四川省自贡市2023年中考物理试卷
一、单选题
1．（2023·自贡）下列关于电压值的说法错误的是（ ）
A．一节干电池的电压是1.5V
B．电子手表内氧化银电池的电压是1.5V
C．我国家庭电路的电压是110V
D．对人体安全的电压不高于36V
2．（2022·福州一模）用充电宝给手机充电时，充电宝相当于电路中的（ ）
A．用电器 B．开关 C．电源 D．导线
3．（2023九上·太和期末）电给我们的生活带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。安全用电是每一位公民的必备素养。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．使用试电笔辨别火线时接触笔尖金属体
B．及时更换达到使用寿命的插座、导线和家用电器
C．家庭电路着火迅速用冷水浇灭
D．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
4．（2023·自贡）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力、、匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．较大 B．较大
C．较大 D．、、的大小相等
5．（2023·自贡）如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线，导线的两端跟灵敏电流表连接。下列说法正确的是（ ）
A．磁体不动，AB水平向右快速移动，指针不偏转
B．AB不动，磁体水平向左快速移动，指针会偏转
C．磁体不动，AB竖直向上运动，指针会偏转
D．磁体不动，AB竖直向下运动，指针会偏转
6．（2023·自贡）近年来，我国在能源、信息与材料等领域取得了辉煌的成就。下列说法不正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、核能都是可再生能源
B．目前的核电站是利用原子核裂变发电的
C．光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的
D．用超导材料制造输电线，可以大大降低输电线的电能损耗
7．（2023·自贡）下列现象属于熔化的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇流成溪 B．盛夏，冰棒周围出现“白气”
C．金秋，阳光照射迷雾散去 D．寒冬，双溪水库水面结冰
8．（2023·自贡）如图所示的工具在正常使用过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．食品夹子 B．筷子
C．核桃夹 D．镊子
9．（2023·自贡）学校附近的居民经常听到课间操广播声，下列说法正确的是（ ）
A．广播声是由于空气振动产生的
B．居民关窗是在声源处减弱噪声
C．广播声通过空气传入居民耳中
D．调节音量是为了改变声音的音调
10．（2023·自贡）小王同学在家里将一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可沿ON折叠的硬白纸板ENF竖直的立在平面镜上，以此来探究光的反射规律。通过测量他发现此时入射光线与平面镜成50°夹角，如图所示，则（ ）
A．反射光线与镜面的夹角是40°
B．入射角增大10°，反射光线与入射光线的夹角增大20°
C．将纸板NOF向后折叠，则反射光线会消失
D．光在纸板上发生了镜面反射
11．（2023·自贡）小周同学参加了2023年自贡市中考体育测试，在立定跳远项目中下列说法正确的是（ ）
A．小周穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
B．小周跳起后，在空中运动时处于非平衡状态
C．小周跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D．起跳时，小周对地面的压力和地面对小周的支持力是一对平衡力
12．（2023·自贡）一束光线与水面成锐角由空气斜射入水中时，入射角为α，反射角为β，折射角为γ，则（ ）
A．α>β>γ B．α=β>γ C．α=β<γ D．α<β<γ
13．（2023·自贡）2022年5月14日，一架国产C919大飞机（如图所示）从浦东机场起飞，经过3个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下列说法正确的是（ ）
A．飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大
B．飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的动能一直保持不变
C．飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变
D．飞机降落后，在水平道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能
14．（2023·自贡）由欧姆定律变形可得，下列说法正确的是（ ）
A．导体电阻大小跟它两端的电压成正比
B．导体电阻大小跟通过它的电流成反比
C．导体电阻大小由它两端电压和通过电流决定
D．导体电阻大小等于它两端电压与通过电流的比值
15．（2023·漳州模拟）如图，在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别，两个信息都符合后闸机门（电动机）才自动打开，可检票通过。身份证和人脸识别系统相当于开关，信息符合后开关自动闭合，下列模拟电路中，符合上述要求的是（ ）
A． B．
C． D．
16．（2023·自贡）下列四幅图涉及的物理知识说法错误的是（ ）
A． 军舰从长江驶入大海后，舰身要上浮一些
B． 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C． 飞机机翼设计成流线型，利用了机翼上方空气流速慢，压强小
D． “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压强
17．（2023·自贡）杆秤是一种中国传统的称量工具，凝聚着中国人民的智慧。如图所示，O为杆秤提纽，OA=8cm，秤砣质量m=0.2kg，不挂重物和秤砣时，手提提纽，杆秤可水平平衡。用它称鱼，当秤砣置于B点时，杆秤再次水平平衡，此时测得OB=32cm，则鱼的质量为（ ）
A．1.0kg B．0.8kg C．0.6kg D．0.4kg
18．（2023·静安模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点移动时，变小的是（ ）
A．电流表A2的示数
B．电压表V的示数
C．电流表A示数与电流表A2示数的差值
D．电压表V示数与电流表A示数的比值
19．（2023·自贡）甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示，分别代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知下列说法正确的是（）（ ）
A．
B．
C．
D．
20．（2023·自贡）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，白天路灯熄灭，夜晚路灯亮起。下列说法正确的是（ ）
A．电路工作时，电磁铁上端为N极
B．给路灯供电的电源应接在b、c两端
C．控制电路电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮
D．路灯发光时把电能全部转化为光能
二、填空题
21．（2023·自贡）图中物体A的长度为 cm，停表的读数为 s。
22．（2023·自贡）如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的示意图，B图是 冲程，与它原理相同的是 图所示的演示实验。
23．（2023·自贡）如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的两个金属箔张开一定的角度，张开是因为在这个过程中 （“产生了电荷”或“电荷发生转移”），此时验电器的金属箔带 电。
24．（2023·自贡）为了保护同学们的视力，很多学校教室里的日光灯全部更换成如图所示的LED护眼灯，每间教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是 联的。如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则教室电路中的总电流会 （选填“增大”或“减小”）。
25．（2023·自贡）司机开车系上安全带可以减小紧急刹车时由于 造成的伤害；小汽车的外观呈流线型，在高速行驶时小汽车对地面的压力 重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
26．（2017·重庆模拟）现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣I图象如图所示，将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从4V开始减小，电流表的示数从0.4A开始增大．则滑动变阻器的最大阻值为 Ω，在滑片移动过程中小灯泡消耗的最大电功率与整个电路消耗的最小电功率的比值为 ．
27．（2023·自贡）夏天，小明到小丽家去玩，小丽从冰箱里拿出饮料倒入纸杯里请小明喝。不一会，小明发现纸杯壁上有一些小水珠。纸杯壁上出现小水珠的现象是 （填物态变化名称）现象，请简单解释这个现象形成的原因： 。
三、作图题
28．（2023·贵池模拟）如图所示，物体A静止在斜面上，画出物体A静止时的受力示意图。
29．（2023·自贡）“创新”实验小组的同学要设计一个自动防盗报警电路。要求：晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。请按要求用直线连接如图所示的电路元件。
四、实验题
30．（2023·自贡）小明同学将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏放在如图所示的位置时，在光屏上观察到了清晰的像。
（1）由图可以判断出实验所用透镜的焦距为 cm；
（2）小明把蜡烛移到光具座的10cm刻度线处，需要把光屏向 适当移动（选填“左”或“右”），才能在光屏上得到一个清晰的像，此时的像将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
31．（2023·自贡）小周利用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样的灯泡L正常发光时的电阻和电功率。请按要求完成下列问题：
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图连接完整 ；
（2）连接电路后，闭合开关S，发现灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表示数为零，产生这种现象的原因可能是： ；
（3）排除故障后进行实验，闭合开关S，发现电压表的示数为0.5V，为使灯泡L两端电压达到额定电压，应向 端（选填“A”或“B”）移动滑动变阻器的滑片P，直到观察到电压表示数为2.5V。此时，电流表示数如图乙所示，电流表示数为 A，则灯泡L正常发光时的电阻为 Ω，电功率为 W。
32．（2023·自贡）某兴趣小组在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，用同一木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
（1）甲、乙、丙三次实验中以相同速度沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡知识，弹簧测力计对木块的拉力大小 滑动摩擦力的大小（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（2）通过对比甲、乙两次实验可知：在接触面的粗糙程度相同时， 越大，滑动摩擦力越大；
（3）通过对比 两次实验可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）兴趣小组的同学利用甲图实验装置继续探究滑动摩擦力与速度的关系，改变拉动木块的速度，进行实验，记录的实验数据如下表：
实验次数 1 2 3 4
运动速度（m/s） 0.3 0.4 0.5 0.6
测力计的示数（N） 1.2 1.2 1.2 1.2
分析实验数据可知：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度 （选填“有关”或“无关”）；
（5）小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动，于是小伟设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是 长木板B做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
五、计算题
33．（2023·自贡）为保家卫国，加强国防建设，我国自主研制了一款两栖坦克，坦克发动机最大功率为440kW，满载时质量是24t，在野外陆地的最大速度是60km/h，在水中的最大速度是14km/h。已知，，请完成下列问题：
（1）坦克满载在水中行进时，排开水的体积是多少？
（2）坦克每条履带与地面的接触面积是2m2，满载时对水平地面的压强多大？
（3）在某次演习中，坦克以最大功率在水中行驶10min，发动机所做的功是多少？
34．（2023·自贡）图甲是一款多功能养生壶，图乙是它的简化电路图，其中R1、R2为电热丝，R1=R2且电阻不变，下表为其铭牌，其中高温挡的额定功率已模糊不清，已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg·℃)。在正常工作的情况下，试问：
项目 参数
电源电压（V） 220
低温挡功率（W） 200
中温挡功率（W） 400
高温挡功率（W）
容积（L） 1.5
（1）在1标准大气压下，将初温是30℃的一壶水烧开，水需要吸收多少热量？
（2）高温挡功率是多少？
（3）若养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，烧开这一壶水需要多长时间？
答案解析部分
1．【答案】C
【知识点】电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A.一节干电池的电压是1.5V，故A正确不合题意；
B.电子手表内氧化银电池的电压是1.5V，故B正确不合题意；
C.我国家庭电路的电压是220V，故C错误符合题意；
D.对人体安全的电压不高于36V，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】根据对常见家用电器电压的知识判断。
2．【答案】C
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】充电宝给手机充电时，充电宝提供电能，充电宝相当于电路中的电源.
