北京课改版物理九年级全册《10.4 欧姆定律的应用》同步练习
一 、计算题（本大题共3小题，共36分）
1.（12分）某科技小组自制了一个测量池水深度的装置，如图甲，它主要是由控制盒和测量盒构成，其电路连接如图乙所示连接导线带绝缘皮，足够长，不计电阻和质量。测量盒是一个底面积为、高、重的圆柱体，其底部为压敏电阻，与水接触的表面涂有绝缘漆，其阻值随下表面压力变化的部分参数见如表；控制盒中电源电压恒定，为定值电阻。科技小组的同学将测量盒缓慢浸入水中，工作时测量盒底部始终与水平面相平，不考虑大气压强的影响。
当测量盒浸入深度为时，电压表的示数为，求此时底部受到水的压强。
当测量盒浸入深度为时，电压表的示数为，求电源电压和的阻值。
将测量盒放入水平池底与池底未紧密结合，导线松弛，静止时电压表示数为，则池水深度为多少米？
2.（12分）如图所示电路中，电阻，，电路两端所加的总电压。
不考虑电压表内阻对电路的影响，求电压表此时的示数
若实际电压表内阻对电路的影响不可忽略，电压表示数为，求电压表的内阻。
3.（12分）如图甲所示，电源电压恒定，导体电阻的阻值不随温度的变化而变化。某同学把不同的定值电阻分别接入之间，得到两端的电压与接入电阻大小的关系如图乙所示。当间只接入电阻时，电压表的示数如图丙所示；当间只接入电阻时，电压表的示数为伏。
的示数是 ______伏。
根据图乙可得，电阻：______。
在间先后接入和，则通过的电流之比为：：______。
求电源电压。
二 、单选题（本大题共4小题，共12分）
4.（3分）研究表明，通过人体的电流为时，人手就很难摆脱带电体；同时经验表明，只有不高于的电压对人体才是安全的，据此可知
A. 人体电阻一般约为几十欧
B. 人体电阻一般约为几千欧
C. 如图所示为两节干电池和小灯泡、电流表组成的电路，已知当用导线连接、时，电流表的读数为，那么当一个人的两只手分别握住，时，人会触电身亡，因为电流远远大于
D. 人不是导体，不管怎样也不会触电身亡
5.（3分）关于电流跟电压的关系，下列说法中正确的是
A. 电流跟电压成正比
B. 通过导体的电流跟导体两端的电压成反比
C. 在电阻不变的情况下，导体中的电流跟导体两端的电压成正比
D. 电阻一定时，导体两端的电压与导体的电流成反比
6.（3分）某同学在探究通过导体的电流跟导体两端的电压的关系时,发现通过导体、的电流随电压变化的情况如图所示,则下列结论与图像相符的是( )
A. 导体、的阻值随电压和电流的增大而增大
B. 当电压和电流均为时,、的阻值也为
C. 通过、的电流相等时,两端的电压较大
D. 、两端的电压相等时,通过的电流较大
7.（3分）如图是甲、乙元件的电流随电压变化的图像，下列判断正确的是
A. 乙元件的电流随电压均匀增大
B. 甲元件是一个定值电阻，且阻值大小为
C. 若将两元件并联接到的电压下，甲、乙电阻之比为：
D. 若将两元件串联接到电路中，当电流为时甲、乙两元件总电压是
三 、填空题（本大题共6小题，共24分）
8.（4分）如甲电路图所示，当闭合时，电流表、电压表示数如图乙所示，电流表示数是 ______ ，电压表示数是 ______ ，该导体电阻______ 当断开时，电压表示数为 ______ ，该导体电阻______
9.（4分）某段导体电阻为，当通过导体的电流为时，导体两端的电压为 ______；当导体两端电压为时，导体的电阻为 ______。
10.（4分）用实验室提供的常用器材电源是一节干电池测电阻时，小明与另外三位同学各自设计了下列甲、乙、丙、丁四个电路图。
小明连接好电路后，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，测得数据如下。
电压表示数
电流表示数
请你通过分析表格中的实验数据。推断小明在实验中所用的电路图是______图。
