2023年广东省深圳市南山区哈工大实验学校中考物理三模试卷
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 在物理学习中，对数据的估测是非常重要的能力。下列是关于长度、温度、时间、和速度的估测，其中最接近实际的是( )
A. 中学生正常行走一步约为 B. 人感觉舒适的室温约
C. 正常眨眼一次的间隔时间约为 D. 我国高铁时速可达
2. 云、雨、雪、露、雾、霜是十分常见的自然现象，物态变化无时无刻不存在于我们的生活当中。下列关于物态变化现象及原因分析错误的是( )
A. 春天冰雪消融是熔化现象
B. 湿衣服被太阳晒干是汽化现象
C. 抗疫值班医护人员眼罩的镜片常常模糊不清，是空气中的水蒸气液化形成的
D. 冬天玻璃上会出现冰花，这是凝固现象
3. 下列关于光现象的描述正确的是( )
A. 图甲：是表示矫正近视眼的光路示意图
B. 图乙：凸透镜只对平行于主光轴的光有会聚作用
C. 图丙：用放大镜看远处的物体时，像是缩小、倒立的
D. 图丁：把纸板向后折，在纸板上能看到反射光
4. 如图所示，小雪用放在水平面上的两个实验装置来观察并研究大气压的变化，下列说法正确的是( )
A. 甲图中大气压变大时，玻璃管内的液面会下降
B. 乙图中大气压变小时，玻璃管内的液面会下降
C. 把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，玻璃管内外液面高度差变大
D. 乙装置更能准确地测量出大气压的值
5. 我国在材料、能源等领域取得了辉煌的成就，下列说法不正确的是( )
A. 太阳能、风能、天然气都是可再生能源
B. 北斗卫星导航系统传递信息利用的是电磁波
C. 发光二极管的核心部件是半导体材料
D. 若用超导材料制造输电线，则可以大大降低由于电阻引起的电能损耗
6. 关于温度、内能、热量和做功，下列说法正确的是( )
A. 物体的内能与温度有关
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 物体的内能增加了，一定是从外界吸收了热量
D. 物体的内能越多，说明物体具有的热量也越多
7. 如图甲所示的福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图乙所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中。当弹射车内的导体通以强大电流时，战斗机就受到强大的推力而向前弹射飞出。下列实验中，与电磁弹射装置工作原理一致的是( )
A. B.
C. D.
8. 如图，甲、丙站于干燥的木桌上，乙、丁均站在地面上，他们的抓握方法如图示，则( )
A. 甲、丙均会触电 B. 甲、乙均会触电 C. 丙、丁均会触电 D. 只有乙不会触电
9. 如图所示，用一水平压力将重为的物体压在粗糙程度相同的竖直墙壁上。当压力为时，物体处于静止状态；当压力为时，物体恰好匀速下滑。下列说法中正确的是( )
A. 物体处于静止状态时，受到墙壁对它竖直向下的摩擦力为
B. 若物体匀速下滑的速度为，则其重力做功的功率为
C. 物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为
D. 保持的压力不变，物体匀速上滑时受到竖直向上的拉力
10. 如图所示电路中，电源电压保持不变，先闭合开关，观察电流表、电压表的示数；再闭合开关、，下列分析正确的是( )
A. 电流表示数变大，电压表示数变不变 B. 电流表示数变小，电压表示数变小
C. 电压表示数与电流表示数的比值变大 D. 电压表示数与电流表示数乘积变大
二、填空题（本大题共2小题，共8.0分）
11. “双减”教育政策落实之后，各校开展了丰富多彩的课后延时服务活动。请用所学知识，解决下列问题：
器乐社团队员们正在学习吹葫芦丝，优美的葫芦丝声是由葫芦丝内______ 振动而产生的，我们能区分葫芦丝和陶笛的声音，是因为他们的______ 不同选填“音调”、“音色”或“响度”；
活力社团的小冬正在参加体育训练活动，他跑完用时，这次训练的平均速度是______ ，合______ ；
合唱社团专用教室门窗玻璃由学校专门定制，具有很好的隔音效果，这是从______ 减弱噪声。
