四川省成都市2023年中考物理模拟卷（一）
一、2023年成都市中考物理模拟卷（一）
1．（2023·成都模拟）法拉第发现电磁感应现象，标志着人类从蒸汽时代步入了电气化时代。下列设备中，根据电磁感应原理制成的是（ ）
A．发电机 B．电动机 C．电视机 D．电磁继电器
【答案】A
【知识点】磁现象；通电螺线管的磁场；电磁感应
【解析】【解答】A发电机是利用电磁感应，将机械能转化为电能的装置，故A符合题意；
B电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故B不符合题意；
C电视机结构复杂，将电能转化为光和声等，故C不符合题意；
D电磁继电器是利用通电螺线管，电流的磁效应工作，故D不符合题意。
故答案为：A
【分析】电磁感应现象的原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；电磁现象的辨析。
2．（2011·阜新）下列关于“声现象”的说法正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是为了阻断噪声的传播
B．“隔墙有耳”说明声音能在固体中传播
C．“闻其声而知其人”主要是依据声音的响度来判断的
D．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高
【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音色；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、“禁止鸣笛”是防止噪声产生，在声源处减弱噪声了，故A错误；B、作为固体的墙可以传声，所以在墙另一侧的人可能会听到说话声，故B正确；C、这里要辨清主要的不同点，不同的人说话主要是音色不同，故C错误；D、此句中的“高声语”意思是大声说话，属于人们把大小说成高低了，应是响度大，故D错误．
故选B．
【分析】本题考查了声音的几个基本知识的判断．（1）防治噪声的途径有三个：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声、在人耳处减弱噪声．按人教版教材的说法是：防止噪声的产生、阻断噪声的传播、防止噪声进入人耳；（2）声音可以在一切固体、液体、气体中传播，墙是固体，故可以传声；（3）在音调和响度都相同的前提下，人们还能分辨出不同的声音，那是音色不同；（4）生活中人们常把声音的大小说成声音的高低，如：禁止高声喧哗、放声高歌、低声细语等语句中的高低都是指声音的大小．
3．粗糙水平地面上有一个重为100N的物体，用20N的水平拉力使其在10s内匀速前进了10m，在此过程中
A．重力做功的功率为100W B．支持力做功的功率为100W
C．拉力做功的功率为200W D．拉力做功的功率为20W
【答案】D
【知识点】功率的计算
【解析】【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离；
（2）根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=W/t
求出功率．
【解答】物体在水平地面上运动，重力和支持力没有做功，所以重力和支持力的功率为0W，故AB错误；
拉力对物体做的功是W=Fs=20N×10m=200J，
拉力做功的功率是P=W/t=200J/10s=20W，故C错误，D正确．
故选D．
4．（2023·成都模拟）我国新研制的歼20飞机具有一定的隐身功能，主要是由于飞机的机身（ ）
A．对电磁波有吸收作用 B．对电磁波有反射作用
C．对超声波有吸收作用 D．对超声波有反射作用
【答案】A
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】隐形战机主要是避开雷达的探测，隐形战机表面有一种特殊材料，可以吸收电磁波，减少反射回雷达的电磁波，达到隐身的效果，故A符合题意，BCD不符合题意；
故答案为：A。
【分析】隐形战机的原理是吸收电磁波，减少电磁波的反射。
5．（2023·成都模拟）公安部门要求小型客车在驾驶员和前排乘客必须使用安全带，这样规定的理由是：（ ）
A．系安全带可以减小车内人员的惯性
B．系安全带可以减小汽车本身的惯性
C．系安全带可以减小由于惯性对车内人员造成的伤害
D．安全带做得比较宽可以减小对人体的压强
【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】系安全带可以减小惯性对车内人员的伤害，惯性是物体的一种属性，只与质量有关，不能通过安全带增大或减小，故AB错误，C正确；
安全带做的比较宽可以通过增大受力面积减小对人体的压强，但是与乘客必须使用安全带没有关系，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】惯性及其现象。
6．（2023·成都模拟）踢毽子是人们喜爱的一项体育活动。脚将毽子踢出后，下列说法正确的是（ ）
A．毽子飞行过程中受到重力和脚对它的踢力
B．毽子向上运动过程中，重力势能增加，机械能增加
C．毽子能继续向上运动是由于毽子具有惯性
D．由于惯性，毽子下落过程中会越来越快
