员成员提示还发现电压表电流表都有示数，则灯泡不亮的原因可能是 ．解决问题后，小张继续实验，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置，电压表的示数如图丙所示，为测小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向 （填“A”或“B”）端滑动直至电压表示数为2.5V，记下此时电流表的示数，即可测出．
（4）实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，则小灯泡将 （填“不亮”、“较亮”、“正常发光”、“特别亮乃至烧毁”）．
（5）测量结束后，应先断开开关，拆除 两端的导线，再拆除其它导线，最后整理好器材．
（6）小张获知了两个额定电压为220V的白炽灯L1和L2的电压U与电流I的关系曲线，如图所示，由此可知，L2的额定功率约为 W；如果将L1和L2串联后接在220V的电源上，则此时L2的实际功率为 W．
四、解答题
19．（2017·重庆模拟）如图所示，重庆轨道2号线在李子坝站“穿”居民楼而过，山城的复杂地形造就了全国绝无仅有的震撼景象．若列车电动机功率为370kW，长度为120m，行驶速度为25m/s，该居民楼长度为130m，则在列车穿过居民楼的过程中；求：
（1）列车所花的时间为多少秒；
（2）列车电动机做的功为多少J？
20．（2017·重庆模拟）如图甲所示，电源电压U=10V，R1为定值电阻，阻值为20Ω，R为滑动变阻器，R的最大阻值为50Ω，小灯泡上标有“6V 3W”字样，小灯泡的U﹣I关系如图乙所示．求：
（1）小灯泡正常工作时通过灯丝的电流．
（2）S闭合，S1、S2都断开时，调节滑动变阻器滑片使小灯泡两端的电压为4V时，滑动变阻器接入电路的阻值．
（3）S、S1、S2都闭合时，调节滑动变阻器滑片到何处时，整个电路消耗的总功率最小，这个最小功率是多少？
21．（2017·重庆模拟）如图甲所示，为我国自主研制、全球最大的两栖大飞机AG600漂浮在水面时的情景，AG600飞机能够像船一样在水面滑行、起飞降落．它的用途很多，最主要的是森林灭火、水上救援、物资运输、海洋探测等．该飞机最大总质量为53.5吨、机体总长36.9米，翼展达到38.8米，4台发电机，单台功率为3126km，航程4500km，一次可救护50名遇险者．如图乙所示为我国自主研制的“海斗号”无人潜水器，最大下潜深度科大10767m，取海水的密度为1×103kg/m3．
（1）AG600在水中所受的最大浮力为多少N；
（2）“海斗号”在海水中所受的最大压强为多少Pa；
（3）若从AG600中释放“海斗号”入水浸没，不接触水底，一根绳子两端分别连着AG600和“海斗号”，静止后绳子拉力为8×103N，假设海斗号平均密度为5×103kg/m3，则此过程前后AG600减小的浮力为多少N？
答案解析部分
1．【答案】B
【知识点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；电功率
【解析】【解答】解：
A、中学生的质量约为50kg，故A不符合实际；
B、家庭常用节能灯功率约为10W，故B符合实际；
C、水杯的高度约为10cm，故C不符合实际．
D、重庆夏天的最高温度约为40℃，故D不符合实际．
故选B．
【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．
2．【答案】C
【知识点】做功改变物体内能；增大压强的方法及其应用；物体的浮沉条件及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】解：A、钳子剪断铁丝时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故A错误；
B、试管内的水蒸气当用酒精灯加热一定程度时，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能会转化为塞子的机械能，故B错误；
C、安全锤的锤头很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的，故C正确；
D、浸入液体中的物体受到浮力的大小与液体的密度和排开的液体的体积有关，潜艇在海面下加速上升时，液体密度不变，排开的液体的体积不变，浮力不变，故D错误．
故选：C．
【分析】（1）根据动力臂和阻力臂的大小分析；（2）当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能．（3）压强大小的影响因素：压力大小和受力面积大小．增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，增大压力来增大压强．（4）根据阿基米德原理分析．
3．【答案】A
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】解：
A、海市蜃楼是光的折射现象，故A正确；
B、影子是光沿直线传播形成的，故B错误；
C、日环食是由光的直线传播形成的，故C错误；
D、水中的“倒影”是由于光的反射现象形成的，故D错误．
故选A．