12. 如图所示是小孩滑滑梯时的情景。小孩从滑梯上滑下的过程，臀部有灼热感，小孩的重力势能将______ 选填“变小”或“不变”或“变大”。若小孩开始下滑时具有的机械能，刚要滑到地面时他的动能为，此刻他的速度______ 选填“等于”或“不等于”，小孩具有的机械能______ 选填“变小”或“不变”或“变大”。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
13. 请在图中将入射光线补画完整是凹透镜的虚焦点。
14. 如图所示，利用羊角锤撬起钉子，请你在羊角锤点处画出所能施加最小动力，并画出阻力的阻力臂．
四、实验探究题（本大题共2小题，共14.0分）
15. 小明利用形管压强计和装有水的大烧杯来探究液体内部压强的特点。实验前，他注意到形管两边的液面已处在同一水平线上，如图甲所示。
实验中液体内部压强的大小通过______ 反映出来；
使用前应检查装置是否漏气，方法是用手轻轻按压几下橡皮膜，如果形管中的液体能灵活升降，则说明装置______ ；选填“漏气”或“不漏气”
通过观察图乙、丙两次实验可知，液体内部的压强与______ 有关；
小明还发现在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，形管两边液柱的高度差不变化，表明在相同条件下液体内部各个方向的压强______ ；
已知丙图中形管左侧液柱高为，右侧液柱高为，则形管底部受到的液体压强为______ ；取
小明保持图丙中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，实验情形如图丁所示，比较丙、丁两次实验，小明得出了：液体的密度越大，其内部的压强越大的结论。你认为他的结论是否可靠？______ ，原因是：______ 。
16. 小刚利用如图甲所示电路测定小灯泡的电功率。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为左右。实验室有如下器材：电源电压为、电流表、、电压表、、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：、、。
小刚在实验过程中，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是______ ；
正确连接电路后闭合开关，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则电路的故障可能是______ ；
A.灯泡短路
B.灯泡断路
C.滑动变阻器短路
D.滑动变阻器断路
闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，经多次测量，小刚画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像如图丙，则小灯泡的额定功率为______ 。在多次测量中，小刚还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比______ 选填“变大”、“变小”或“不变”，原因是______ ；
灯泡的功率测量完毕，小刚用、、、、的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流随电阻变化的图像，则小刚应选用滑动变阻器______ 选填“”、“”或“”。若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为，则所选定值电阻的阻值为______ 。
五、计算题（本大题共2小题，共16.0分）
17. 小松从网上了解到一种新工具电热切割刀。他用的学生电源，导线若干，开关和两条电阻均为电阻丝、成功自制了一把电热切割刀，电路图如图。按发热功率从高到低，有两挡，，求：须有必要文字说明
低温挡的电流；
高温挡的电功率；
小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量。
18. 池底一轻薄网袋内装了十块的空心砖，每块空心砖不吸水的质量为，其材料密度为。小平利用如图滑轮组将它们打捞起整体均未露出水面，动滑轮的重力为，不计绳重及摩擦。求：取，
十块空心砖的材料总体积；
十块空心砖的总重力；
十块空心砖完全浸没时受到的总浮力；
该滑轮组的机械效率。
六、综合题（本大题共1小题，共8.0分）
19. 阅读短文，回答问题。