故答案为：C。
【分析】给手机充电时，充电宝提供电能，相当于电路中的电源。
3．【答案】B
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．在使用试电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，手指不能碰到笔尖的金属体，A不符合题意；
B．插座、导线和家用电器等达到使用寿命后继续使用，容易造成触电事故，B符合题意；
C．生活中的水是导体，故电线着火时迅速泼水浇灭火焰，易造成触电，C不符合题意；
D．更换家用灯泡，必须先关闭电源，以防引起触电，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】使用测电笔时，手不能接触笔尖金属；插座、导线破损及时更换；家庭电路火灾不能用水灭。
4．【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】定滑轮其实是一个等臂杠杆，即中间的转轴为支点，阻力作用在滑轮边缘，阻力臂等于滑轮的半径。无论沿哪个方向拉动绳子，动力臂都等于滑轮的半径。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，无论向哪个方向拉，其拉力都相等。
故选D。
【分析】根据定滑轮的本质分析判断。
5．【答案】B
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】根据图片可知，磁场沿竖直方向。
磁体不动，AB水平向右快速移动，此时导体切割磁感线，会产生感应电流，则指针偏转 ，故A错误；
B.AB不动，磁体水平向左快速移动，相当于磁体不动，而AB快速向右移动，此时切割磁感线，会产生感应电流，则指针摆动，故B正确；
磁体不动，AB竖直向上运动或向下运动时，导体的运动方向与磁场方向一致，不切割磁感线，不产生感应电流，则指针不摆动，故C、D错误。
故选B。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
6．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；焦耳定律的应用；光纤通信
【解析】【解答】A.风能、水能、太阳能是可再生能源，而核能是不可再生能源，故A错误符合题意；
B.目前的核电站是利用原子核裂变发电的，故B正确不合题意；
C.光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的，故C正确不合题意；
D.用超导材料制造输电线，可以大大降低输电线的电能损耗，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）可以在短时间内的对补充的能源为可再生能源；
（2）根据核电站的工作原理判断；
（3）根据光线通讯的原理判断；
（4）根据Q=I2Rt分析判断。
7．【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】A.冰雪消融，即冰从固态变成液态发生熔化现象，故A符合题意；
B.“白气”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B不合题意；
C.迷雾散去，即小水珠从液态变成气态发生汽化现象，故C不合题意；
D.水面结冰，即水从液态变成固态发生凝固现象，故D不合题意。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
8．【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A.使用食品夹子时，两个夹片相连的位置为支点，阻力作用在夹子尖端，动力作用在夹片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A不合题意；
B.使用筷子时，大拇指所在的位置相当于支点，阻力作用在尖端，动力作用在筷子中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B不合题意；
C.使用核桃夹子时，转轴为支点，核桃施加阻力，手施加动力。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C符合题意；
D.使用镊子时，两个镊片相连的位置为支点，阻力作用在镊子尖端，动力作用在镊片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故D不合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】A.广播声是由于喇叭振动产生的，故A错误；
B.居民关窗是在传播过程中减弱噪声，故B错误；
C.广播声通过空气传入居民耳中，故C正确；
D.调节音量是为了改变声音的响度，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据声音的产生判断；
（2）根据减弱噪声的途径和方法判断；
（3）根据声音的传播判断；
（4）声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
10．【答案】B
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】A.入射光线和镜面的夹角与入射角之和为90°，且反射光线与镜面的夹角与反射角之和也是90°。根据“反射角等于入射角”可知，反射光线与镜面的夹角等于入射光线与镜面的夹角，应该为50°，故A错误；
B.入射角增大10°时，根据“反射角等于入射角”可知，反射角也增大10°，那么反射光线和入射光线的夹角增大：10°+10°=20°，故B正确；
C.反射光线、法线和入射光线在同一平面内，将纸板NOF向后折叠后，虽然看不到反射光线了，但是它依然存在，故C错误；
D.纸板表面凹凸不平，因此光在纸板表面发生漫反射，故D错误。
故选B。
【分析】（1）（2）根据“反射角等于入射角”分析；
（3）根据“三线共面”分析；
（4）光在凹凸不平的表面上发生漫反射，在光滑平整的表面上发生镜面反射。
11．【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.小周穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦力，故A错误；
B.小周跳起后，在空中运动时，速度和方向在不断改变，处于非平衡状态，故B正确；
C.小周跳起后，由于惯性，他继续向前运动，故C错误；
D.起跳时，小周对地面的压力和地面对小周的支持力，二者没有作用在同一物体上，不是平衡力，故D错误。
故选B。
【分析】（1）增大摩擦的方法：①增大压力；②增大接触面的粗糙程度；
（2）平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
（3）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（4）平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上。
12．【答案】B
【知识点】光的反射定律；光的折射规律
【解析】【解答】光在水面发生反射，根据“反射角等于入射角”可知， α = β 。根据光的折射规律可知，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，即 γ <α。比较可知，α = β >γ。
故选B。
【分析】根据光的反射定律和折射规律分析判断。
13．【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】飞机在升空过程中，飞行员的质量不变，高度增大，则他的重力势能逐渐增大，故A正确；
在飞机起飞的过程中，飞行员的质量不变，高度增大，则重力势能增大；质量不变，速度增大，则动能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，飞行员的机械能增大。同理，在飞机降落的过程中，飞行员的机械能减小，故B、C错误；
飞机降落后，在水平道上滑行过程中，飞机的机械能转化为内能，故D错误。
故选A。
【分析】（1）重力势能的大小与质量和高度有关；
（2）（3）重力势能与质量和高度有关，动能与质量和速度有关，而机械能=动能+重力势能；
（4）根据机械能和内能的转化判断。
14．【答案】D
【知识点】电阻
【解析】【解答】电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积和温度有关，与它两端的电压和通过的电流大小有关，故A、B、C错误；
根据 可知，电阻等于它两端电压与通过电流的比值，故D正确。
故选D。
【分析】根据对电阻的认识判断。
15．【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联，然后与电动机串联。B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】串联电路中，电流的路径只有一条，各元件顺次逐个连接；并联电路中，电流有多条路径，且互不影响，开关与控制部分串联，根据串并联电路的特点进行分析。
16．【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用；连通器原理；流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.军舰始终漂浮在水面上，它受到的浮力始终等于自身重力，即浮力保持不变。从长江驶入大海后，水的密度变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，船身排开水的体积变小，即上浮一些，故A正确不合题意；
