宜丰县中2023-2024学年高一上学期开学考试物理试卷
一、选择题：共8小题，每小题4分，共32分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．
1．贵州“村超”6月9日的一场比赛中，一名球员踢出了一记“圆月弯刀”直击球门死角，所谓“圆月弯刀”是指足球的飞行轨迹是一条优美的弧线。以下说法正确的是（ ）
A．研究“圆月弯刀”的踢球技法时可以把足球看作质点
B．研究足球的飞行轨迹时可以把足球看作质点
C．一名前排观众激动说：“太精彩了，目测最大球速超过120km/h”。这里的球速是指平均速度
D．该足球的飞行轨迹长度就是它的位移
2．下列说法正确的是（ ）
A．物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大
B．只有在加速度和速度都为正方向时，速度大小才能增大
C．加速度方向为正，说明物体做加速运动
D．在任意相同时间内速率变化相同的直线运动是匀变速直线运动
3．扫地机器人因操作简单、使用方便，已逐渐走进了人们的生活。某次清扫过程中，主人在A处启动扫地机器人，在B处完成清扫工作，其规划清扫路线如图所示，完成清扫任务用时180s。数据表明：机器人清扫路线的总长度为36m，A、B两点间的距离为9m。下列说法正确的是（ ）
A．机器人在该过程中的位移大小为36m
B．机器人在该过程中的平均速率为0.05m/s
C．机器人在该过程中的平均速度大小为0.05m/s
D．机器人在该过程中的平均速度大小为0.2m/s
4．某同学用图像研究无人机在竖直方向上的运动情况如图所示，图像中只有ab段和cd段为直线，其直线方程分别是，下列关于无人机运动的分析正确的是（ ）
A．无人机在ab段的速度为5m/s
B．无人机在bc段的加速度方向先向上后向下
C．无人机在bc段的速度变化量为2m/s
D．无人机在cd段处于悬停状态
5．如图所示为某物体在0~4s内沿直线运动的v—t图像，对物体的运动情况，下列说法正确的是（ ）
A．2~3s内物体运动的加速度最大
B．t=1s时物体加速度的方向发生改变
C．0~2s内物体运动的平均速度大小为3.5m/s
D．0~4s内物体运动的位移为3.5m
6．如图所示，弹丸和足球的初速度均为v1=5m/s，方向向右。设它们分别与木板作用的时间都是0.1s，弹丸击穿木板后速度大小变为2m/s，足球与木板作用后反向弹回的速度大小为5m/s，则下列弹丸和足球作用木板时加速度大小及方向正确的是（ ）
A．弹丸：30m/s2，方向向右 B．弹丸：70m/s2，方向向右
C．足球：30m/s2，方向向左 D．足球：70m/s2，方向向左
7．某同学乘坐高铁列车进站，发现电子屏显示的速度由180km/h变为72km/h的过程用时30s。若把列车进站的过程视为匀减速直线运动，则再经过30s，列车继续行驶的距离为（ ）
A．150m B．200m C．720m D．1050m
8．云南龙江大桥是亚洲最大的高速公路悬索桥，总长2470.58米，桥面宽33.5米，为双向四车道设计，设计速度为80千米/小时，如图甲所示，图乙中A、B、C、D、E为大桥上五根钢丝绳吊索，每两根吊索之间距离相等，若汽车从吊索A处开始做匀减速直线运动，刚好在吊索E处停下，汽车通过吊索D时的瞬时速度为vD，通过DE段的时间为t，则（ ）
A．汽车通过吊索A时的速度大小为4vD
B．汽车减速的时间大于2t
C．汽车通过吊索C时的瞬时速度等于通过AE段的平均速度
D．汽车通过AD段的平均速度是通过DE段平均速度的3倍
二、多选题:本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．
9．物体甲的位置x随时间t的变化关系和物体乙的v-t图像分别如图所示，则这两物体的运动情况是（ ）
A．乙在整个6s时间内做匀变速直线运动
B．甲在整个6s时间内做匀速直线运动，它通过的总位移大小为4m