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的．
4．【答案】D
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；增大或减小摩擦的方法；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】解：A、惯性的大小与物体的运动状态、物体的形状、位置和受力情况都无关，惯性的大小只与物体质量的大小有关，故A错误；
B、摩托车底部安装有宽的轮子，在压力不变时，增大受力面积是为了减小压强，故B错误；
C、摩托车对地的压力和地面对摩托车的支持力，这两个力不作用在同一物体上，物体对地面的压力作用在地面上，地面对物体的支持力作用在物体上，二力是作用力与反作用力．故C错误．
D、摩托车车轮胎上制有凹凸不平的花纹，在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦．故D正确．
故选D．
【分析】（1）根据惯性的大小只与物体质量的大小有关来解答；（2）根据p= 可知增大受力面积是为了减小压强；（3）判定两个力是否是平衡力，就要看这两个力是否同时具备这四个条件：等大；反向；共线；共物．若同时具备，则为平衡力；否则就不是平衡力；（4）增大摩擦的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度．在接触面的粗糙程度一定时，增大压力；减小摩擦的方法：在压力一定时，减小接触面的粗糙程度．在接触面的粗糙程度一定时，减小压力．使接触面脱离．滚动摩擦代替滑动摩擦．
5．【答案】B
【知识点】蒸发及其现象；液化及液化放热；凝华及凝华放热；分子热运动
【解析】【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，故A错误；
B、汽化包括蒸发和沸腾两种方式．其中蒸发可以在任何温度下进行．故B正确；
C、汽车玻璃内壁上的水珠是液态，水珠不见了，是变成了气态水蒸气，属于汽化现象，故C错误；
D、尘土是固态颗粒物，大风吹起尘土“漫天飞扬”是物体的机械运动，与分子运动无关，故D错误．
故选：B．
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；（2）吸热的物体变化有：熔化、汽化、升华；放热的物体变化有：凝华、液化、凝固；（3）蒸发是在任何温度下可以进行的汽化现象；（4）不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的分子都在不停地做无规则运动．
6．【答案】C
【知识点】两种电荷；家庭电路的连接；通电直导线周围的磁场；磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】解：A、甲图是奥斯特实验，说明通电导线周围有磁场，故A错误；
B、发电机是利用电磁感应的原理制成的，该装置中没有电源，故B错误；
C、从安全用电的角度分析，把拉线开关接在灯和火线之间更能保证用电安全，故C正确；
D、用毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒的原子核束缚核外电子本领强、夺得电子，因有了多余电子带负电，毛皮的原子核束缚核外电子的本领弱，就会失去电子，因缺少电子带正电．故D错误；
故选C．
【分析】（1）奥斯特实验说明通电导线周围有磁场；（2）发电机是利用电磁感应的原理制成的，该装置中没有电源；（3）在家庭电路中，开关应该接到火线和用电器之间；（4）不同的物质原子核束缚核外电子的本领有强有弱，两种物质相互摩擦时，原子核束缚核外电子本领强的夺得电子，因多余电子带负电，原子核束缚核外电子本领弱的失去电子，因缺少电子带正电．摩擦起电的实质不是创造了电，而是电子的转移．
7．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由图知，R2与定值电阻R1串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中电流（1）由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，
由串联电路特点知，此时定值电阻R1两端的电压：U1=3V，
由欧姆定律可得此时电路中的电流：I=I2=I1= = =0.3A＜0.6A，因此电路中的最大电流为0.3A；故A错误；
此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小：R2= = = =10Ω；故B错误；
电路消耗的最大功率：P=UI=6V×0.3A=1.8W；故D错误；
电阻R1消耗功率最大功率：P=UI=3V×0.3A=0.9W．（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
即：I1′= = =0.2A，
所以电阻R1消耗的最小功率：P′=（I1′）2R1=（0.2A）2×10Ω=0.4W；
所以电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.4W～0.9W，故C正确．