B.轮船通过船闸从下游驶到上游，阀门A打开，则闸室和上游底部连通，上面开口，相当于一个连通器，故B正确不合题意；
C.机机翼设计成流线型，利用了机翼上方空气流速快，压强小，下方空气流速小而压强大，于是大气对机翼产生向上的升力，故C错误符合题意；
D.“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，即通过增大接触面积的方式减小压强，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】（1）根据浮沉条件比较浮力的变化，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开液体的体积变化即可；
（2）上面开口，底部连通的容器叫连通器；
（3）根据流体压强和流速的关系判断；
（4）减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
17．【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】根据图片可知，提纽O为支点，鱼的重力相当于阻力，阻力臂为OA；秤砣的重力相当于动力，动力臂为OB。
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：G鱼×OA=G秤砣×OB；
m鱼g×OA=m秤砣g×OB；
m鱼×OA=m秤砣×OB；
m鱼×8cm=0.2kg×32cm；
解得：m鱼=0.8kg。
故选B。
【分析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
18．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】B．由电路图可知， 与 并联，电流表 测干路电流，电流表 测 支路的电流，电压表测量电源的电压；由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V示数保持不变，B不符合题意；
AC．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过 支路的电流不变；闭合开关 ，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中间移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据 可知，通过滑动变阻器的电流变大，电流表A2的示数变大， 根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表 示数变大；电流表 示数与电流表A2示数的差值为通过定值电阻 的电流，所以电流表 示数与电流表A2示数的差值不变，AC不符合题意；
D．由于电压表V的示数不变，电流表 示数变大，所以电压表V示数与电流表 示数的比值变小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】确定电路的连接方式，电路中电阻变小时，总电流变大；电源电压不变。
19．【答案】C
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】如下图所示，当三种物质的质量相同时，三者的体积V甲
当乙的质量为10g时，它的体积为10cm3，则乙的密度为：。
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据公式计算并比较即可。
20．【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A.电磁铁线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向下端，则下端为电磁铁的N极，故A错误；
B.当夜晚来临时，光照强度减小，则光敏电阻的阻值增大，那么通过电磁铁的电流减小而磁场减弱，此时衔铁被弹簧拉回接通ab所在的电路，此时路灯发光，则电源应该接在ab之间，故B错误；
C.电磁铁吸合时需要的电磁力不变，即衔铁被弹簧拉开时通过电磁铁的电流不变。当控制电路电源电压减小后，通过电磁铁的电流会比原来减小，则电磁铁的磁场会提前减小后衔铁断开时的强度，那么路灯比原来会早一些亮，故C正确；
D.路灯将电能转化为光能和热能，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）根据图片确定夜晚时衔铁的位置，电源应该在此时接通的电路中；
（3）根据电磁铁磁性强弱的变化分析；
（4）根据路灯的能量转化判断。
21．【答案】2.75；110
【知识点】时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】（1）根据图片可知，刻度尺的分度值为0.1cm，则物体的长度为：6.75cm-4.00cm=2.75cm；
（2）根据图片可知，秒表中间小盘的量程为15min，分度值为0.5min，则小盘的示数为：1.5min=90s；
外面大盘的量程为30s，分度值为0.1s，则小盘的示数为20s；
那么秒表的示数为：90s+20s=110s。
【分析】（1）根据图片确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”分别记录所对的两个刻度值，最后相减即可；
（2）根据图片确定秒表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数即可。
22．【答案】压缩；E
【知识点】热机
【解析】【解答】根据图片可知，B图中两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能。
E中，活塞向下运动，对空气压缩做功，将机械能转化为内能，因此B图与E图中演示实验的原理相同。
【分析】在四冲程内燃机中，做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能，据此分析解答。
23．【答案】电荷发生转移；负
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电子转移到金属箔上，即发生了电荷的转移。
（2）由于金属箔有多余的电子而带负电荷。
【分析】（1）摩擦起电的本质不是创造了电荷，而是电荷的转移过程。失去电子的物体带正电荷，得到电子的物体带负电荷；
（2）根据电子的移动方向确定验电器带的电荷。
24．【答案】并；增大
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）教室内的某盏护眼灯损坏后，其它的护眼灯正常工作，即它们之间不相互影响，则连接方式为并联；
（2）打开护眼灯后，老师又打开了多媒体设备，那么原来的电路中又多一个支路，因此又多一个电流。根据I总=I1+I2可知，教室电路中的总电流会增大。
【分析】（1）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
（2）根据I总=I1+I2分析总电流的变化。
25．【答案】惯性；小于
【知识点】惯性及其现象；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）当紧急刹车时，由于惯性，驾驶员会继续向前高速运动，可能与前风挡撞击发生事故，而安全带可以提供一个束缚力，从而减轻伤害；
（2）小汽车的上表面为曲面，空气流速大而压强小；下表面为平面，空气流速小而压强大。于是大气对汽车产生向上的托力，导致对地面的压力小于重力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）流体流速越大压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
26．【答案】10；5：4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小．
结合题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如下图所示：
当电压表的示数为4V时，电路中的电流为0.4A，由图象可知此时灯泡两端的电压UL=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=U滑+UL=4V+2V=6V；
由I= 可得，滑动变阻器的最大阻值：
R滑= = =10Ω；
此时电路中电流最小，则整个电路的最小功率：
Pmin=UI=6V×0.4A=2.4W；
当变阻器接入电路中的电阻最小为0时，灯泡两端的电压和电源电压相等，此时灯泡的功率最大，
由图象可知，当U=6V时，通过灯泡的电流：I′=0.5A，
小灯泡的最大功率：PL大=UI′=6V×0.5A=3W；
灯泡消耗的最大电功率与整个电路消耗的最小电功率的比值： = = ；
故答案为：10；5：4．
【分析】由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小．
当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象估测通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率；然后求出功率之比．
27．【答案】液化；从冰箱里拿出的饮料温度较低，倒入纸杯后，纸杯的温度也较低，室内空气中的水蒸气遇到温度较低的纸杯液化成小水滴附在纸杯上，使纸杯壁上出现小水珠。
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】不一会，小明发现纸杯壁上有一些小水珠。纸杯壁上出现小水珠的现象是液化现象，请简单这个现象形成的原因：从冰箱里拿出的饮料温度较低，倒入纸杯后，纸杯的温度也较低，室内空气中的水蒸气遇到温度较低的纸杯液化成小水滴附在纸杯上，使纸杯壁上出现小水珠。