如图甲所示，“翼龙”是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途无人机，可携带各种侦察、测距、电子对抗设备及小型空地打击武器，可广泛应用于如灾情监视、军事活动等科学研究领域。
无人机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气体流速较______ 选填“大”或“小”，压强较______ 选填“大”或“小”的原理来提供升力；
无人机能将灾情监视、军事活动等信息通过______ 填“超声波”或“电磁波”传递到指挥中心；
工程师给发动机装上了能控制油门大小的限速器，其简化电路如图乙所示，其中保护电阻为定值电阻，的阻值随飞行速度的变化图像如图丙所示，要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，则电表应选用______ 选填“电流表”或“电压表”，并且应安装在电路中的______ 选填“”或“”的位置，当飞行速度达到某设定值时，电磁铁刚好能够吸下衔铁，使得油门的喷油量减小，从而实现控制无人机的速度不再增大，此时电磁铁上端的极性为______ 极；
若电源电压恒为，的阻值为，当无人机飞行速度达到时，的电功率是______ ；电磁铁的线圈电阻忽略不计
时间久了，保护电阻的阻值会变大，为确保最大飞行速度不变，可采取的办法是______ 。
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、中学生正常行走一步约为，故A错误；
B、人感觉舒适的室温约，故B错误；
C、正常眨眼一次的间隔时间约为，故C错误；
D、我国高铁时速可达，故D正确。
故选：。
解答估测选择题的方法：利用生活中我们熟悉的一些数据作为根据，进行单位换算，有时要利用基本公式求未知物理量。
本题考查了对长度、时间、温度、速度的估测，注重理论与实际差异的应变能力的培养，体现新课程的基本理念。
2.【答案】
【解析】解：、“雪”融化是由固态变成液态的过程，属于熔化，故A正确；
B、湿衣服被太阳晒干是液态变成气态的过程，属于汽化，故B正确；
C、镜片常常模糊不清是由空气中的水蒸气液化而成的小水滴，故C正确；
D、冰花是由空气中的水蒸气凝华而成的，故D错误。
故选：。
物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华。
此题考查我们对于物态变化的理解，物态变化知识是中考必考的知识点，需要掌握。
3.【答案】
【解析】解：、图甲配戴凸透镜进行矫正，是表示矫正远视眼的光路示意图，故A错误；
B、平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，凸透镜对非平行于主光轴的光也有会聚作用，故B错误；
C、放大镜是凸透镜，看远处的物体时，物体位于倍焦距外，像是倒立、缩小的实像，故C正确；
D、反射光线与入射光线在同一平面内，把纸板向后折，在纸板上不能看到反射光，故D错误。
故选：。
由光的反射定律可知：入射光线与反射光线在同一平面内，若把法线右边的纸板向后或向前折，则在纸板上将不能看到反射光线；
凸透镜对光线有会聚作用，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；
当物距大于倍焦距时，则像距在倍焦距和倍焦距之间，成倒立、缩小的实像；
近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应配戴凹透镜矫正；远视眼是晶状体会聚能力减弱，使像成在了视网膜的后面，需要配戴凸透镜进行矫正。
本题考查近视眼及其矫正、凸透镜的会聚作用、凸透镜的成像规律、光的反射规律，是对基础知识的考查。
4.【答案】
【解析】解：、甲图是托里拆利实验，玻璃管内是真空，大气压的值等于玻璃管内液柱产生的压强，当大气压变大时，玻璃管内的液面会上升，故A错误；
B、乙图中，瓶内封闭部分气体的压强玻璃管内水的压强外界大气压，瓶内气压不变，外界大气压变小时，玻璃管内的液面会上升，故B错误；
C、把乙装置从高山脚下拿到高山顶上，大气压降低，玻璃管内液柱会在内部气压的作用下升高，玻璃管内外液面高度差变大，故C正确；
D、托里拆利实验能准确的测出大气压的值，图乙装置是自制简易气压计，虽然能测出水柱的高度，但不知道容器内的气体压强，所以不能测出大气压的值，故D错误。
故选：。
在托里拆利实验中，玻璃管内水银柱的高度代表了外界大气压强的大小，外界大气压变大时，玻璃管内的液面会升高；