故选C．
【分析】滑动变阻器R2与定值电阻R1串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中电流．
根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最小时，变阻器接入电路的电阻最大；当电流表的示数达到最大值时，变阻器接入电路的电阻最小；根据欧姆定律的应用可分别电路中的总电阻和滑动变阻器接入电路中的电阻值，同时可以确定电压表示数、电流表示数以及电路中总功率的变化．
8．【答案】D
【知识点】阿基米德原理
【解析】【解答】解：A、根据AB都取出后，水面共下降h1+h2+h3，则AB物体的总体积为VAB=S1（h1+h2+h3），根据取出金属块B，液面下降了h2可知：VB=Sh2，则VA=VAB﹣VB=S1（h1+h2+h3）﹣Sh2=（h1+h3）S1，故A正确；
B、当木块漂浮在水面上时，受到的浮力等于自身的重力，
F浮2=GA，则ρ水gS1h3=ρAVg，
即ρAVg=ρ水gSh3 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
根据细线突然断开，待稳定后液面下降了h1可知：
细线断开后，木块A减小的浮力△F浮1=ρ水gV排1=ρ水gS1h1；
根据取出金属块B，液面下降了h2可知：
金属块B所受浮力F浮1=ρ水gVB=ρ水gSh2，
则金属块B的重力与金属块B所受浮力之差为GB﹣ρ水gS1h2=ρBVg﹣ρ水gS1h2，
木块A与金属块B一起能漂浮在液面上，则金属块B的重力与金属块B所受浮力之差等于木块减小的浮力，
所以，ρ水gS1h1=ρBVg﹣ρ水gSh2，
即：ρBVg=ρ水gS1h1+ρ水gS1h2 ﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
则①式与②式相比得：
= ，
整理得： = ；故B正确；
C、金属块B在木块A下面，一起刚好浸没在水中时，根据漂浮条件可知：G=F浮=ρ水gVAB=ρ水gS1（h1+h2+h3），所以总质量m=ρ水S1（h1+h2+h3），故C正确；
D、由于最后取出木块A水面又下降了h3；根据木块漂浮可知：GA=ρ水gVA排=ρ水gS1h3；要把漂浮的A物体再次刚压没在水中时，F浮′=GA+G′，
所以，G′=F浮′﹣GA=ρ水gVA﹣ρ水gS1h3=ρ水g（h1+h3）S1﹣ρ水gS1h3=ρ水gh1；故D错误．
故选D．
【分析】（1）根据物体取出时液面的下降分别得出物体AB的总体积和B的体积，然后即可求出A的体积；（2）根据物体AB浸没时到此时木块A受到自身重力、浮力、向下的拉力，B受到重力、向上的拉力，和浮力的作用，当细线断开后，木块受到的浮力减小，减小的浮力等于金属块B的重力与金属块B所受浮力之差；根据此关系和阿基米德原理列出等式．
木块在液体中最后漂浮，受到的浮力等于自身重力，根据此关系和阿基米德原理列出等式，二式相比较即可得出结论．（3）根据AB一起漂浮时利用漂浮条件即可求出总质量；（4）要把漂浮的A物体再次压没在水中，根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出．
9．【答案】托里拆利；奥斯特
【知识点】物理常识
【解析】【解答】解：（1）托里拆利第一次准确地测出了大气压强的大小；（2）奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，即电流的磁效应，是第一个发现电现象与磁现象之间有联系的人．
故答案为：托里拆利；奥斯特．
【分析】（1）能够证明大气压存在的实验有很多，但只要提到著名和首先的实验，那就确定了是哪一个；（2）奥斯特发现了电流的磁效应．
10．【答案】等于；B
【知识点】压强大小比较
【解析】【解答】解：由题可知，SA=SB，FA=FB，由p= 可得，pA=pB；
不同形状的液体（容器），其对容器底部产生的正压力大小与液体的重力关系不同，如图所示，
在A形状的容器中，液体对容器底部产生的压力FA＞GA，
在B形状的容器中，液体对容器底部产生的压力FB＜GB．
由于FA=FB，可得：GB＞GA，
则A对水平产生的压力：F'A=GA+G容，
B对水平产生的压力：F'B=GB+G容，
可得F'A＜F'B，又因为SA=SB，由公式p= 可得：p'A＜p'B．
故答案为：等于；B．
【分析】根据题意，受力面积相等，由F=pS判断压强大小，根据容器的形状判断液体对容器底部压力大小与液体自身重力的关系，再由p= 进行辨析．
11．【答案】87.5%；2000
【知识点】压强的大小及其计算；机械效率的计算
【解析】【解答】解：由图可知，n=2，①当C处绳子的拉力为600N时，由F= （G+G动）可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC﹣G动=2×600N﹣100N=1100N＞1000N，
所以，此种情况不可能；②当A处绳子的拉力为1000N时，
C处绳子的拉力FC= （GA+G动）= ×（1000N+100N）=550N，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，