C．乙在整个6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零
D．甲在整个6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零
10．物体从点O出发，沿一直线做初速度为零的匀加速运动，已知通过段时间各为，AB长为，BC长为，则下列说法中正确的是（ ）
A．它在B点的速度为 B．通过OA段所需时间为
C．OA段的长度为 D．它的加速度大小是
11．2022年8月8日，重庆政府部门发布自动驾驶全无人商业化试点政策，开启全国首批无人化驾驶示范运营。已知某品牌无人驾驶汽车进行刹车性能测试的速度v、位移x的关系图像如图所示，则下列说法正确的是（ ）
A．汽车刹车过程的加速度大小为
B．汽车最后内的平均速度为
C．汽车在最后内的平均速度为6m/s
D．汽车在最初内通过的位移与最后内通过的位移之差为
12．目前我省交警部门开展的“车让人”活动深入人心，不遵守“车让人”的驾驶员将受到罚款、扣分的严厉处罚。一辆以8 m/s的速度匀速行驶的汽车即将通过路口，发现有一老人正在过人行横道，此时汽车的车头距离停车线8 m，该车减速时的加速度大小为5 m/s2。则下列说法中正确的是（ ）
A．如果驾驶员立即刹车制动，则t=2 s时，汽车离停车线的距离为2 m
B．如果在距停车线6 m处开始刹车制动，汽车不能在停车线处停下
C．如果驾驶员的反应时间为0.4 s，汽车刚好能在停车线处停下
D．如果驾驶员的反应时间为0.2 s，汽车刚好能在停车线处停下
三、解答题
13．(4分)像打点计时器一样，光电计时器也是一种研究物体运动情况的常用计时仪器，其结构如图甲所示。a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a、b间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间。现有一放在气垫导轨上的滑块在牵引力作用下通过光电门（如图乙），配套的数字毫秒计记录了它上方固定的挡光片通过光电门的时间为Δt，用刻度尺测量出挡光片的宽度为d，由公式可得到滑块通过光电门的速度v，它实质上是滑块通过光电门的 ，要使瞬时速度的测量值更接近真实值，可将挡光片的宽度 （填“增大”或“减小”）一些。
14．(10分)打点计时器是高中物理实验中常用的实验器材，请你完成下列有关问题：
（1）打点计时器使用的电源为 （选填“交流”或“直流”）电源；
（2）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是（ ）
A．先接通电源，后让纸带运动 B．先让纸带运动，再接通电源
C．让纸带运动的同时接通电源 D．先让纸带运动或先接通电源都可以
（3）某次实验过程中，小车拖动纸带运动，用打点计时器打出一条纸带，如图所示，从某一清晰点开始，描出O、A、B、C、D五个计数点（相邻两个计数点间有四个点未画出），用刻度尺量出各点与O点间距离，已知纸带的左端与小车相连接，所用电源的频率为50Hz，打下B点时小车运动的速度为 m/s，小车的加速度为 m/s2（保留两位有效数字）；
（4）当电源频率高于50Hz时，如果仍按50Hz的时间间隔打一个点计算，则算出的速度测量值将比速度的真实值 （填大、小或相等）。
三、解答题：本题共3小题，共34分．
15．（10）如图所示，水平面上的一小滑块自A点由静止开始做加速度为的匀加速直线运动，依次通过四个点。通过各段所用时间均为。
（1）求段的距离；
（2）若让该滑块自点由静止开始仍沿此直线做加速度为的匀加速直线运动，求该滑块到点时的速度大小。
16．（12）图为“歼15”舰载机从该航空母舰甲板上起飞的情景，航空母舰静止在海面上，“歼15”舰载机在航空母舰跑道上做匀加速直线运动，加速度为，需要达到60m/s的速度才可安全起飞，求：