另外三位同学连接好电路后。闭合开关移动变阻器的滑片时，分别出现了下列三种异常现象：
电流表示数有变化，电压表示数几乎为零
电流表示数几乎为零，电压表示数基本不变
电流表烧坏请你判断：按______图连接的电路出现现象
请你根据上表中的数据，你能得出的结论是：______。
此实验中运用到的主要物理方法______。
11.（4分）节日彩灯中串联着个小灯泡，若电源插头处电流为，则通过每个小灯泡的电流为 ______，因为 ______。家中有两盏灯，每盏灯的工作电流为，电炉子的工作电流为，电冰箱的工作电流为，它们共同工作时，干路的电流为 ______。
12.（4分）甲和乙两灯的额定电压均为，图是甲、乙两灯的电流随其两端电压变化的曲线。现将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，电路的工作电流应为______，电源电压最大为______。
13.（4分）如图所示电路中，电源电压恒定，灯标有“”，标有“”。闭合开关后，发现有一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗，但电压表示数为零。则正常发光的是灯______，电源电压为______，电压表示数为零的原因是______。忽略灯丝电阻的变化
四 、多选题（本大题共1小题，共3分）
14.（3分）某家庭电路的用电器都是电灯，当这些电灯全部使用时
A. 电路的总电流最小 B. 电路的总电流最大
C. 电路的总电阻最大 D. 电路的总电阻最小
五 、实验题（本大题共4小题，共24分）
15.（6分）小华用如图甲所示电路，测量标有“”字样小灯泡的电阻，现有器材：电源、电流表、电压表、滑动变阻器、开关、导线若干。
根据图甲，用笔画线表示导线，将图乙中的实物图连接完整。
闭合开关前，滑动变阻器滑片应调至 ______端。
闭合开关，移动滑片，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，可判断故障是 ______。
排除故障后进行实验。移动滑片，当电压表示数为时，电流表示数如图甲，为 ______，此时小灯泡的电阻为 ______结果保留一位小数。
根据实验数据，分别画出小灯泡和滑动变阻器的图象，如图乙。根据图象可知：小灯泡两端电压越大，电阻越 ______；当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，小灯泡消耗的功率是 ______。
小华发现无论如何移动滑片，小灯泡两端的电压都无法调到。现增加一个阻值为的定值电阻和一个开关，对原电路进行改进，使小灯泡两端电压能在之间变化，测出小灯泡在不同电压下的电阻。请在图虚线框中画出电路图，要求电路连接后不再拆接。
16.（6分）小红和小云各自做“测量电阻的阻值”实验，她们使用的实验器材完好无损，各自的读数也很准确，她们测量的三组数据分别记录在下表中．
表一小红
实验序号 电压 电流 电阻
表二小云
实验序号 电压 电流 电阻
老师看了这两个数据表后，指出其中一位同学的实验电路接错了．
分析表一、表二可知，______同学的电路接错了，理由是______．
请画出该同学的错误电路图．
实验电路正确的同学测量的电阻平均值是______精确到．
17.（6分）用图甲所示电路测定小灯泡的电阻，灯泡正常发光的电压为。
当灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，此时电流表读数为 ______，小灯泡电阻为 ______；
若闭合开关，电流表及电压表指针均发生偏转，而小灯泡不亮，其可能原因是 ______说出一种原因即可；
若电压表发生故障，但有已知阻值的定值电阻可提供的情况下，下列电路不能测出 ______。