【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】A毽子在飞行过程中只受到重力和空气阻力，故A错误；
B毽子在向上运动的过程中，重力势能增大，动能减小，受到阻力的作用，所以机械能减小，故B错误；
C毽子离开脚之后，由于惯性继续向上运动，故C正确；
D毽子在下落过程中越来越开是因为受到重力，故D错误；
故答案为：C。
【分析】惯性及其现象；机械能的变化。
7．两盏白炽灯，甲标有“PZ220V 40W”，乙标有“PZ220V 25W”，比较它们的亮度，下列说法正确的是 （ ）
A．甲一定比乙亮 B．乙一定比甲亮
C．都正常工作时，甲比乙亮 D．都正常工作时，乙比甲亮
【答案】C
【知识点】实际功率
【解析】 【解答】∵灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，而甲乙两灯的实际功率没法比较；
∴A、B选项是错误的；
∵当灯泡正常发光时，实际功率等于额定功率；
∴比较额定功率即可比较灯泡的亮度；
又知：甲灯的额定功率为40W，乙灯的额定功率等于25W；
∴正常发光时，甲比乙亮．
故选C．
【分析】判定灯泡的亮度只需判定灯泡的实际功率即可，实际功率大的灯泡就亮；而当正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率，则据额定功率的大小即可判定灯泡的亮度．知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键
8．（2019九上·衡阳月考）下列有关热的说法正确的是（）
A．晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变
B．内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能
C．用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大
D．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大
【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【分析】A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递都可以改变内能．晶体熔化需要吸收热量，有热传递现象发生，所以内能改变．故A错误．
B、内燃机压缩冲程中是利用机械能对燃料做功转化为内能，故B错误；
C、水的比热容大，它在吸收大量热量时，温度可以保持在一个比较低的状态，这样就可以使水的温度始终低于发动机的温度，起到很好的冷却效果．故C正确．
D、机械效率是内燃机转化为有用功的能量与燃料完成燃烧释放的能量的比值，柴油机的效率比汽油机高，就是说完成相同的有用功，柴油机所用燃料完全燃烧放出能量比汽油机少，而不是因为柴油的热值比汽油的热值大．故D错误．
故选C．
9．下列有关运动和力的关系中，正确说法是（）
A．子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹的惯性大于阻力
B．小张沿水平方向用力推地面上的桌子没推动，是因为他的推力小于桌子受到的摩擦力
C．一茶杯静止在水平桌面上茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力是一对平衡力
D．在平直轨道上匀速行驶的火车，受到的合力为零
【答案】D
【知识点】力与运动的关系
【解析】【分析】利用对应的物理知识，逐个分析选择项中提到的物理情景，从而可以判断选择项的正误．
【解答】A、子弹离开枪膛后，不受到高压气体的推力，但由于惯性仍保持原来的运动状态高速向前飞行．惯性是物体本身具有的一种性质，阻力是一种作用，无法比较两者大小关系．故A错误，
B、桌子没动，即为静止状态，即平衡状态，所以在水平方向上受到的推力和摩擦力是一对是平衡力．根据二力平衡的条件可知，这两个力是相等的，而不是推力小于摩擦力．故B错误．
C、茶杯对桌面的压力，这个力的施力物体是茶杯，受力物体是桌面；桌面对茶杯的支持力这个力的施力物体是桌面，受力物体是茶杯．这两个力不共物，是一对作用力与反作用力，而不是平衡力．故C错误．
D、在平直轨道上行驶的火车处于平衡状态，所以其受到平衡力的作用，合力为零．故D正确．
故选D。
【点评】此题最易出错的地方在选择项B上，根据日常生活中的经验可知，没有推动是用的力小，如果推力大一些，就可以推动，由此得出了推力小于摩擦力的错误结论．在此过程中的摩擦力是一种静摩擦力，其大小是变化的，只要是没推动，摩擦力的大小是随着推力的变化而变化的，且其大小始终等于推力
10．（2019九上·遵义月考）下列物态变化现象中，属于液化现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇成溪流
B．盛夏，刚从冰箱中拿出的饮料瓶外壁出现水滴
C．金秋，清晨的雾在太阳出来后散去
D．寒冬，晾在室外冰冻的衣服也会干
【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．