从大气压与瓶内压强的关系角度进行考虑，瓶内封闭部分气体的压强玻璃管内水的压强外界大气压；
大气压随着高度的增加而减小；
托里拆利实验能准确的测出大气压的值，图乙装置中虽然能测出水柱的高度，但不知道容器内的气体压强，所以不能测出大气压的值。
第一次精确地测出大气压值的实验是托里拆利实验，是意大利科学家托里拆利最早通过玻璃管、水银、刻度尺等完成测量的。其测量的结果是大气压相当于约水银柱产生的压强，后来这一压强被规定为标准大气压。
5.【答案】
【解析】解：太阳能、风能是可再生能源，天然气是不可再生能源，故A错误；
B.卫星导航、移动通信是利用电磁波来传递信息的，故B正确；
C.发光二极管的核心部件是半导体材料，故C正确；
D、如果用超导材料作为输电线，由于超导材料的电阻为，所以可大大降低输电过程中的电能损耗，故D正确。
故选：。
可再生能源的概念：像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，把它们称为可再生能源；
不可再生能源的概念：化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源；
卫星是通过电磁波传递信息的；
半导体材料应用非常广泛，发光二极管的主要材料就是半导体；
超导体的电阻为零，电流流过超导体时不会产生热量，凡是利用电流热效应工作的设备，都不能使用超导体，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。
本题考查了学生对能源的分类、电磁波的应用、半导体、超导材料的了解，属于基础知识的考查，难度不大
6.【答案】
【解析】解：、物体的内能与温度、体积、状态都有关系，故A正确；
B、物体吸收热量，温度不一定升高，如冰块熔化过程中，冰块不断吸收热量，但其温度一直保持不变，故B错误；
C、物体的内能增加了，可能是物体从外界吸收了热量，也可能是对物体做了功，故C错误；
D、热量是过程量，不能说物体具有热量或含有热量，故D错误。
故选：。
改变内能的方法：做功和热传递；
内能是指物体内部所有分子热运动的动能和分子势能的总和，内能与物体的温度、质量、所处状态有关；
晶体熔化时吸热，内能增加，但温度不变。
本题考查温度、热量、内能之间的关系、改变物体内能的方法，以及内能的影响因素，难度不大。
7.【答案】
【解析】解：由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A.图中是奥斯特实验，证明了电流周围存在磁场，故A不正确；
B.图中两个电磁铁串联，电流相同，线圈匝数不同，吸引大头针的数目不同，说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数有关，故B不正确；
C.图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，故C不正确；
D.图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，故D正确。
故选：。
先分析电磁弹射器的工作原理，再分析各个选项实验图反映的知识，找出符合题意的选项。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应等实验要注意区分，属常见题型。
8.【答案】
【解析】解：甲站在干燥的木桌上一只手接触到火线，无法形成电流的通路，故不会发生触电；
乙站在地上一只手接触到零线，零线与大地之间没有电压，因此没有电流通过人体，不会发生触电；
丙站在干燥的木桌上一只手接触到火线，此时，丁站在地面上用手去拉丙，这样电流可以从火线经丙、丁导向大地，会造成丙、丁两人同时触电。
综上所述，甲、乙都不会触电，丙、丁都会触电，故ABD错误，C正确。
故选：。
触电的实质是当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电；
家庭电路的触电事故有两种：单相触电和双相触电。单相触电是站在地上和火线接触或间接接触火线；双相触电是人体一端接触火线，一端接触零线。
此题考查的是触电的两种类型和家庭电路的连接，掌握触电的实质是：人体直接或间接跟火线接触造成的。
9.【答案】
【解析】解：、当压力为时，物体处于静止状态，在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，所以，方向是竖直向上，故A错误；