18.（6分）小红同学在某次物理实验考查中抽到考题《用伏安法测量某未知电阻的阻值》的实验，实验电路图如图甲所示，请你帮他完成下列问题。
根据电路图，把图乙中所缺失的导线连接起来。
开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到最 ______ 选填“左”或“右”端。
粗略检查后闭合开关，发现电压表的指针出现反偏现象，可能出现这种情况的原因是 ______ 选填“”或“”。
A.电压表量程选小了
B.电压表的正负接线柱接反了
通过三次实验得出的实验数据如表所示：
实验次数
电压
电流
第三次得出的电流如图丙所示，请你根据所提供信息求出所测未知电阻的阻值为 ______ 。
答案和解析
1.【答案】解：（1）当测量盒浸入深度为1m时，此时R底部受到水的压强：
p=ρgh=1.0×103kg/×10N/kg×1m=1×104Pa；
（2）当=1m时，水对R底部的压力：
F1=S=1×104Pa×8×10-4=8N；
查表知，R1=15Ω；
根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：
U=I1R1+UV1=R1+U1=×15Ω+1.5V-----①，
当=2m时，水对R底部的压力：
F2=S=ρgh=1.0×103kg/×10N/kg×2m×8×10-4=16N；
查表知，R2=10Ω，
根据串联电路的规律及欧姆定律，电源电压：U=I2R2+U2=×R2+UV2=×10Ω+2V----②
由①②得：
U=6V，R0=5Ω；
（3）当电压表示数为3V时，同理有：U=I3R3+UV3，
即6V=×R3+3V，
R3=5Ω，查表得测量盒底部受到的总压力为F3=48N；
测量盒沉底时，受到重力、支持力和浮力，G=2.0N，由阿基米德原理：
F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/×10N/kg×8×10-4×0.05m=0.4N；
则池底对测量盒底部的压力为：
F′=G-F浮=2.0N-0.4N=1.6N，
故水对测量盒底部的压力为：
F=F3-F′=48N-1.6N=46.4N；
根据F=pS=ρ水gS，
===5.8m。
答：（1）当测量盒浸入深度为1m时，电压表的示数为1.5V，此时R底部受到水的压强为1×104Pa；
（2）当测量盒浸入深度为2m时，电压表的示数为2.0V，电源电压为6V，R0的阻值为5Ω；
（3）将测量盒放入水平池底（R与池底未紧密结合，导线松弛），静止时电压表示数为3V，则池水深度为5.8m。;
【解析】
根据求出当测量盒浸入深度为时底部受到水的压强：
当时，根据得出水对底部的压力，查表知大小，
根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，同理，当时，得出水对底部的压力：
查表知大小，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，从而得出电源电压和大小；
当电压表示数为时，根据串联电路的规律及欧姆定律得出电源电压表达式，得出，查表得测量盒底部受到的总压力为；
分析测量盒沉底的受力情况，由阿基米德原理得出其受到的浮力，根据力的平衡求出池底对测量盒底部的压力，从而得出水对测量盒底部的压力，根据得出池水深度。
本题为力电综合题，考查液体压强公式、压力公式、力的平衡、阿基米德原理、串联电路的规律及欧姆定律的运用，综合性较强。
2.【答案】解：（1）不考虑电压表内阻对电路的影响，
电路的电流：I===0.004A；
R1两端的电压：U1=IR1=0.004A×400Ω=1.6V；
电压表R1两端的电压，故电压表的示数为1.6V；