（1）“歼15”舰载机由静止开始加速，滑行5s后，舰载机的速度大小；
（2）从静止启动到安全起飞，“歼15”舰载机在航空母舰上滑行的距离；
（3）若“歼15”舰载机能够借助弹射器获得初速度，只需滑行150m便可安全起飞，则“歼15”舰载机至少需要获得多大的初速度。
17．（12）通过“30m折返跑”的测试成绩可以反应一个人的身体素质。在平直的跑道上一学生站立在起点线A处，当听到起跑口令后(测试员同时开始计时)，跑向正前方30m处的折返线，到达折返线B处时，用手触摸固定在折返线处的标杆，再转身跑回起点线，返程无需减速，到达起点线处时停止计时，全过程所用时间即为折返跑的成绩。学生加速或减速过程均视为匀变速，触摸杆的时间不计，某同学加速时的加速度大小为，减速时的加速度大小为， 到达折返线处时速度需减小到零，并且该生全过程中最大速度不超过。 求:
(1)该学生返程(B到A过程)最快需多少时间；
(2)该学生“30m折返跑”的最好成绩。
物理试卷参考答案：
1．B【详解】A．研究“圆月弯刀”的踢球技法时，足球的大小和形状不能忽略，不能看成质点，故A错误；B．研究足球的飞行轨迹时，足球的大小和形状可以忽略，故可以将足球看作质点，故B正确；
C．目测最大球速超过120km/h”，这里的球速是指瞬时速度，故C错误；D．该足球的飞行轨迹长度就是它的路程，故D错误。故选B。
2．A【详解】A．由得物体的加速度增加，则在相同时间内速度变化量一定增大。故A正确；B．只有在加速度和速度方向相同或加速度与速度的夹角为锐角时，速度大小都会增大。故B错误；C．加速度方向为正，说明加速度的方向与选取的正方向相同，若速度方向为负，物体则做减速运动。故C错误；D．在任意相同时间内速度变化相同的直线运动是匀变速直线运动。速度是矢量，速率是矢量，速度的变化量和速率的变化量不一定相同。故D错误。故选A。
3．C【详解】A．机器人在该过程中的位移大小为9m，路程为36m，故A错误；B．平均速率等于路程与时间的比值，机器人在该过程中的平均速率为故B错误；CD．平均速度等于位移与时间的比值，机器人在该过程中的平均速度大小为故C正确，D错误。故选C。
4．A【详解】A．无人机在ab段位移时间图像为直线，说明无人机做匀速运动，根据其直线方程的斜率为其速度，可知无人机在ab段的速度为5m/s，故选项A正确；B．无人机在bc段斜率先正后负，所以速度先向上越来越小，即先向上减速运动，加速度向下，后向下斜率越来越大，即向下的速度越来越大，故加速向下，所以加速度一直向下，故选项B错误；C．无人机在bc段的速度变化量为故选项C错误；D．无人机在cd段处于匀速下降阶段，故选项D错误。故选A。
5．D【详解】A．根据v—t图像的斜率表示加速度，可求得各段的加速度大小有0~1s
1~2s，，2~3s，，3~4s，，故0~1s内物体运动的加速度最大为5m/s2，则A项错误；B．t=1s时，瞬时速度为零，则表示速度反向，而1s前后斜率一直为负，表示加速度为负方向不变，故B错误；C．v—t图像的面积表示位移，可得0~2s的位移为则平均速度为故C错误；D．由图像可知2~3s内的图像面积抵消即位移为零，则0~4s内的总位移为故D正确。故选D。
6．D【详解】AB．作用木板时，以向右为正方向，弹丸的加速度为
可知弹丸的加速度大小为，方向向左，故A正确，B错误；CD．作用木板时，以向右为正方向，足球的加速度为可知足球的加速度大小为，方向向左，故CD错误。
7．B【详解】根据加速度的定义式可得列车的加速度为再经过30s，列车已经停止运动，故再经过30s，列车行驶的位移为故选B。
8．D【详解】ABD．汽车减速到零，可以看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，根据初速度为零的匀变速直线运动的比例关系，可知汽车通过DE、AD段所用的时间之比为1∶1，可得汽车减速的时间等于，汽车通过吊索A时的速度为，故A、B错误，D正确；C．汽车通过吊索D为AE段的中间时刻，故通过吊索D的速度等于AE段的平均速度，故C错误。故选D。