由力的平衡条件可得，B处绳子的拉力FB=G定+3FC=100N+3×550N=1750N＞1300N，
所以，此种情况不可能；③当B处绳子的拉力为1300N时，
以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，
由力的平衡条件可得，FB=G定+3FC，
则FC= （FB﹣G定）= （1300N﹣100N）=400N，
由F= （G+G动）可得，A处绳子的拉力：
FA=2FC﹣G动=2×400N﹣100N=700N，
此种情况可能，滑轮组的机械效率：
η= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%=87.5%，
小川对地面的压力：
F=G﹣FC=mg﹣FC=50kg×10N/kg﹣400N=100N，
小川对地面的压强：
p= = =2000Pa．
故答案为：87.5%；2000．
【分析】由图可知滑轮组绳子的有效股数，当C处绳子的拉力为600N时，根据F= （G+G动）求出C处绳子的拉力判断此种情况不可能；当A处绳子的拉力为1000N时，根据F= （G+G动）求出C处绳子的拉力，以定滑轮为研究对象可知，受到竖直向上B绳子的拉力、竖直向下定滑轮自身的重力和三股绳子的拉力，由力的平衡条件可得B处绳子的拉力，判断出此种情况不可能；当B处绳子的拉力为1300N时，以定滑轮为研究对象，根据力的平衡条件求出FB，根据F= （G+G动）求出A处绳子的拉力，判断出此种情况可能，根据η= ×100%= ×100%= ×100%= ×100%求出滑轮组的机械效率，小川对地面的压力等于自身的重力减去绳子的拉力，利用p= 求出小川对地面的压强．
12．【答案】3；12
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．
当电流表的示数I最小=1A，PR′=9W，
由P=UI可得，电压表的示数：
UR′= = =9V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：
U=IR1+UR′=1A×R1+9V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①
当电流表的示数I最大=2A，PR″=12W，
则电压表的示数：
UR″= = =6V，
电源的电压：
U=I最大R1+UR″=2A×R1+6V﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
因电源的电压不变，解①②方程得：
R1=3Ω，U=12V．
故答案为：3；12．
【分析】由电路图可知，R1与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流．
根据P=UI分别表示出两种情况下电压表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R1的阻值，进一步求出电源的电压．
13．【答案】汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像
【知识点】凸透镜成像的应用；电磁波的传播
【解析】【解答】解：①物理信息：汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；
物理知识：u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像．②物理信息：高灵敏度的雷达；
物理知识：电磁波可以传递信息．
故答案为：汽车通过前视摄像头实现停走型自适应巡航；u大于2f时，透镜成倒立缩小的实像．
【分析】认真阅读题目所给材料，从中捕捉到与物理现象有关的物理信息；
14．【答案】解：如图所示：
【知识点】力臂的画法
【解析】【解答】解：
反向延长动力的作用线，从支点O向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂L1．如图所示：
．
【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点．②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线．③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂．
15．【答案】解：如图所示：
【知识点】通电螺线管的磁场
【解析】【解答】解：已知电流从下后方流入，右手弯曲的四指与电流方向一致，垂直的大拇指指向螺线管上端，故螺线管上端为N极，下端为S极；如图：
【分析】根据电流的方向和线圈的绕向；再由安培定则判断通电螺线管两端的磁极．
16．【答案】（1）晶体；﹣6
（2）液
（3）越来越大
（4）1：2
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象