【解答】A、冰雪消融汇成溪流是由固态变为液态，属于熔化现象．不符合题意．
B、刚从冰箱中拿出的饮料瓶温度很低，空气中的水蒸气遇冷凝结成小水滴，由气态变为液态，属于液化现象．符合题意．
C、深秋早晨的雾是水蒸气遇冷发生的液化现象，是液态的．雾在太阳出来后散去是因为吸热又蒸发了，属于汽化现象．不符合题意．
D、冰冻的衣服会干是冰吸热直接变成气态，属于升华现象．不符合题意．
故选B．
【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点．
11．（2018八下·沭阳月考）让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑(如图所示)，小明用此透镜做“探究透镜成像规律”的实验。下列说法不正确的是（ ）
A．当物体距透镜5cm时，成正立的像
B．当物体距透镜 15cm时，成倒立、放大的实像
C．当物体从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，所成的像逐渐变小
D．当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏靠近透镜
【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A.由图可知，凸透镜的焦距为10cm，当物体距透镜5cm时，物距小于一倍焦距成正立放大的虚像，A不符合题意；
B.当物体距透镜 15cm时，物距大于一倍焦距、小于二倍焦距成倒立放大的实像，B不符合题意；
C.当物体在距透镜20cm处时，物距等于二倍焦距成倒立等大的实像，从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，所成的像逐渐变小，C不符合题意；
D.凸透镜成实像时，物近像远像变大，当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏远离透镜，D符合题意.
故答案为：D.
【分析】解答本题首先从图中得出凸透镜的焦距为10cm，根据凸透镜的成像规律对题目中所给出的答案作出判断；知道凸透镜成实像时：物近像远像变大，物远像进像变小.
12．（2023·成都模拟）甲、乙两容器分别装有密度为甲、乙的液体。今有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为VA、VB，密度分别为A、B。已知它们的密度关系为甲>A>B>乙，则（ ）
A．若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力相等
B．若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为A：B
C．若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力相等
D．若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为B：乙
【答案】D
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A若VA=VB，又有ρA>ρB，根据密度变形公式m=ρV，可得mA>mB，ρ甲>ρA>ρB，所以A和B均在甲中漂浮，浮力等于自身重力，因为GA>GB，所以A的浮力大于B的浮力，故A错误；
BρA>ρB＞ρ乙，故A和B均在乙中沉底，即A和B全部浸没，所以排水体积等于自身体积，根据F浮=ρ液gV排可得，静止时两球所受浮力相等，故B错误；
C若mA=mB，则GA=GB，将A放入乙容器中，有ρA＞ρ乙，所以A沉底，可得F浮A＜GA，将B放入甲容器中，有ρ甲>ρB，所以B漂浮，可得F浮B=GB，所以F浮A＜F浮B，故C错误；
D将A放入甲容器中，ρ甲>ρA，所以A在甲中漂浮，可得F浮A=GA=GB=ρBVBg，将B放入乙容器中，ρB＞ρ乙，所以B在乙中沉底，即B完全浸没，所以排水体积等于自身体积，可得F浮B=ρ乙gVB，所以F浮A：F浮B=ρB：ρ乙，故D正确；
故答案为：D。
【分析】判断沉浮，并且根据沉浮状态选择合适的浮力计算公式。
13．（2023·成都模拟）如图所示，电阻Rl标着“10ΩlA”，R2标着“5Ω1.2A”，电流表Al、A2量程均为0～3A，电压表量程0～l5V，在a、b之间接入电压可调的电源。闭合开关S后，为保证R1、R2均不损坏，则允许加的电源电压和通过电流表A1的电流不得超过（ ）
A．16V 1A B．l0V 2.2A C．6V 2.2A D．6V 1.8A
【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】分析电路可知，R1和R2并联，电压表测的电源电压，A1测的是干路电流，A2测的是通过R2的电流；
R1标着“10Ω 1A”，所以通过R1的最大电流为1A，根据欧姆定律可得，R1两端的最大电压为10V；
R2标着“5Ω 1.2A”，所以A2的最大示数为1.2A，根据欧姆定律可得，R2两端的最大电压为6V；
为保证电路安全，所以电源电压不能超过6V；
此时电流表A1的示数等于R1的电流加R2的电流，根据欧姆定律可以算的通过R1的电流I1=0.6A，所以总电流为0.6A+1.2A=1.8A；