【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
（2）当解释物态变化时，要明确初始状态温度的高低，是吸热还是放热，最终描述出现的现象即可。
28．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】物体静止在斜面上时，受到到三个力，作用点都在重心，重力G的方向竖直向下，摩擦力f的方向沿斜面向上，支持力F垂直斜面向上，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下；物体受到的摩擦力和相对运动方向相反，物体受到的支持力和支撑面垂直。
29．【答案】解：如图所示：
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，将电铃和灯泡串联，房门导线AB与电铃并联。当房门导线AB正常时，电铃被短路，此时只有灯泡发光；当房门导线AB断开时，此时电铃有电铃经过而发出铃声而报警，如下图所示：
【分析】在电路中，当用电器被短路时，虽然它接入电路，但是它不能工作，据此分析电铃和房门掉线的串并联关系即可。
30．【答案】（1）15.0
（2）左；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，此时物距u=50cm-20cm=30cm，此时像距v=80cm-50cm=30cm，那么u=v=2f=30cm，则凸透镜的焦距f=15cm；
（2）小明把蜡烛移到光具座的10cm刻度线处时，此时物距增大，根据“物远像近小”的规律可知，此时像距减小，即光屏应该向左移动，所成的像变小。
【分析】（1）当u=v=2f时，物体通过凸透镜在光屏上成倒立等大的实像；
（2）根据“物近像远大，物远像近小”的规律分析解答。
31．【答案】（1）
（2）小灯泡断路
（3）A；0.5；5；1.25
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】（1）在测量灯泡电阻和电功率的实验中，滑动变阻器与开关串联，且接线一上一下。根据甲图可知，左下角的接线柱已经与灯泡相连，此时可将左上角的D接线柱与开关右端相连即可，如下图所示：
（2）连接电路后，闭合开关S，发现灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表示数为零，产生这种现象的原因可能是：小灯泡断路；
（3）①因为0.5V<2.5V，所以灯泡的电压要增大。根据U总=UL+U变可知，变阻器的电压要减小。根据“串联电路电压与电阻成正比”可知，变阻器的阻值要减小，即滑片向A移动。
②根据图乙可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.5A。
那么灯泡正常发光的电阻：；
灯泡的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W。
【分析】（1）根据滑动变阻器的使用方法分析解答；
（2）在测量灯泡电功率的实验中，如果小灯泡发生断路，那么电压表与变阻器串联。由于电压表的内阻很大，因此通过电路的电流很小，即电流表示数几乎为零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表几乎分得全部电压，因此示数接近电源电压。
（3）①将实际电压与额定电压比较，确定灯泡电压的变化方向，然后根据U总=UL+U变分析变阻器的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化即可。
②根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。然后根据公式计算正常发光时的电阻，根据公式P=UI计算额定功率即可。
32．【答案】（1）等于
（2）压力
（3）甲、丙
（4）无关
（5）不需要
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）当木块在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，那么弹簧测力计对木块的拉力等于滑动摩擦力的大小；
（2）根据图片可知，甲和乙都在木板上，即二者接触面的粗糙程度相同；甲中只有木块，乙中有木块和砝码，那么二者压力不同，因此得到：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力大；
（3）探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，必须控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和丙；
（4）根据表格可知，当木块的速度不断增大时，弹簧测力计的示数不变，即木块受到的滑动摩擦力不变，因此得到：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关。
（5）根据丁图可知，无论下面的木板是否做匀速直线运动，木块A对B的压力和接触面的粗糙程度不变，那么A受到的滑动摩擦力保持不变，那么得到：如图丁所示的实验装置，该装置的优点是不需要长木板B做匀速直线运动。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析解答；
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）当受到改变时，如果摩擦力的大小发生改变，那么摩擦力与速度有关；否则，二者无关；
（5）根据影响滑动摩擦力的因素分析解答。
33．【答案】（1）解：由题意知，坦克满载时受到的重力为
由于坦克漂浮，所以此时坦克重力等于其受到得浮力，即
由F浮=ρgV排可得，此时它排开水的体积
答：坦克满载在水中行进时，排开水的体积是24m3。
（2）解：坦克满载时静止在地面上，对地面的压力等于其重力，即
两条履带的触地面积为
由得，坦克满载时对水平地面的压强
答：坦克每条履带与地面的接触面积是2m2，满载时对水平地面的压强是6×104Pa。
（3）解：由题意知，坦克以最大功率和最大速度在水中行驶10min，发动机牵引力所做的功为
答：在某场演习中，坦克以最大功率和最大速度在水中行驶10min，发动机所做的功是2.64×108J。
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算坦克满载时的重力，再根据漂浮条件F浮=G计算坦克漂浮时受到的浮力，最后根据阿基米德原理的变形式 计算坦克排开水的体积。
（2）坦克对地面的压力等于坦克的重力，即根据F=G计算坦克对地面的压力，再根据S=2S'计算出两条履带的接地面积，最后根据公式 计算坦克对地面的压强。
（3）根据W=Pt计算坦克发动机做的功。
34．【答案】（1）解：由题可知，水的体积为V=1.5L=1.5×10-3m3
水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg
水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1.5kg×(100℃-30℃)=4.41×105J
答：在1标准大气压下，将初温是30℃的一壶水烧开，水需要吸收热量为4.41×105J；
（2）解：根据分析电路可知，当S1断开，S2接A时，R1、R2串联，为低温档；当S1闭合，S2断开时，只有R1，为中温档；当S1闭合，S2接B时，R1、R2并联，为高温档。因此R1的阻值为
因为R1=R2，根据并联电路电阻的特点，总电阻为
解得R=60.5Ω。则高温档功率
答：高温挡功率是800W；
（3）解：养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，则需要电流做功为
烧开这一壶水的时间
答：若养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，烧开这一壶水需要735s。
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）首先根据m=ρV计算养生壶内水的质量，再根据公式 Q吸=c水mΔt 计算水吸收的热量；
（2）首先根据公式 比较开关在不同闭合和断开状态下的电功率大小，然后进行比较，进而确定对应的工作状态。
当S1闭合，S2断开时，只有R1，为中温档，可根据公式 计算R1的阻值；然后根据两个电阻相等计算出R2的阻值。
当S1闭合，S2接B时，R1、R2并联，为高温档。首先根据 计算出此时的总电阻，再根据 计算出高温档的功率。
（3）首先根据公式 计算烧开这壶水消耗的电能，再根据 计算烧开这壶水需要的时间。
四川省自贡市2023年中考物理试卷
一、单选题
1．（2023·自贡）下列关于电压值的说法错误的是（ ）
A．一节干电池的电压是1.5V
B．电子手表内氧化银电池的电压是1.5V
C．我国家庭电路的电压是110V
D．对人体安全的电压不高于36V
【答案】C
【知识点】电压和电压的单位换算
【解析】【解答】A.一节干电池的电压是1.5V，故A正确不合题意；
B.电子手表内氧化银电池的电压是1.5V，故B正确不合题意；
C.我国家庭电路的电压是220V，故C错误符合题意；
D.对人体安全的电压不高于36V，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】根据对常见家用电器电压的知识判断。
2．（2022·福州一模）用充电宝给手机充电时，充电宝相当于电路中的（ ）
A．用电器 B．开关 C．电源 D．导线
【答案】C
【知识点】电路的构成及电路图
【解析】【解答】充电宝给手机充电时，充电宝提供电能，充电宝相当于电路中的电源.