9．ABC【详解】A．乙在整个6s时间内加速度大小方向均不变，则做匀变速直线运动，选项A正确；B．因x-t图像的斜率等于速度，可知甲在整个6s时间内做匀速直线运动，它通过的总位移大小为x=2m-(-2m)=4m选项B正确；C．由图像可知，乙在0~3s内向负方向做匀减速运动，在3~6s内向正方向做匀加速运动，即整个6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零，选项C正确；D．甲在整个6s时间内一直向正方向运动，它通过的总位移为4m，选项D错误。故选ABC。
10．BD【详解】A．根据题意，由中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得，它在B点的速度为故A错误；BCD．根据题意，由逐差法有解得
由运动学公式可得，物体运动到点的时间为则通过OA段所需时间为由公式可得，OA段的长度为故C错误，BD正确。故选BD。
11．AC【详解】A．根据匀减速直线运动的规律可得由图可知汽车的初速度为图象斜率为汽车的加速度为故A正确；B．汽车最后内运动的时间为汽车最后内的平均速度为故B错误；C．汽车在最后内的平均速度为故C正确；D．汽车在最初内通过的位移为汽车最后3秒内通过的位移为汽车在最初内通过的位移与最后内通过的位移之差为故D错误。故选AC。
12．BD【详解】A．若汽车立即做匀减速直线运动，速度减为零的时间t0==s=1.6 s<2 s所以从刹车到停止的位移x2=汽车离停车线的距离为8m-6.4m=1.6 m故A错误；B．如果在距停车线6m处开始刹车制动，从刹车到停止的位移是6.4m，汽车将越过停车线停下，故B正确；CD．从刹车到停下的位移是6.4m，所以汽车匀速运动的位移是1.6m，则驾驶员的反应时间t=s=0.2s
故C错误，D正确。故选BD。
13． 平均速度 减小
【详解】[1][2]根据瞬时速度的定义可知，v实质上是滑块通过光电门的平均速度，要使瞬时速度的测量值更接近于真实值，可将挡光片的宽度减小一些。
14． 交流 A 0.62 1.80 小
【详解】（1）[1] 打点计时器使用的电源为交流电源。
（2）[2]接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作之间的时间顺序关系是先接通电源，后让纸带运动，故A正确，BCD错误。
故选A。
（3）[3] 打下B点时小车运动的速度为
[4]由图知相邻两计数点之间的距离
由
得小车的加速度为
（4）[5]如果电源频率高于50Hz时，则由
可知，打点计时器的打点周期变小，而仍按50Hz的时间间隔打一个点计算，则计算中所用时间间隔偏大，故速度的测量值与实际值相比会偏小。
15．（1）；（2）
【详解】（1）滑块做匀加速直线经过A、B、C、D四点可得
故段的距离为
（2）的距离为
的距离为
滑块从B由静止匀加速到C点时有
解得
16．（1）40m/s；（2）225m；（3）
【详解】（1）由速度公式
代入数据得
（2）由
代入数据可得
（3）由
可得
代入数据可得
17．(1)4.9s；(2)10.9s
【详解】假如学生从A到B的过程中，先做匀加速运动，紧接着做匀减速直线运动，并设此过程中达到的最大速度为V，做匀加速运动的时间为t1，做匀减速运动的时间为t2，则由运动学公式，有：
v=a1t1，v=a2t2，
联立，代入数据可解得：v=10m/s，t1=4s，t2=2s
因为v＜vm，所以从A到B的过程中，学生的确先做匀加速运动，然后做匀减速运动
从B到A的加速过程中，速度从零增大到12m/s需时：
加速过程的位移
最后阶段的匀速运动用时：
所以tBA=t3+t4=4.9s
则该学生“30m折返跑”的成绩为t=t1+t2+t3+t4=4+2+4.8+0.1s=10.9s．
答案第8页，共8页