（2）若实际电压表内阻对电路的影响不可忽略，
流过R1的电流：I1===A
流过R2的电流：I2===A
流过电压表的电流：IV=I2-I1=A-A=A
电压表的内阻：RV===3600Ω。
答：（1）不考虑电压表内阻对电路的影响，电压表此时的示数为1.6V；
（2）若实际电压表内阻对电路的影响不可忽略，电压表示数为1.5V，电压表的内阻为3600Ω。;
【解析】
不考虑电压表内阻对电路的影响，根据欧姆定律算出电路的电流，再根据算出电压表此时的示数；
根据串联电路电压和电流的规律以及欧姆定律算出电压表的内阻。
该题考查了串联电路、并联电路电流、电压的规律以及欧姆定律的应用，熟练掌握串并联电路电流电压的规律是解答该题的关键。
3.【答案】6 3：1 5：9;
【解析】解：由图乙可知，电阻两端的电压大于两端的电压伏，故电压表的量程为，分度值为，所以的示数为；
根据图乙可知，时电阻的阻值位于个单位电阻的位置，电阻的阻值位于个单位电阻的位置，
所以：：：------①；
当间只接入电阻时，电压表的示数为，则电流为：
--------②
当间只接入电阻时，电压表的示数为伏，则电流为：
-------③，
结合①②③得：：；
因电源的电压不变，且：：则：
，，
连接等式可得：
，
解得：，
电源的电压。
故答案为：；：；：；电源电压为。
先根据乙图结合中与两端的电压关系确定电压表的量程，根据电压表的量程和分度值，读出的示数。
乙图可知和对应的电阻关系，进一步求出电阻：的值；
由当间只接入电阻时，电压表的示数为，根据欧姆定律表示出电流，
当间只接入电阻时，电压表的示数为伏，根据欧姆定律表示出电流，结合电阻：的值算出两电流之比；
根据欧姆定律求出间只接入电阻时和间只接入电阻时电路中的电流，根据欧姆定律和串联电路的电压特点结合电源的电压不变求出电源的电压。
此题主要考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象确定电压表的量程和两电阻之间的关系，难点是根据电源的电压不变求出电源电压。
4.【答案】B;
【解析】解：
、只有不高于的电压对人体才是安全的，由题可知通过人体的电流要小于，则人体的电阻约为：，故错误，正确；
、人体的电阻约为，当人体接入两节干电池的电路中时，电源电压为，所以通过人体的电流为：，所以人不会触电，故错误；
、人体是导体，在一定的情况下会发生触电事故，故错误。
故选：。
根据题意，计算人体的电阻，需用进行计算；
根据人体的电阻和电源电压可以判定通过人体的电流；
人体是导体。
会准确判断出电路中的电压和电流，并且能够灵活应用欧姆定律进行计算是解答本题的关键。
5.【答案】C;
【解析】解：、欧姆定律的内容是：导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。即：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比，故错误，正确；
、电路两端的电压是由电源提供的，导体两端的电压与导体的电流无关，故错误。
故选：。
欧姆定律的内容是：导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比。即：电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
此题主要考查欧姆定律的理解，关键是要正确表述电流与电阻、电压的关系，难度不大。
6.【答案】C;
【解析】A选项,分析图像可知,电阻一定时,电流与电压成正比,A说法错误；B选项,电阻是导体本身的一种性质,与其两端的电压和通过它的电流无关,B说法错误；C选项,由图像可知,通过、的电流相等时,两端的电压较大,C说法正确；D选项,由图像可知,、两端的电压相等时,通过的电流较大,D说法错误.