C、当压力为时，物体恰好匀速下滑，在竖直方向上受到的重力和摩擦力是一对平衡力，所以，方向是竖直向上，故C错误；
B、重力做功的功率：，故B错误；
D、物体匀速上滑时，由于压力和接触面的粗糙程度不变，此时的摩擦力不变仍为，由于物体向上运动，因此摩擦力方向竖直向下，此时的物体受到竖直向上的拉力、竖直向下的重力、摩擦力的共同作用处于平衡状态，因此竖直向上的拉力：，故D正确。
故选：。
明确静止和匀速下滑时，物体处于平衡状态，受的是平衡力，只要弄清哪两个力是平衡力，然后根据平衡力的特点分析物体所受的摩擦力；
根据求重力做功的功率；
根据摩擦力影响因素分析物体匀速上滑时所受的摩擦力，根据力的平衡条件求出向上的拉力大小。
本题考查二力平衡条件的应用、摩擦力大小的判断、功率的计算和滑动摩擦力的影响因素，题目中多次改变压力的大小，要注意关注物体的运动状态的变化。
10.【答案】
【解析】解：
由图知，闭合开关时，与串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压，
由串联电路的电压特点知：；所以，
再闭合开关、时，与并联，电压表测电源电压，所以电压表示数与前者相比变大；
因串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，总电阻大于各部分电阻；
并联电路中总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，总电阻小于各支路电阻，
所以再闭合开关、后，电路的总电阻减小，电源电压保持不变，由可知电路中电流变大，即电流表示数变大；
由欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值等于电路的总电阻，由于再闭合开关、后总电阻减小，所以该比值变小；
因电压表和电流表的示数均变大，所以电流表和电压表示数的乘积变大；
综上可知ABC错误，D正确。
故选：。
闭合开关时，与串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压；
再闭合开关、时，与并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压，根据电路特点和欧姆定律分析判断电表的示数变化即可。
本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电路连接方式和电表所测物理量是关键。
11.【答案】空气 音色 传播过程
【解析】解：优美的葫芦丝声是由葫芦丝内空气振动而产生的，我们能区分葫芦丝和陶笛的声音，是因为他们的音色不同；
小冬这次训练的平均速度是：；
合唱社团专用教室门窗玻璃由学校专门定制，具有很好的隔音效果，这是通过在声音的传播过程中减弱了噪声的传播。
故答案为：空气；音色；；；传播过程。
声音是由物体振动产生的，不同的乐器因材料和结构不同，发出的声音的音色就不同，音色是辨别声音的最重要的特征；
根据计算平均速度，；
减弱噪声的途径有三条：即在声源处减弱，在人耳处减弱，在传播过程中减弱。
本题考查了声音的产生、声音的特性、减弱噪声的方式、速度的计算等，综合性强，难度不大。
12.【答案】变小 不等于 变小
【解析】解：小孩从滑梯上滑下的过程中，质量不变，高度降低，小孩的重力势能将变小；刚要滑到地面时他的动能为，动能不为零，所以速度也不为零；小孩下滑过程中，克服摩擦力做功，内能增加，温度升高，机械能转化为内能，小孩具有的机械能变小。
故答案为：变小；不等于；变小。
动能的影响因素有质量和速度；重力势能的影响因素有质量和高度；物体运动过程中，当克服摩擦力做功时，机械能转化为内能。
本题考查了动能和势能的影响因素以及机械能与内能间的转化，难度不大。
13.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，过凹透镜光心的光线其传播方向不变，如图所示：
【解析】先确定所给的入射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点三条特殊光线作图。
凹透镜的三条特殊光线：过凹透镜光心的光线其传播方向不变；指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点。