故答案为：C。
【分析】给手机充电时，充电宝提供电能，相当于电路中的电源。
3．（2023九上·太和期末）电给我们的生活带来了极大的便利，但不正确用电也会带来很大的危害，甚至会危及生命。安全用电是每一位公民的必备素养。下列做法符合安全用电原则的是（ ）
A．使用试电笔辨别火线时接触笔尖金属体
B．及时更换达到使用寿命的插座、导线和家用电器
C．家庭电路着火迅速用冷水浇灭
D．在未断开电源开关的情况下更换灯泡
【答案】B
【知识点】测电笔的使用；安全用电原则
【解析】【解答】A．在使用试电笔时，应用手接触笔尾的金属体，用笔尖接触导线，手指不能碰到笔尖的金属体，A不符合题意；
B．插座、导线和家用电器等达到使用寿命后继续使用，容易造成触电事故，B符合题意；
C．生活中的水是导体，故电线着火时迅速泼水浇灭火焰，易造成触电，C不符合题意；
D．更换家用灯泡，必须先关闭电源，以防引起触电，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】使用测电笔时，手不能接触笔尖金属；插座、导线破损及时更换；家庭电路火灾不能用水灭。
4．（2023·自贡）如图所示，用一根绳子绕过定滑轮，一端拴在钩码上，手执另一端，分别用力、、匀速拉起钩码。忽略绳子与滑轮的摩擦，下列说法中正确的是（ ）
A．较大 B．较大
C．较大 D．、、的大小相等
【答案】D
【知识点】定滑轮及其工作特点
【解析】【解答】定滑轮其实是一个等臂杠杆，即中间的转轴为支点，阻力作用在滑轮边缘，阻力臂等于滑轮的半径。无论沿哪个方向拉动绳子，动力臂都等于滑轮的半径。根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，无论向哪个方向拉，其拉力都相等。
故选D。
【分析】根据定滑轮的本质分析判断。
5．（2023·自贡）如图所示，在蹄形磁体的磁场中放置一根导线，导线的两端跟灵敏电流表连接。下列说法正确的是（ ）
A．磁体不动，AB水平向右快速移动，指针不偏转
B．AB不动，磁体水平向左快速移动，指针会偏转
C．磁体不动，AB竖直向上运动，指针会偏转
D．磁体不动，AB竖直向下运动，指针会偏转
【答案】B
【知识点】产生感应电流的条件
【解析】【解答】根据图片可知，磁场沿竖直方向。
磁体不动，AB水平向右快速移动，此时导体切割磁感线，会产生感应电流，则指针偏转 ，故A错误；
B.AB不动，磁体水平向左快速移动，相当于磁体不动，而AB快速向右移动，此时切割磁感线，会产生感应电流，则指针摆动，故B正确；
磁体不动，AB竖直向上运动或向下运动时，导体的运动方向与磁场方向一致，不切割磁感线，不产生感应电流，则指针不摆动，故C、D错误。
故选B。
【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这就是电磁感应现象。
6．（2023·自贡）近年来，我国在能源、信息与材料等领域取得了辉煌的成就。下列说法不正确的是（ ）
A．风能、水能、太阳能、核能都是可再生能源
B．目前的核电站是利用原子核裂变发电的
C．光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的
D．用超导材料制造输电线，可以大大降低输电线的电能损耗
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；焦耳定律的应用；光纤通信
【解析】【解答】A.风能、水能、太阳能是可再生能源，而核能是不可再生能源，故A错误符合题意；
B.目前的核电站是利用原子核裂变发电的，故B正确不合题意；
C.光纤通信是利用激光在纤维材料中多次反射传输信息的，故C正确不合题意；
D.用超导材料制造输电线，可以大大降低输电线的电能损耗，故D正确不合题意。
故选A。
【分析】（1）可以在短时间内的对补充的能源为可再生能源；
（2）根据核电站的工作原理判断；
（3）根据光线通讯的原理判断；
（4）根据Q=I2Rt分析判断。
7．（2023·自贡）下列现象属于熔化的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇流成溪 B．盛夏，冰棒周围出现“白气”
C．金秋，阳光照射迷雾散去 D．寒冬，双溪水库水面结冰
【答案】A
【知识点】熔化与熔化吸热特点
【解析】【解答】A.冰雪消融，即冰从固态变成液态发生熔化现象，故A符合题意；
B.“白气”是水蒸气从气态变成液态发生液化形成的小水珠，故B不合题意；
C.迷雾散去，即小水珠从液态变成气态发生汽化现象，故C不合题意；
D.水面结冰，即水从液态变成固态发生凝固现象，故D不合题意。
故选A。
【分析】根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称。
8．（2023·自贡）如图所示的工具在正常使用过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．食品夹子 B．筷子
C．核桃夹 D．镊子
【答案】C
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】A.使用食品夹子时，两个夹片相连的位置为支点，阻力作用在夹子尖端，动力作用在夹片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A不合题意；
B.使用筷子时，大拇指所在的位置相当于支点，阻力作用在尖端，动力作用在筷子中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故B不合题意；
C.使用核桃夹子时，转轴为支点，核桃施加阻力，手施加动力。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C符合题意；
D.使用镊子时，两个镊片相连的位置为支点，阻力作用在镊子尖端，动力作用在镊片中间。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故D不合题意。
故选C。
【分析】比较动力臂和阻力臂的大小，从而确定杠杆的分类。
9．（2023·自贡）学校附近的居民经常听到课间操广播声，下列说法正确的是（ ）
A．广播声是由于空气振动产生的
B．居民关窗是在声源处减弱噪声
C．广播声通过空气传入居民耳中
D．调节音量是为了改变声音的音调
【答案】C
【知识点】声音的产生；声音的传播条件；防治噪声的途径
【解析】【解答】A.广播声是由于喇叭振动产生的，故A错误；
B.居民关窗是在传播过程中减弱噪声，故B错误；
C.广播声通过空气传入居民耳中，故C正确；
D.调节音量是为了改变声音的响度，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据声音的产生判断；
（2）根据减弱噪声的途径和方法判断；
（3）根据声音的传播判断；
（4）声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色。
10．（2023·自贡）小王同学在家里将一个平面镜放在水平桌面上，再把一张可沿ON折叠的硬白纸板ENF竖直的立在平面镜上，以此来探究光的反射规律。通过测量他发现此时入射光线与平面镜成50°夹角，如图所示，则（ ）
A．反射光线与镜面的夹角是40°
B．入射角增大10°，反射光线与入射光线的夹角增大20°
C．将纸板NOF向后折叠，则反射光线会消失
D．光在纸板上发生了镜面反射
【答案】B
【知识点】光的反射定律
【解析】【解答】A.入射光线和镜面的夹角与入射角之和为90°，且反射光线与镜面的夹角与反射角之和也是90°。根据“反射角等于入射角”可知，反射光线与镜面的夹角等于入射光线与镜面的夹角，应该为50°，故A错误；
B.入射角增大10°时，根据“反射角等于入射角”可知，反射角也增大10°，那么反射光线和入射光线的夹角增大：10°+10°=20°，故B正确；
C.反射光线、法线和入射光线在同一平面内，将纸板NOF向后折叠后，虽然看不到反射光线了，但是它依然存在，故C错误；
D.纸板表面凹凸不平，因此光在纸板表面发生漫反射，故D错误。
故选B。
【分析】（1）（2）根据“反射角等于入射角”分析；
（3）根据“三线共面”分析；
（4）光在凹凸不平的表面上发生漫反射，在光滑平整的表面上发生镜面反射。
11．（2023·自贡）小周同学参加了2023年自贡市中考体育测试，在立定跳远项目中下列说法正确的是（ ）
A．小周穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦
B．小周跳起后，在空中运动时处于非平衡状态
C．小周跳起后，在地面弹力的作用下继续向前运动
D．起跳时，小周对地面的压力和地面对小周的支持力是一对平衡力
【答案】B
【知识点】平衡力的辨别；平衡状态的判断；增大或减小摩擦的方法
【解析】【解答】A.小周穿的运动鞋鞋底有凹凸不平的花纹是通过增大接触面粗糙程度的方式增大摩擦力，故A错误；
B.小周跳起后，在空中运动时，速度和方向在不断改变，处于非平衡状态，故B正确；
C.小周跳起后，由于惯性，他继续向前运动，故C错误；
D.起跳时，小周对地面的压力和地面对小周的支持力，二者没有作用在同一物体上，不是平衡力，故D错误。
故选B。
【分析】（1）增大摩擦的方法：①增大压力；②增大接触面的粗糙程度；
（2）平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态；
（3）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（4）平衡力的条件：大小相等，方向相反，作用在同一物体和同一直线上。