【解析】【解答】解：（1）由图知，该物质在熔化过程中，温度保持0℃不变，所以该物质为晶体．并且熔点为0℃．由乙图可知，该温度计的分度值是1℃，而且液柱上表面对应的刻度在零刻度以下，故读数为﹣6℃；（2）由图象知，该晶体在BC段温度保持不变，所以其正在熔化，到C点该晶体完全熔化完，所以CD段为液态．（3）据图象能看出，该物质在BC段处于熔化过程中，晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加，内能越来越大；（4）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段温度升高10℃，被加热5min；在CD段温度升高10℃，被加热10min；
则该物质在AB段吸热与CD段吸热之比为1：2，根据Q=cm△t可得， = = = ．
故答案为：（1）晶体；﹣6；（2）液；（3）越来越大；（4）1：2．
【分析】（1）晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点．温度计读数时，首先要看清温度计的分度值，再根据液柱上表面对应的刻度进行读数，还要注意是在零上还是零下；（2）由上面已知该物质的熔点是0℃，所以当该物质在CD段时，该物质已经熔化完成，为液态．晶体熔化前处于固态，熔化过程处于固液共存态．（3）晶体在熔化过程中，继续吸热，温度不变，但内能增加．（4）根据图中坐标信息可知，该物质在AB 段温度升高10℃，被加热5min；在CD段温度升高10℃，被加热10min．
17．【答案】（1）水平桌面；零刻度线；左
（2）用手拿砝码；38.4；15；2.56×103
（3）
【知识点】固体密度的测量
【解析】【解答】解：（1）在调节天平平衡时，先将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端零刻度线处；指针静止在分度盘中央的右侧，则左盘高，平衡螺母应向左调节；（2）由图甲知，在称量过程中，小启用手拿砝码了，这样会使砝码生锈；
应将物体置于天平的左盘，在右盘中添加砝码，由图乙知，标尺的分度值为0.2g，所以石块的质量：m=20g+10g+5g+3.4g=38.4g；
由图丙知，量筒的分度值为1mL，水的体积为30mL，水和石子的体积为45mL，所以石块的体积：V=45mL﹣30mL=15mL=15cm3；
矿石块的密度：ρ= = =2.56g/cm3=2.56×103kg/m3；（3）矿石排开水的质量：m排=m1+m0﹣m2，
由ρ= 得，
矿石的体积：V石=V排= = ；
则矿石块的密度：ρ= = = ．
故答案为：（1）水平桌面；零刻度线；左；（2）用手拿砝码；38.4； 15； 2.56×103；（3） ．
【分析】（1）掌握天平的调平，在调平前将天平放在水平桌面上，游码拨到标尺左端的零刻度线处，哪边的盘高，平衡螺母向哪边移动；（2）在加减砝码时，应用镊子；天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；在进行量筒的读数时，注意其分度值，根据公式ρ= 计算石块的密度；（3）根据等效替代法，测出排出水的体积便可得物体的体积；并根据这个原理判断测量误差；
根据物体的体积等于排出水的体积，根据密度公式得出ρ= 表示出物体的密度．
18．【答案】（1）调零
（2）解：如图所示：
（3）不妥当；灯泡实际功率很小；B
（4）不亮
（5）电源
（6）99；17.5
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】解：（1）由图1所示电流表可知，电流表指针没有指在零刻度线上，在使用该电流表之前应对电流表进行调零，使指针指在零刻度线上．（2）灯泡额定电压是2.5V，电压表应选0～3V量程，灯泡正常发光时电流约为I= = =0.25A，电流表应选0～0.6A量程，灯泡与电流表串联接入电路，电压表与灯泡并联，电路图如图所示：
；（3）闭合开关前滑片置于阻值最大处，闭合开关，电压表与电流表都有示数，说明电路不存在断路，灯泡也没有发生短路，由于滑动变阻器阻值全部接入电路，电路电阻很大，电路电流很小，灯泡实际功率很小，因此灯泡不发光，此时不需要急着换灯泡，正确做法是移动滑片，观察灯泡是否发光．图丙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为0.7V，小于灯的额定电压，因灯在额定电压2.5V时才正常发光，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，由分压原理应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向B移动，直到电压表示数为2.5V；（4）实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，即电压表串联在电路中，电流表与灯并联，因电流表内阻很小，所以电流表将灯短路了，灯不亮；因电压表内阻很大，根据欧姆定律，电路中电流几乎为0；根据分压原理，电压表示数接近电源电压．所以实验中若不慎将电压表和电流表互换了位置，则小灯泡将不亮．（5）实验结束后，应将先将电源拆除，确保电路不会形成通路；（6）由图可知，当电压为220V时，L2的电流为0.45A，故L2的额定功率：P=UI2=220V×0.45A=99W；
两电阻串联时，流过两电阻的电流相等，而总电压应为220V，