14.【答案】解：力臂越长越省力，最长的力臂即支点与作用点的连线，然后根据力臂的画法作出垂直于力臂的作用力即可。过点作垂直于的垂线即为阻力的力臂如下图所示：
【解析】由杠杆的平衡条件可知，当动力臂最大时，动力最小，即最省力。连接支点和力的作用点即是最大动力臂，当作用力与之垂直时，作用力最小。
求最小的力是常见的题型，关键是要找到离支点最远的点从而做出最长的力臂。
15.【答案】形管两边液柱的高度差 不漏气 液体的深度 相等 不可靠 没有控制金属盒在水和盐水中的深度相同
【解析】解：压强计是通过形管中液面的高度差来反映被测压强大小的。液面高度差越大，液体的压强越大；
用手轻轻按压几下橡皮膜，如果形管中的液体能灵活升降，则说明装置不漏气；如果形管中的液体没有升降或升降不灵活，说明装置是漏气的；
比较乙、丙实验可知，液体的密度相同，金属盒在液体的深度不同，形管内液面的高度差不同，说明液体内部压强与液体的深度有关；
在同种液体中，金属盒距液面的距离相同时，只改变金属盒的方向，形管两边液柱的高度差不变化，表明在相同条件下，液体内部各个方向的压强相同；
由题意得，形管左侧液柱高为，右侧液柱高为，因为左侧液柱上方的气压大于外界大气压，而右侧与大气相通，则形管中液柱的高度应取，
因此形管底部受到的液体压强为：
；
小明保持丙图中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体是深度增大，密度增大，形管左右液面差增大，没有控制深度不变，不能探究液体压强跟密度的关系。
故答案为：形管两边液柱的高度差；不漏气；液体的深度；相等；；不可靠；没有控制金属盒在水和盐水中的深度相同。
液体压强大小通过形管内液面的差来反映的，液面高度差越大，液体的压强越大。
液体的压强跟液体的深度和密度有关。液体的密度一定时，液体越深，液体压强越大；在液体的深度一定时，液体的密度越大，液体压强越大。
在同种液体的同一深度，液体向各个方向的压强相等。
由题意可知，右侧与大气相通，右侧液柱高为，这就是形管中液柱的高度，根据液体压强公式即可求出形管底部受到的压强。
此题为探究液体压强特点的实验，解答此问题要求学生掌握液体压强大小的影响因素，利用控制变量法探究液体压强大小的影响因素。
16.【答案】断开开关，将电流表换接小量程 变大 小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大
【解析】解：电流表指针偏转过小，应断开开关，将电流表换接小量程；
电路正确连接后，闭合开关，移动滑片，发观灯泡总不亮，且电流表无示数，但电压表示数接近，则故障原因可能是灯泡断路，故选B；
由图象知，在额定电压下，通过灯泡的电流为，所以灯泡的额定功率为；
由图象知，当电压为时，对应的电流为，电压与电流比值大小为；当电压为时，对应的电流为，电压与电流的比值为，所以，当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比变大，原因是小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大；
电源电压为；由图象知，电阻两端的电压为保持不变；则变阻器两端的电压始终为；
当电流值为时，变阻器的阻值最小，；当电流为值为时，变阻器连入电路中的阻值最大，所以变阻器应选用电路中的最大电流不超过变阻器的；
若某次实验中，滑动变阻器连入的阻值为，根据分压原理，，则所选定值电阻的阻值。
故答案为：断开开关，将电流表换接小量程；；；变大；小灯泡两端的电压增大，温度升高，小灯泡电阻变大；；。
由图知，电流表指针偏转过小，应断开开关，将电流表换接小量程；
闭合开关灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数可能是电路断路；电压表示数接近，等于电源电压，说明电压表与电源两端相连，电压表并联电路之外，不存在断路；综合分析知电路故障原因是：灯泡断路；
已知灯泡的额定电压，通过图象得到额定电压下的电流，利用公式得到灯泡的额定功率；根据欧姆定律分别求出几个电阻值，判断电压与电流大小比值的大小变化；
已知电源电压，根据图象确定电阻两端的电压，得出变阻器两端的电压，根据最大电流和最小电流求出变阻器的最大值和最小值；根据分压原理得到定值电阻的阻值。
本题测定灯的电功率，考查实验前仪器的检查、常见故障的分析、操作过程、功率的计算、影响电阻大小的因素和器材的选择等知识，综合性强，有一定难度。