故答案为：D。
【分析】并联电路电压电流的关系以及欧姆定律的应用。
14．（2023·成都模拟）日本大地震导致福岛核电站损坏，造成核灾难。我们知道核能高效，但有利也有弊，福岛核电站的核反应堆是原子核的 变；太阳释放出的巨大能量来源于太阳核心的 变。
【答案】裂；聚
【知识点】核聚变；核裂变
【解析】【解答】核电站是利用的原子核的核裂变，太阳表面发生的是原子核的核聚变。
【分析】核聚变、核裂变的应用辨别。
15．（2023·成都模拟）从车床上刚刚加工下来的铝件温度都很高，这是因为 （选填“做功”或“热传递”）使铝件内能增加了。已知某铝件加工之前的温度是25℃，加工之后的温度是100℃，如果要让加工后质量为2㎏的铝件[c铝=0.88×103J/(㎏·℃）〕温度冷却到加工前的温度，则该铝件需要放出 J的热量。
【答案】做功；
【知识点】做功改变物体内能；比热容；热量的计算
【解析】【解答】物体改变内能的方法有两个：做功和热传递，铝件在车床上加工升温，是因为做功导致铝件内能增加；
铝件放出的热量：Q放=cmΔt= 0.88×103J/(㎏·℃）×2kg×（100℃-25℃）=1.32×105J。
【分析】改变物体 内能方式的辨析；比热容的应用。
16．（2023·成都模拟）在端午节那天，小明一家乘游艇游浑河，看到水中有岸边美丽景色的倒影，这是光的 形成的。水面上有一些漂浮的落叶，当游艇驶过时，发现附近的落叶向游艇靠近，这是由于河水流速越大的位置压强越 的缘故。
【答案】反射；小
【知识点】光的反射；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】水面的倒影和平面镜成像原理一致，是光的反射形成的；
流速越大压强越小，游艇驶过带动游艇周围的水流速变大，所以落叶向游艇靠近。
【分析】光现象的辨析；流速和压强的关系。
17．如图所示，电源电压保持不变，开关S1已闭合。若再闭合开关S2，则 的示数变大，小灯泡L1的亮度 (填“增强”、“减弱”或“不变”)。
【答案】电流表；不变
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；实际功率
【解析】【解答】由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为L1的简单电路，电流表测通过L1的电流，电压表测电源的电压；再闭合开关S2后，两灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过L1的电流和L1的实际功率不变，即小灯泡L1的亮度不变；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大．
故答案为：电流表 ；不变
【分析】电路中并上电阻后总电阻会减小，总电阻总小于并联电路中的任一电阻；由实际功率判断灯泡的亮度的变化.
18．（2023·成都模拟）如图所示，在用杠杆撬石头的过程中，该杠杆属于 杠杆（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）。在用力方向不变的情况下该人想用更小的力撬起石头，那么他的手应该向 支点O(选填“远离”或“靠近”)方向移动。
【答案】省力；远离
【知识点】杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】图中可以看出，动力臂＞阻力臂，所以该杠杆是省力杠杆；
根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2，要使动力变小，应该要使动力臂变大，所以手应该远离支点。
【分析】杠杆类别的判断，杠杆平衡条件的应用。
19．（2023·成都模拟）高速铁路的轨道不是铺设在普通的枕木上，而是铺设在更宽的混凝土枕木上。混凝土枕木做宽的目的是为了增大 ，减小 。
【答案】受力面积；压强
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】根据压强的公式可知，减小压强的方法有增大受力面积和减小压力，高速铁路的轨道铺设在更宽的混凝土枕木上，使通过增大受力面积减小压强。
【分析】减小压强的方法：增大受力面积或者减小压力。
20．（2023·成都模拟）小林家住农村，他家的厕所离房子有一段距离，为了方便和节能，他用“220V，40W”的灯泡，阻值为1210Ω的电阻和开关Sl、S2设计了一个电路，电路图如图所示。天黑后，Sl处于闭合状态，当无人上厕所时，开关S2断开，灯光较暗，但能起到指示作用，此时灯泡消耗的电功率为 w；当有人上厕所时，闭合开关S2，灯泡正常发光，起到照明作用，此时灯泡消耗的电功率为 W。
【答案】10；40
【知识点】串联电路的电压规律；电功率；电功率的计算；额定功率；实际功率
【解析】【解答】根据电功率的变形公式，可以接触灯泡的电阻RL=1210Ω；
当开关S2断开时，灯泡和定值电阻串联，根据串联分压可得此时灯泡两端的电压为
UL=0.5×U总=110V，根据电功率变形公式，此时灯泡的功率为；
当开关S2闭合时，定值电阻被短路，此时灯泡两端的电压为220V等于灯泡的额定电压，所以此时灯泡的电功率就是额定功率为40W。