12．（2023·自贡）一束光线与水面成锐角由空气斜射入水中时，入射角为α，反射角为β，折射角为γ，则（ ）
A．α>β>γ B．α=β>γ C．α=β<γ D．α<β<γ
【答案】B
【知识点】光的反射定律；光的折射规律
【解析】【解答】光在水面发生反射，根据“反射角等于入射角”可知， α = β 。根据光的折射规律可知，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，即 γ <α。比较可知，α = β >γ。
故选B。
【分析】根据光的反射定律和折射规律分析判断。
13．（2023·自贡）2022年5月14日，一架国产C919大飞机（如图所示）从浦东机场起飞，经过3个多小时的飞行后安全降落，这标志着即将交付的首架C919大飞机首飞试验成功。下列说法正确的是（ ）
A．飞机在升空过程中，飞行员的重力势能逐渐增大
B．飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞行员的动能一直保持不变
C．飞机从起飞到安全降落的整个过程中，飞机的机械能一直保持不变
D．飞机降落后，在水平道上滑行过程中，飞机的动能转化为重力势能
【答案】A
【知识点】动能和势能的大小变化
【解析】【解答】飞机在升空过程中，飞行员的质量不变，高度增大，则他的重力势能逐渐增大，故A正确；
在飞机起飞的过程中，飞行员的质量不变，高度增大，则重力势能增大；质量不变，速度增大，则动能增大。根据“机械能=动能+重力势能”可知，飞行员的机械能增大。同理，在飞机降落的过程中，飞行员的机械能减小，故B、C错误；
飞机降落后，在水平道上滑行过程中，飞机的机械能转化为内能，故D错误。
故选A。
【分析】（1）重力势能的大小与质量和高度有关；
（2）（3）重力势能与质量和高度有关，动能与质量和速度有关，而机械能=动能+重力势能；
（4）根据机械能和内能的转化判断。
14．（2023·自贡）由欧姆定律变形可得，下列说法正确的是（ ）
A．导体电阻大小跟它两端的电压成正比
B．导体电阻大小跟通过它的电流成反比
C．导体电阻大小由它两端电压和通过电流决定
D．导体电阻大小等于它两端电压与通过电流的比值
【答案】D
【知识点】电阻
【解析】【解答】电阻是导体本身的一种性质，与材料、长度、横截面积和温度有关，与它两端的电压和通过的电流大小有关，故A、B、C错误；
根据 可知，电阻等于它两端电压与通过电流的比值，故D正确。
故选D。
【分析】根据对电阻的认识判断。
15．（2023·漳州模拟）如图，在动车站的自动检票闸机口，乘客需刷身份证同时进行人脸识别，两个信息都符合后闸机门（电动机）才自动打开，可检票通过。身份证和人脸识别系统相当于开关，信息符合后开关自动闭合，下列模拟电路中，符合上述要求的是（ ）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，只有两个开关都闭合的情况下，闸机自动打开，这说明两个开关相互影响，是串联，然后与电动机串联。B符合题意，ACD不符合题意。
故答案为：B。
【分析】串联电路中，电流的路径只有一条，各元件顺次逐个连接；并联电路中，电流有多条路径，且互不影响，开关与控制部分串联，根据串并联电路的特点进行分析。
16．（2023·自贡）下列四幅图涉及的物理知识说法错误的是（ ）
A． 军舰从长江驶入大海后，舰身要上浮一些
B． 轮船通过船闸从下游驶到上游，船闸是利用连通器原理工作的
C． 飞机机翼设计成流线型，利用了机翼上方空气流速慢，压强小
D． “祝融号”火星车设计有宽大的轮子可以减小压强
【答案】C
【知识点】减小压强的方法及其应用；连通器原理；流体压强与流速的关系；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A.军舰始终漂浮在水面上，它受到的浮力始终等于自身重力，即浮力保持不变。从长江驶入大海后，水的密度变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，船身排开水的体积变小，即上浮一些，故A正确不合题意；
B.轮船通过船闸从下游驶到上游，阀门A打开，则闸室和上游底部连通，上面开口，相当于一个连通器，故B正确不合题意；
C.机机翼设计成流线型，利用了机翼上方空气流速快，压强小，下方空气流速小而压强大，于是大气对机翼产生向上的升力，故C错误符合题意；
D.“祝融号”火星车设计有宽大的轮子，即通过增大接触面积的方式减小压强，故D正确不合题意。
故选C。
【分析】（1）根据浮沉条件比较浮力的变化，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开液体的体积变化即可；
（2）上面开口，底部连通的容器叫连通器；
（3）根据流体压强和流速的关系判断；
（4）减小压强的方法：减小压力或增大受力面积。
17．（2023·自贡）杆秤是一种中国传统的称量工具，凝聚着中国人民的智慧。如图所示，O为杆秤提纽，OA=8cm，秤砣质量m=0.2kg，不挂重物和秤砣时，手提提纽，杆秤可水平平衡。用它称鱼，当秤砣置于B点时，杆秤再次水平平衡，此时测得OB=32cm，则鱼的质量为（ ）
A．1.0kg B．0.8kg C．0.6kg D．0.4kg
【答案】B
【知识点】杠杆的平衡条件
【解析】【解答】根据图片可知，提纽O为支点，鱼的重力相当于阻力，阻力臂为OA；秤砣的重力相当于动力，动力臂为OB。
根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2得到：G鱼×OA=G秤砣×OB；
m鱼g×OA=m秤砣g×OB；
m鱼×OA=m秤砣×OB；
m鱼×8cm=0.2kg×32cm；
解得：m鱼=0.8kg。
故选B。
【分析】根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2列式计算即可。
18．（2023·静安模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中点移动时，变小的是（ ）
A．电流表A2的示数
B．电压表V的示数
C．电流表A示数与电流表A2示数的差值
D．电压表V示数与电流表A示数的比值
【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】B．由电路图可知， 与 并联，电流表 测干路电流，电流表 测 支路的电流，电压表测量电源的电压；由于电源电压不变，移动滑片时，电压表V示数保持不变，B不符合题意；
AC．因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以滑片移动时通过 支路的电流不变；闭合开关 ，当滑动变阻器的滑片P由最右端向中间移动时，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，根据 可知，通过滑动变阻器的电流变大，电流表A2的示数变大， 根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流变大，即电流表 示数变大；电流表 示数与电流表A2示数的差值为通过定值电阻 的电流，所以电流表 示数与电流表A2示数的差值不变，AC不符合题意；
D．由于电压表V的示数不变，电流表 示数变大，所以电压表V示数与电流表 示数的比值变小，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】确定电路的连接方式，电路中电阻变小时，总电流变大；电源电压不变。
19．（2023·自贡）甲、乙、丙三种物质的质量与体积的关系如图所示，分别代表甲、乙、丙三种物质和水的密度，据图可知下列说法正确的是（）（ ）
A．
B．
C．
D．
【答案】C
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】如下图所示，当三种物质的质量相同时，三者的体积V甲
当乙的质量为10g时，它的体积为10cm3，则乙的密度为：。
故C正确，而A、B、D错误。
故选C。
【分析】根据公式计算并比较即可。
20．（2023·自贡）如图所示，R0是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增加而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯，白天路灯熄灭，夜晚路灯亮起。下列说法正确的是（ ）
A．电路工作时，电磁铁上端为N极
B．给路灯供电的电源应接在b、c两端
C．控制电路电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮
D．路灯发光时把电能全部转化为光能
【答案】C
【知识点】欧姆定律及其应用；电磁铁的其他应用；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】A.电磁铁线圈上电流方向向左。右手握住螺线管，弯曲的四指指尖向左，此时大拇指指向下端，则下端为电磁铁的N极，故A错误；
B.当夜晚来临时，光照强度减小，则光敏电阻的阻值增大，那么通过电磁铁的电流减小而磁场减弱，此时衔铁被弹簧拉回接通ab所在的电路，此时路灯发光，则电源应该接在ab之间，故B错误；
C.电磁铁吸合时需要的电磁力不变，即衔铁被弹簧拉开时通过电磁铁的电流不变。当控制电路电源电压减小后，通过电磁铁的电流会比原来减小，则电磁铁的磁场会提前减小后衔铁断开时的强度，那么路灯比原来会早一些亮，故C正确；
D.路灯将电能转化为光能和热能，故D错误。
故选C。
【分析】（1）根据安培定则判断电磁铁的磁极方向；