7.【答案】C;
【解析】解：由图像可知，甲元件中电流与两端电压图像是过原点直线，说明甲元件的电流与电压成正比，即甲元件是定值电阻，根据欧姆定律可得，
乙元件中电流与两端电压图像不是过原点直线，说明乙元件的电流与电压不成正比，即乙元件的电流不随电压均匀增大，故错误；
D.若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，由串联电路中各处的电流相等可知通过两元件的电流均为，
由图像可知，两元件两端的电压、，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，甲、乙两元件总电压，故错误；
C.若甲、乙元件并联接到的电路中，根据并联电路中各支路两端的电压相等可知，两元件两端的电压均为，
由图像可知，通过两元件的电流分别为，，根据欧姆定律可得，则甲、乙电阻之比为：：，故正确。
故选：。
根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图像甲乙电阻的变化；
若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，根据串联电路电流特点结合图像读出两元件两端的电压，根据串联电路的电压特点求出甲、乙两元件总电压；
若甲、乙元件并联后接到的电路中，根据并联电路电压特点结合图像读出通过两元件的电流，根据欧姆定律计算乙的阻值，进一步计算此时甲、乙电阻之比。
此题主要考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，从图像中获取有用的信息是关键。
8.【答案】；；；；;
【解析】解：由图可知，电流表的量程为，分度值为，示数，
电压表的量程为，分度值为，示数，
由可得，导体的电阻：
；
当断开时，电路断路，电压表无示数，即示数为，
因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，
所以，导体的电阻不变仍为
故答案为：；；；；
根据电表的量程和分度值读出示数，根据欧姆定律求出导体的电阻；
当断开时，电路断路，电压表无示数；电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关．
此题主要考查了电表的读数和欧姆定律的简单应用，要注意导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关．
9.【答案】4 20;
【解析】解：由可得，导体两端电压：；
因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，所以导体两端的电压为，导体的电阻仍为。
故答案为：；。
知道导体的电阻和通过的电流，根据欧姆定律求出导体两端的电压；
电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关。
此题主要考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过的电流无关，是一道基础题目。
10.【答案】乙 丙 电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比 控制变量法;
【解析】解：由表中数据可知，电流值随电压值的增大而增大，并且电流值与电压值成的比值不变，故应测量定值电阻两端的电压及通过该电阻的电流；故电路图应为乙；
甲图中电流表直接并联在电源两端，丙图中，电压表并联在电流表两端，丁图中电压表串联在电路中，故三种接法均为错误的；
甲图中由于电流表直接并联在电源两端，故将会导致电流表中电流过大，从而烧坏电流表；
丙图中，电压表并联在电流表两端，因电流表中电阻较小，故电压表几乎没有示数；
丁图中，电压表串联在电路中，故电路中电阻无穷大，则电路中电流为；故现象对应丙图，现象对应丁图，现象对应甲图。
根据表中数据可知，当电压增大时，通过导体的电流增大，并且电压表示数和电流表示数的比值不变，即：电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比。
此实验中运用到的主要物理方法是控制变量法。
故答案为：乙；丙；电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；控制变量法。
由表中数据可知电压增大时电流也随之增大，分析各电路图可得出能得出该现象的电路图；
分析三种现象，根据电流表及电压表的使用方法，分析各电路图中调节滑动变阻器时电流及电压的变化，可知各现象所对应的电路图；
分析表中数据，并得出结论；
控制变量法是物理实验常用的一种方法。
此题主要考查了电路图的分析、数据分析以及数据的处理能力，要求学生应明确电表的接法及两种电表的应用，并能结合欧姆定律分析表中数据。
11.【答案】0.15 串联电路各处电流都相等 8;
【解析】解：节日彩灯串联在电路中，故通过每个小灯泡的电流都相等，故。
，并联电路中，干路的电流等于各支路电流之和，故干路电流为：。
故答案为：；串联电路各处电流都相等；。