17.【答案】解：由图乙可知，当开关、都闭合时，、并联，根据并联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最小，由可知，电路中的总功率最大，电热切割的处于高温挡；
当开关闭合、断开时，只有工作，电路中的总电阻最大，总功率最小，电热切割刀处于低温挡；
电热切割刀低温挡的电流：；
高温挡工作时通过的电流：，
根据并联电路的电流特点可知，高温挡工作时电路中的总电流：，
高温挡的电功率：；
由可知，小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量：。
答：低温挡的电流为；
高温挡的电功率为；
小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量为。
【解析】由图乙可知，当开关、都闭合时，、并联；当开关闭合、断开时，只有工作；根据并联电路的电阻特点和可知电热切割刀高温挡和低温挡的电路连接；根据欧姆定律求出电热切割刀低温挡的电流；
根据欧姆定律求出高温挡工作时通过的电流，根据并联电路的电流特点求出干路的总电流，根据求出高温挡的电功率；
根据求出小松使用高温挡切割，整个过程产生的总热量。
本题考查并联电路的特点、欧姆定律、电功率公式以及焦耳定律的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
18.【答案】解：十块空心砖的材料总体积为：
；
十块空心砖的总重力为：
；
十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为：
；
该滑轮组的机械效率为：
。
答：十块空心砖的材料总体积为；
十块空心砖的总重力为；
十块空心砖完全浸没时受到的总浮力为；
该滑轮组的机械效率为。
【解析】根据算出十块空心砖的材料总体积；
根据算出十块空心砖的总重力；
根据算出十块空心砖完全浸没时受到的总浮力；
根据算出该滑轮组的机械效率。
本题考查了密度公式、重力公式、阿基米德原理公式以及机械效率公式的应用等知识，是一道综合题，有一定的难度。
19.【答案】大 小 电磁波 电压表 增大电源电压
【解析】解：无人机外形采用流线型设计，目的是使其飞行时机身上表面的气体流速较大，压强较小的原理来提供升力。
无人机机身表面采用的复合材料受力不易形变，说明该材料的硬度较大，无人机将灾情监视、军事活动等信息通过电磁波及时传达到指挥中心。
从图中可知，位置分别与和并联，故电表应选用电压表。
从图丙可知，的阻值随飞行速度的增加而变小，当飞行速度增大时，根据串联分压特点可知两端的电压变小，电源电压不变，根据串联分压特点可知两端的电压变大。要使电表示数能随飞行速度的增大而增大，则并且安装的位置；
闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁上端为极；
当无人机飞行速度达到时，从图中可知，、串联，
根据欧姆定律可知电路电流，
的电功率；
由图可知，和串联，由题意可知，时间久了，保护电阻的阻值会变大，为确保最大飞行速度不变，则的阻值一定，电磁铁的吸合电流不变，由欧姆定律可知，增大电源电压可使吸合电流保持不变，即为确保最大飞行速度不变，可采取的办法增大电源电压。
故答案为：大；小；电磁波；电压表；；；；增大电源电压。
流体在流速大的地方压强较小，在流速小的地方压强较大；
无人机机身表面采用的复合材料受力不易形变，说明该材料的硬度较大，无人机将灾情监视、军事活动等信息通过电磁波及时传达到指挥中心；
从图中可知，位置分别与和并联，故电表应选用电压表。
从图丙可知，的阻值随飞行速度的增加而变小，当飞行速度增大时，根据串联分压特点可知两端的电压变小，电源电压不变，根据串联分压特点可知两端的电压变大，据此得出电表的安装的位置；
闭合开关时，电流从电磁铁的上方流入，下方流出，根据安培定则可知电磁铁下端的极性；
由乙图与丙图中的信息可知：当无人机达到最大飞行速度时，找出的阻值为，此时电阻、串联，由欧姆定律求出，再根据电功率即可求出的电功率；
由图可知，和串联，由题意可知，时间久了，保护电阻的阻值会变大，为确保最大飞行速度不变，则的阻值一定，电磁铁的吸合电流不变，由欧姆定律可知，增大电源电压可使吸合电流保持不变，由此得出结论。
本题考查电磁波、欧姆定律、安培定则、电功率等知识，综合性较强。
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