（2）根据图片确定夜晚时衔铁的位置，电源应该在此时接通的电路中；
（3）根据电磁铁磁性强弱的变化分析；
（4）根据路灯的能量转化判断。
二、填空题
21．（2023·自贡）图中物体A的长度为 cm，停表的读数为 s。
【答案】2.75；110
【知识点】时间及其测量；长度及其测量
【解析】【解答】（1）根据图片可知，刻度尺的分度值为0.1cm，则物体的长度为：6.75cm-4.00cm=2.75cm；
（2）根据图片可知，秒表中间小盘的量程为15min，分度值为0.5min，则小盘的示数为：1.5min=90s；
外面大盘的量程为30s，分度值为0.1s，则小盘的示数为20s；
那么秒表的示数为：90s+20s=110s。
【分析】（1）根据图片确定刻度尺的分度值，然后根据“测量值=准确值+估读值”分别记录所对的两个刻度值，最后相减即可；
（2）根据图片确定秒表的量程和分度值，然后根据指针位置读出示数即可。
22．（2023·自贡）如图所示，图A、B、C、D是四冲程汽油机的工作示意图，图E、F是演示实验的示意图，B图是 冲程，与它原理相同的是 图所示的演示实验。
【答案】压缩；E
【知识点】热机
【解析】【解答】根据图片可知，B图中两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能。
E中，活塞向下运动，对空气压缩做功，将机械能转化为内能，因此B图与E图中演示实验的原理相同。
【分析】在四冲程内燃机中，做功冲程，将内能转化为机械能；压缩冲程，将机械能转化为内能，据此分析解答。
23．（2023·自贡）如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的两个金属箔张开一定的角度，张开是因为在这个过程中 （“产生了电荷”或“电荷发生转移”），此时验电器的金属箔带 电。
【答案】电荷发生转移；负
【知识点】两种电荷；验电器的原理及使用
【解析】【解答】（1）毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，接触验电器的金属球时，橡胶棒上的电子转移到金属箔上，即发生了电荷的转移。
（2）由于金属箔有多余的电子而带负电荷。
【分析】（1）摩擦起电的本质不是创造了电荷，而是电荷的转移过程。失去电子的物体带正电荷，得到电子的物体带负电荷；
（2）根据电子的移动方向确定验电器带的电荷。
24．（2023·自贡）为了保护同学们的视力，很多学校教室里的日光灯全部更换成如图所示的LED护眼灯，每间教室里的9盏LED护眼灯的连接方式是 联的。如果打开护眼灯之后，老师又打开了教室中的多媒体设备，则教室电路中的总电流会 （选填“增大”或“减小”）。
【答案】并；增大
【知识点】串联电路和并联电路的辨别；并联电路的电流规律
【解析】【解答】（1）教室内的某盏护眼灯损坏后，其它的护眼灯正常工作，即它们之间不相互影响，则连接方式为并联；
（2）打开护眼灯后，老师又打开了多媒体设备，那么原来的电路中又多一个支路，因此又多一个电流。根据I总=I1+I2可知，教室电路中的总电流会增大。
【分析】（1）用电器相互影响为串联，不相互影响为并联。
（2）根据I总=I1+I2分析总电流的变化。
25．（2023·自贡）司机开车系上安全带可以减小紧急刹车时由于 造成的伤害；小汽车的外观呈流线型，在高速行驶时小汽车对地面的压力 重力（选填“大于”、“小于”或“等于”）。
【答案】惯性；小于
【知识点】惯性及其现象；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】（1）当紧急刹车时，由于惯性，驾驶员会继续向前高速运动，可能与前风挡撞击发生事故，而安全带可以提供一个束缚力，从而减轻伤害；
（2）小汽车的上表面为曲面，空气流速大而压强小；下表面为平面，空气流速小而压强大。于是大气对汽车产生向上的托力，导致对地面的压力小于重力。
【分析】（1）物体保持运动状态不变的性质叫惯性；
（2）流体流速越大压强越小，根据流体压强和流速的关系分析解答。
26．（2017·重庆模拟）现有电源、开关、电流表、电压表、灯泡、滑动变阻器各一个，其中灯泡的U﹣I图象如图所示，将这些元件用导线连成电路后，闭合开关，滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数从4V开始减小，电流表的示数从0.4A开始增大．则滑动变阻器的最大阻值为 Ω，在滑片移动过程中小灯泡消耗的最大电功率与整个电路消耗的最小电功率的比值为 ．
【答案】10；5：4
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小．
结合题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，如下图所示：
当电压表的示数为4V时，电路中的电流为0.4A，由图象可知此时灯泡两端的电压UL=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：U=U滑+UL=4V+2V=6V；
由I= 可得，滑动变阻器的最大阻值：
R滑= = =10Ω；
此时电路中电流最小，则整个电路的最小功率：
Pmin=UI=6V×0.4A=2.4W；
当变阻器接入电路中的电阻最小为0时，灯泡两端的电压和电源电压相等，此时灯泡的功率最大，
由图象可知，当U=6V时，通过灯泡的电流：I′=0.5A，
小灯泡的最大功率：PL大=UI′=6V×0.5A=3W；
灯泡消耗的最大电功率与整个电路消耗的最小电功率的比值： = = ；
故答案为：10；5：4．
【分析】由题意可知，将滑动变阻器的滑片从最左端向右滑动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，则电压表并联在滑动变阻器两端，否则两电表示数应同时增大或同时减小．
当电压表的示数为5V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，根据图象读出电路中的电流为0.3A时灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出整个电路的最小功率；
当滑动变阻器接入电路中的电阻最小时，灯泡两端的电压和电源的电压相等，根据图象估测通过的电流，根据P=UI求出灯泡的最大功率；然后求出功率之比．
27．（2023·自贡）夏天，小明到小丽家去玩，小丽从冰箱里拿出饮料倒入纸杯里请小明喝。不一会，小明发现纸杯壁上有一些小水珠。纸杯壁上出现小水珠的现象是 （填物态变化名称）现象，请简单解释这个现象形成的原因： 。
【答案】液化；从冰箱里拿出的饮料温度较低，倒入纸杯后，纸杯的温度也较低，室内空气中的水蒸气遇到温度较低的纸杯液化成小水滴附在纸杯上，使纸杯壁上出现小水珠。
【知识点】液化及液化放热
【解析】【解答】不一会，小明发现纸杯壁上有一些小水珠。纸杯壁上出现小水珠的现象是液化现象，请简单这个现象形成的原因：从冰箱里拿出的饮料温度较低，倒入纸杯后，纸杯的温度也较低，室内空气中的水蒸气遇到温度较低的纸杯液化成小水滴附在纸杯上，使纸杯壁上出现小水珠。
【分析】（1）根据物质的初始态和终末态确定物态变化的名称；
（2）当解释物态变化时，要明确初始状态温度的高低，是吸热还是放热，最终描述出现的现象即可。
三、作图题
28．（2023·贵池模拟）如图所示，物体A静止在斜面上，画出物体A静止时的受力示意图。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；摩擦力的示意图
【解析】【解答】物体静止在斜面上时，受到到三个力，作用点都在重心，重力G的方向竖直向下，摩擦力f的方向沿斜面向上，支持力F垂直斜面向上，如图所示：
【分析】物体受到的重力竖直向下；物体受到的摩擦力和相对运动方向相反，物体受到的支持力和支撑面垂直。
29．（2023·自贡）“创新”实验小组的同学要设计一个自动防盗报警电路。要求：晚间开关S闭合后，灯亮电铃不响；当房门被打开时，细导线AB被扯断，灯亮且电铃发声自动报警。请按要求用直线连接如图所示的电路元件。
【答案】解：如图所示：
【知识点】串、并联电路的设计
【解析】【解答】根据题意可知，将电铃和灯泡串联，房门导线AB与电铃并联。当房门导线AB正常时，电铃被短路，此时只有灯泡发光；当房门导线AB断开时，此时电铃有电铃经过而发出铃声而报警，如下图所示：
【分析】在电路中，当用电器被短路时，虽然它接入电路，但是它不能工作，据此分析电铃和房门掉线的串并联关系即可。
四、实验题
30．（2023·自贡）小明同学将点燃的蜡烛、凸透镜和光屏放在如图所示的位置时，在光屏上观察到了清晰的像。
（1）由图可以判断出实验所用透镜的焦距为 cm；
（2）小明把蜡烛移到光具座的10cm刻度线处，需要把光屏向 适当移动（选填“左”或“右”），才能在光屏上得到一个清晰的像，此时的像将 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】（1）15.0
（2）左；变小
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】（1）根据图片可知，此时物距u=50cm-20cm=30cm，此时像距v=80cm-50cm=30cm，那么u=v=2f=30cm，则凸透镜的焦距f=15cm；
（2）小明把蜡烛移到光具座的10cm刻度线处时，此时物距增大，根据“物远像近小”的规律可知，此时像距减小，即光屏应该向左移动，所成的像变小。
【分析】（1）当u=v=2f时，物体通过凸透镜在光屏上成倒立等大的实像；
（2）根据“物近像远大，物远像近小”的规律分析解答。