电流单位间的换算关系是：；串联电路的电流规律：；并联电路中电流的规律。
深入理解串联电路和并联电路的电流规律，熟练电流单位间的换算，是解答该题的关键。
12.【答案】0.5 ; 8 ;
【解析】解：由图象可知：灯泡甲正常工作时的电流为，灯泡乙正常工作时的电流为，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，将两灯串联后接在某一电路中，要使其中一个灯泡正常发光时，电路的最大电流为；
由图象可知，所对应两灯泡的电压分别，，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源最大电压。
故答案为：；。
由图可知灯泡甲的电流大于灯泡乙的电流，故两灯串联后使其中一个灯泡正常发光时只能是灯泡乙正常发光，正常发光时的电压为额定电压，根据串联电路电流规律可知两灯电流相等，利用图象读出此时灯泡甲的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的最大电压。
该题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电压和电流不成正比，即电阻为变化的，应直接从图中找出电流对应的电压和电压对应的电流进行求解。
13.【答案】L2 ; 9 ; 电压表断路 ;
【解析】解：由电路图可知，闭合开关后，灯泡与串联，电压表测两端的电压。
因闭合开关后，一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗，
所以，两灯泡完好且均有电流通过，则电压表示数为零的原因是电压表断路；
由可得，两灯泡的额定电流分别为：
，，
因串联电路中各处的电流相等，且一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗，
所以，能正常发光的灯泡为，此时电路中的电流，两端的电压为，
由可得，的电阻：
，
则两端的实际电压：
，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
。
故答案为：；；电压表断路。
由电路图可知，闭合开关后，灯泡与串联，电压表测两端的电压。
闭合开关后，一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗，说明两灯泡完好且均有电流通过，电压表示数为零说明电压表断路；
知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据求出两灯泡的额定电流，两灯泡串联时能正常发光的为额定电流较小的，根据欧姆定律求出不能正常发光灯泡的电阻，再根据欧姆定律求出此时不能正常发光灯泡两端的实际电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压。
该题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路故障的判断，要注意两灯泡串联时能正常发光的为额定电流较小的。
14.【答案】BD;
【解析】解：各灯泡并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，
因此这些电灯全部使用时，电路电流等于各灯泡电流之和，此时电路电流最大，故错误，正确；
家庭电路电压一定，电路电流越大，电路电阻越小，灯泡全部使用时电路总电阻最小，故错误，正确；
故选：。
家庭电路中各灯泡互不影响，能独立工作，它们是并联的；
根据并联电路特点分析答题。
知道灯泡的连接方式，应用并联电路特点即可正确解题，此题难度较小，是一道基础题。
15.【答案】右 小灯泡断路 0.24 9.2 大 0.3;
【解析】解：由图甲电路图可知，电压表与灯泡并联，因灯泡的额定电压为，所以电压表用量程；滑动变阻器与灯泡串联，且要上下各接一个接线柱，所以连接电路如图所示：
为了保护电路，滑动变阻器的滑片应滑到接入电路的电阻值最大处，因为连接了左下接线柱所以，滑片应滑到最右端；
移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路；
图甲中电流表的量程是，分度值是，读数为：，由可得，小灯泡的电阻为：；
当滑动变阻器的滑片移动使滑动变阻器接入电阻变小时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，滑动变阻器两端的电压变小可以为零，因此图乙的图像中经过点的图像是滑动变阻器的图像，经过点的是小灯泡的图像；
分析图象可知，小灯泡两端的电压为时，灯丝中的电流，此时灯丝电阻，
小灯泡两端的电压为时，灯丝中的电流，此时灯丝电阻，
当小灯泡两端的电压增大时，通过灯的电流变大，根据灯的功率变大，灯丝温度升高，灯丝的电阻会增大；
当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，在串联电路中通过它们电流相等，根据可知，它们两端的电压相等两图像交点，所以，由图乙可知，，
由可得，灯泡的实际电功率：；