由U﹣I图象可知，串联时电流应为0.25A，此时L1的电压为150V，L2的电压为70V，符合串联电路的电压特点，
故此时L2的功率P=U2I2′=70V×0.25A=17.5W．
故答案为：（1）调零；（2）见上图；（3）不妥当；灯泡实际功率很小；B；（4）不亮；（5）电源；（6）99；17.5．
【分析】（1）使用电表前应对电表进行机械调零，使指针只在零刻度线处．（2）根据灯泡额定电压确定电压表量程，根据灯泡正常发光时的电流确定电流表量程，把电流表、滑动变阻器串联接入电路，把电压表与灯泡并联，即可完成电路图的连接．（3）灯泡实际功率很小时，灯泡可能不发光．根据图丙电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律和分压原理确定滑片移动的方向；（4）根据电压表和电流表互换了位置后电路的连接，由电表内阻的大小结合欧姆定律和分压原理作答；（5）电源两极不可以直接用导线连接；实验结束后，应将先拆除电源，然后再拆除其余导线；（6）由图可知当电压为额定电压时的电流，则由功率公式可得出额定功率；串联后接在220V的电源上，则两电阻两端的电压达不到220V，但二者电压之和应为220V，由图可读出电阻的电流，则可求得功率．
19．【答案】（1）解：列车穿过居民楼时通过的路程：
s=L车+L居民楼=120m+130m=250m，
由v= 可得，列车穿过居民楼的时间：
t= = =10s
（2）解：由P= 可得，列车电动机做的功：
W=Pt=370×103W×10s=3.7×106J
【知识点】电功的计算
【解析】【分析】（1）列车穿过居民楼的路程等于车长加上居民楼的长度，又知道列车行驶的速度，根据v= 求出列车穿过居民楼的时间；（2）知道电动机的功率和工作时间，根据W=Pt求出列车电动机做的功．
20．【答案】（1）解：由P=UI可得，小灯泡正常工作时通过灯丝的电流：
IL= = =0.5A
（2）解：S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器与灯泡L串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：
U滑=U﹣UL′=10V﹣4V=6V，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由图象可知，电路中的电流I=IL′=0.4A，
由I= 可得，滑动变阻器接入电路中的电阻：
R滑= = =15Ω
（3）解：S、S1、S2都闭合时，R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，
当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电路消耗的总功率最小，
因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，
所以，电路中的总电阻：
R总= = = Ω，
电路的最小功率：
P小= = =7W
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率与电压、电流的关系；电功率的计算
【解析】【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据P=UI求出通过灯丝的电流；（2）S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，根据图象读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，利用欧姆定律求出变阻器接入电路中的电阻；（3）S、S1、S2都闭合时，R1与滑动变阻器并联，电流表测干路电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用P= 求出电路的最小功率．
21．【答案】（1）解：AG600漂浮在水面所受的最大浮力：
F浮=G=mg=53.5×103kg×10N/kg=5.35×105N
（2）解：“海斗号”最大下潜深度为10767m，
则受到的压强p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10767m=1.0767×108Pa
（3）解：“海斗号”在水中处于平衡状态，则G′=F+F浮′，
即：ρgV=F+ρ水gV，
所以，V= = =0.2m3，
“海斗号”的重力G′=ρgV=5×103kg/m3×10N/kg×0.2m3=1×104N；
AG600释放“海斗号”后由于漂浮在水面上，则
F浮′=G﹣G′+F=5.35×105N﹣1×104N+8×103N=5.33×105N，
所以△F浮=F浮﹣F浮′=5.35×105N﹣5.33×105N=2×103N
【知识点】液体压强的计算；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）知道AG600的最大总质量，根据漂浮条件即可求出所受的最大浮力．（2）知道下潜的深度和海水的密度，根据p=ρgh求出受到的海水的最大压强；（3）对“海斗号”受力分析，由平衡条件求其体积和重力，根据AG600受力情况即可得出浮力变化．