31．（2023·自贡）小周利用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样的灯泡L正常发光时的电阻和电功率。请按要求完成下列问题：
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物图连接完整 ；
（2）连接电路后，闭合开关S，发现灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表示数为零，产生这种现象的原因可能是： ；
（3）排除故障后进行实验，闭合开关S，发现电压表的示数为0.5V，为使灯泡L两端电压达到额定电压，应向 端（选填“A”或“B”）移动滑动变阻器的滑片P，直到观察到电压表示数为2.5V。此时，电流表示数如图乙所示，电流表示数为 A，则灯泡L正常发光时的电阻为 Ω，电功率为 W。
【答案】（1）
（2）小灯泡断路
（3）A；0.5；5；1.25
【知识点】电功率的测量
【解析】【解答】（1）在测量灯泡电阻和电功率的实验中，滑动变阻器与开关串联，且接线一上一下。根据甲图可知，左下角的接线柱已经与灯泡相连，此时可将左上角的D接线柱与开关右端相连即可，如下图所示：
（2）连接电路后，闭合开关S，发现灯泡不亮，电压表有示数且接近电源电压，电流表示数为零，产生这种现象的原因可能是：小灯泡断路；
（3）①因为0.5V<2.5V，所以灯泡的电压要增大。根据U总=UL+U变可知，变阻器的电压要减小。根据“串联电路电压与电阻成正比”可知，变阻器的阻值要减小，即滑片向A移动。
②根据图乙可知，电流表选择量程0~0.6A，分度值为0.02A，则示数为0.5A。
那么灯泡正常发光的电阻：；
灯泡的额定功率为：PL=ULIL=2.5V×0.5A=1.25W。
【分析】（1）根据滑动变阻器的使用方法分析解答；
（2）在测量灯泡电功率的实验中，如果小灯泡发生断路，那么电压表与变阻器串联。由于电压表的内阻很大，因此通过电路的电流很小，即电流表示数几乎为零。在串联电路中，电压与电阻成正比，因此电压表几乎分得全部电压，因此示数接近电源电压。
（3）①将实际电压与额定电压比较，确定灯泡电压的变化方向，然后根据U总=UL+U变分析变阻器的电压变化，最后根据串联电路的分压规律确定变阻器的阻值变化即可。
②根据乙图确定电流表的量程和分度值，根据指针位置读出示数。然后根据公式计算正常发光时的电阻，根据公式P=UI计算额定功率即可。
32．（2023·自贡）某兴趣小组在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，用同一木块分别做了如图所示的甲、乙、丙三次实验。
（1）甲、乙、丙三次实验中以相同速度沿水平方向匀速拉动木块，根据二力平衡知识，弹簧测力计对木块的拉力大小 滑动摩擦力的大小（选填“大于”、“等于”或“小于”）；
（2）通过对比甲、乙两次实验可知：在接触面的粗糙程度相同时， 越大，滑动摩擦力越大；
（3）通过对比 两次实验可知：在压力相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大；
（4）兴趣小组的同学利用甲图实验装置继续探究滑动摩擦力与速度的关系，改变拉动木块的速度，进行实验，记录的实验数据如下表：
实验次数 1 2 3 4
运动速度（m/s） 0.3 0.4 0.5 0.6
测力计的示数（N） 1.2 1.2 1.2 1.2
分析实验数据可知：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度 （选填“有关”或“无关”）；
（5）小组交流讨论时发现：在实验中很难使木块做匀速直线运动，于是小伟设计了如图丁所示的实验装置，该装置的优点是 长木板B做匀速直线运动（选填“需要”或“不需要”）。
【答案】（1）等于
（2）压力
（3）甲、丙
（4）无关
（5）不需要
【知识点】探究影响摩擦力大小因素的实验
【解析】【解答】（1）当木块在水平面上做匀速直线运动时，它受到的摩擦力与拉力相互平衡，即二者大小相等，方向相反，那么弹簧测力计对木块的拉力等于滑动摩擦力的大小；
（2）根据图片可知，甲和乙都在木板上，即二者接触面的粗糙程度相同；甲中只有木块，乙中有木块和砝码，那么二者压力不同，因此得到：在接触面的粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力大；
（3）探究滑动摩擦力与接触面粗糙程度的关系时，必须控制压力相同，只改变接触面，故选实验甲和丙；
（4）根据表格可知，当木块的速度不断增大时，弹簧测力计的示数不变，即木块受到的滑动摩擦力不变，因此得到：滑动摩擦力的大小与物体运动的速度无关。
（5）根据丁图可知，无论下面的木板是否做匀速直线运动，木块A对B的压力和接触面的粗糙程度不变，那么A受到的滑动摩擦力保持不变，那么得到：如图丁所示的实验装置，该装置的优点是不需要长木板B做匀速直线运动。
【分析】（1）根据二力平衡的条件分析解答；
（2）根据图片分析甲和乙中哪个因素不同即可；
（3）根据控制变量法的要求选择对照实验；
（4）当受到改变时，如果摩擦力的大小发生改变，那么摩擦力与速度有关；否则，二者无关；
（5）根据影响滑动摩擦力的因素分析解答。
五、计算题
33．（2023·自贡）为保家卫国，加强国防建设，我国自主研制了一款两栖坦克，坦克发动机最大功率为440kW，满载时质量是24t，在野外陆地的最大速度是60km/h，在水中的最大速度是14km/h。已知，，请完成下列问题：
（1）坦克满载在水中行进时，排开水的体积是多少？
（2）坦克每条履带与地面的接触面积是2m2，满载时对水平地面的压强多大？
（3）在某次演习中，坦克以最大功率在水中行驶10min，发动机所做的功是多少？
【答案】（1）解：由题意知，坦克满载时受到的重力为
由于坦克漂浮，所以此时坦克重力等于其受到得浮力，即
由F浮=ρgV排可得，此时它排开水的体积
答：坦克满载在水中行进时，排开水的体积是24m3。
（2）解：坦克满载时静止在地面上，对地面的压力等于其重力，即
两条履带的触地面积为
由得，坦克满载时对水平地面的压强
答：坦克每条履带与地面的接触面积是2m2，满载时对水平地面的压强是6×104Pa。
（3）解：由题意知，坦克以最大功率和最大速度在水中行驶10min，发动机牵引力所做的功为
答：在某场演习中，坦克以最大功率和最大速度在水中行驶10min，发动机所做的功是2.64×108J。
【知识点】功率的计算；压强的大小及其计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【分析】（1）根据G=mg计算坦克满载时的重力，再根据漂浮条件F浮=G计算坦克漂浮时受到的浮力，最后根据阿基米德原理的变形式 计算坦克排开水的体积。
（2）坦克对地面的压力等于坦克的重力，即根据F=G计算坦克对地面的压力，再根据S=2S'计算出两条履带的接地面积，最后根据公式 计算坦克对地面的压强。
（3）根据W=Pt计算坦克发动机做的功。
34．（2023·自贡）图甲是一款多功能养生壶，图乙是它的简化电路图，其中R1、R2为电热丝，R1=R2且电阻不变，下表为其铭牌，其中高温挡的额定功率已模糊不清，已知ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg·℃)。在正常工作的情况下，试问：
项目 参数
电源电压（V） 220
低温挡功率（W） 200
中温挡功率（W） 400
高温挡功率（W）
容积（L） 1.5
（1）在1标准大气压下，将初温是30℃的一壶水烧开，水需要吸收多少热量？
（2）高温挡功率是多少？
（3）若养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，烧开这一壶水需要多长时间？
【答案】（1）解：由题可知，水的体积为V=1.5L=1.5×10-3m3
水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10-3m3=1.5kg
水吸收的热量Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1.5kg×(100℃-30℃)=4.41×105J
答：在1标准大气压下，将初温是30℃的一壶水烧开，水需要吸收热量为4.41×105J；
（2）解：根据分析电路可知，当S1断开，S2接A时，R1、R2串联，为低温档；当S1闭合，S2断开时，只有R1，为中温档；当S1闭合，S2接B时，R1、R2并联，为高温档。因此R1的阻值为
因为R1=R2，根据并联电路电阻的特点，总电阻为
解得R=60.5Ω。则高温档功率
答：高温挡功率是800W；
（3）解：养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，则需要电流做功为
烧开这一壶水的时间
答：若养生壶用高温挡来加热且加热效率为75%，烧开这一壶水需要735s。
【知识点】热量的计算；电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）首先根据m=ρV计算养生壶内水的质量，再根据公式 Q吸=c水mΔt 计算水吸收的热量；
（2）首先根据公式 比较开关在不同闭合和断开状态下的电功率大小，然后进行比较，进而确定对应的工作状态。
当S1闭合，S2断开时，只有R1，为中温档，可根据公式 计算R1的阻值；然后根据两个电阻相等计算出R2的阻值。
当S1闭合，S2接B时，R1、R2并联，为高温档。首先根据 计算出此时的总电阻，再根据 计算出高温档的功率。
（3）首先根据公式 计算烧开这壶水消耗的电能，再根据 计算烧开这壶水需要的时间。