因为滑动变阻器的最大阻值较小，在接入电路的阻值最大时分压偏小，使得灯泡两端电压无法调低至，
根据题目要求，可以在电路中串联一个的定值电阻再移动滑片就可以使得灯泡两端的电压调到；
为使灯泡两端的电压能达到电源电压，则需要在串联的定值电阻两端并联一个开关，这样在需要灯泡两端有较高电压时，开关闭合将定值电阻短接；当需要灯泡两端有较低的电压时，断开与定值电阻并联的开关，定值电阻串联起到分压作用。
改进电路如下图所示：
故答案为：如图所示；右；小灯泡断路；；；大；；如图所示。
根据电压表的使用规则和正确使用滑动变阻器的原则连接电路；
为了保护电路，开关闭合前滑动变阻器的接入电阻应该最大；
小灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电路断路或电流表短路；电压表有示数，说明电压表与电源两端相连接，电压表并联电路之外不存在断路，且与电压表并联电路无短路现象，综合分析可知灯泡不亮的原因是灯泡断路；
由图读出电流表的示数，根据计算出灯丝电阻；
图乙中图像分析得出小灯泡和滑动变阻器对应的图像，进一步分析得出灯丝电阻的变化情况；根据图像计算出当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，小灯泡消耗的功率；
分析灯泡两端电压不能调到的原因，并根据小灯泡两端电压能在之间变化的要求，设计改进电路；
本题测量小灯泡的电阻，考查电路的连接、注意事项、故障分析、影响电阻大小的因素及额定功率的计算、欧姆定律的运用等，是电学综合题。
16.【答案】（1）小红；小红同学测得的电流随电压增大而减小；
（2）
（3）4.8;
【解析】解：
伏安法测电阻的实验中，电压表应测待测电阻两端的电压，电流表测通过电阻的电流，电流随电压的增大而增大，而小红同学测得的电流随电压增大而减小，据此判断小红同学的电路接错了．
小红同学测得的电流随电压增大而减小，原因是电压表并联在滑动变阻器两端了，如下图所示：
小云同学的测量正确，其次测得的电阻值分别为：
；
；
；
电阻的平均值为：．
故答案为：小红；小红同学测得的电流随电压增大而减小；见上图；．
伏安法测量电阻的实验中，电流表和电压表测量的是同一电阻的两个量，据欧姆定律知道与成正比；
小红同学测得的电流随电压增大而减小，是电压表并联在滑动变阻器两端；
根据欧姆定律算出每次的电阻，求出平均值．
伏安法测量电阻的实验中，两表的示数变化应该是一致的，否则说明电压表接在了滑动变阻器的两端．
17.【答案】;
【解析】解：由图甲知，电流表选用小量程，示数为；
由欧姆定律得，小灯泡正常发光时对应的电阻值：；
若闭合开关，电流表和电压表的指针都发生偏转，说明电路为通路，而小灯泡不亮，则说明电路中的电流过小，由欧姆定律可知，其可能原因是：滑动变阻器接入电路的阻值太大或电源电压太低；
、当开关闭合时，只能测出干路电流，无法得到灯泡的电压和电流，故不能测出小灯泡的电阻；
、由电路图可知，当开关都闭合时，电路为的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
当下面开关闭合、上面开关断开时，两电阻串联，电流表测串联电路的电流，根据欧姆定律求出电路的总电阻，再根据电阻的串联可以求出灯泡阻值；
、开关闭合时，只能求出电压，而无法求出通过灯泡的电流，故不能测出小灯泡的电阻。
故选：。
根据电流表选择的量程和分度值进行读数，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻；
若闭合开关，电流表和电压表的指针都发生偏转，说明电路为通路，而小灯泡不亮，则说明电路中的电流过小，由欧姆定律分析原因；
串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电流表，直接或间接测量电压，根据欧姆定律求出灯泡电阻。
本题是测小灯泡的电阻实验，考查了电流表的读数、电阻的计算、电路故障、设计实验方案的能力等，综合性强，有一定难度。
18.【答案】左 B 6;
【解析】解：由图甲知，滑动变阻器串联入电路中，选择滑动变阻器上面的任一接线柱与的左侧接线柱相连即可，如图所示：
为了保护电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到最大值左端；
闭合开关，发现电压表的指针出现反偏现象，说明电压表的正负接线柱接反了，故选；
由丙图知，电流表使用小量程，分度值，第三次得出的电流为，
三次测得电阻分别为：
，，，
所以三次所测电阻的平均值也为。
故答案为：见上图；左；；。
由图甲连接实物图，据此连接实物图；
开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑到最大值端；
若电压表量程选小了，指针向右偏转，且指针迅速偏转到右侧最大值处；电压表使用要求电流从正接线柱流进，负接线柱流出，反之指针反向偏转；
根据图丙读出第三次的电流；由表中数据，根据计算三次实验所测的阻值，为了减小误差再到三次测量的平均值。
本题是伏安法测电阻的实验，考查了实物电路的连接、注意事项、现象分析、电流表读数以及电阻的计算，难度不大。