【分析】利用电功率的推导公式算出灯泡的电阻；串联电路中电流电压特点的应用；额定功率和额定电压的理解。
21．（2023·成都模拟）如图所示，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】重力的作用点为重心，方向竖直向下，压力的作用点在接触面，方向垂直于接触面向下，作图如下：
【分析】重力和压力的区别；力的示意图。
22．（2022·河源模拟）如图所示，请补充平面镜的入射光线、入射角（标明角度）和透镜的折射光线，完成光路图。
【答案】解：如图所示：
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为90°-45°=45°
根据反射角与入射角相等作出入射光线；反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点，如图所示：
【分析】反射角等于入射角；反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点。
23．（2023·成都模拟）小海同学在学习了液压技术后，饶有兴趣地对汽车升降台进行了观察，他发现升降台下方的关键部件是液压杆，如图所示。他查阅图相关资料后，了解到液压杆内部液体工作压强一般在10MPa以上，1MPa＝106Pa．小海编制了下面的计算题，请大家一起来完成。
（1）当50MPa的压强作用于面积为40cm2的活塞上时，求压力大小。
（2）汽车总质量是1800kg，升降台匀速地将其竖直向上抬升6m，求升降台对汽车所做的功。（g＝10N/kg）
【答案】（1）解：由p＝ 得压力：
F＝pS＝50×106 Pa×40×10﹣4m2＝2×105N；
答：当50MPa的压强作用于面积为40cm2的活塞上时，压力为2×105N。
（2）解：汽车随升降台匀速上升，则F＝G＝mg＝1800kg×10N/kg＝1.8×104N，
升降台对汽车所做的功W＝Fs＝1.8×104N×6m＝1.08×105J。
答：升降台对汽车所做的功为1.08×105J。
【知识点】压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据压强的变形公式F=pS可以计算出压力大小；
（2）通过匀速直线运动是平衡状态得到升降台给汽车的力，再利用做功公式W=Fs计算出升降台做的功。
24．（2023·成都模拟）音乐喷泉是集光机电技术于一体的装置，让红、绿、蓝三种色灯照射到水柱上，通过电脑控制三种色灯功率的比例就能让水柱变换颜色，呈现美轮美奂的视觉效果。图甲是某段时间内红、绿两色灯功率随时间变化的图像。
（1）第28s红灯两端的电压为100V，求此时通过红灯的电流；
（2）请计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
【答案】（1）解：由图甲可知，第28s时红灯的功率是200W，红灯两端的电压为100V，则此时通过红灯的电流为
（2）解：如图甲所示，根据 可知，要计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能，即总电能大小为P-t图像与横坐标轴围成的面积大小。则0～30s内红灯消耗的电能为
则0～30s内绿灯消耗的电能为
则0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）通过图像读出第28s红灯的功率为200W，再利用功率的公式P=UI变形可以算出电流；
（2）电能公式W=Pt的应用，P-t图像的理解。
25．（2023·成都模拟）某小组做“探究凸透镜成像规律”实验，进行如下操作：
（1）实验前调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，目的是 。
（2）如图所示，光屏上恰好成清晰的实像，利用该原理可制成 （填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。若将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，此时蜡烛将 （填“成实像”“成虚像”或“不成像”）。
（3）如图所示，该兴趣小组将近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，为使在光屏上呈现清晰的像，应将蜡烛 （填“靠近”或“远离”）凸透镜。
【答案】（1）使像成在光屏的中央
（2）投影仪；成实像
（3）靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】（1）为保证像成再光屏的中央，需要调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）图中可以看出像距大于物距，并且成实像，所以此时成倒立、放大的实像，利用该原理可制成投影仪；
此时像距为20cm，大于二倍焦距，所以焦距小于10cm，将蜡烛移动到光具座40cm处时，物距为10cm，大于一倍焦虑，所以仍然成实像；
（3）近视眼镜时凹透镜，有发散光的作用，所以成的像会远离凸透镜，为使正常成像，应该让像靠近凸透镜，即将蜡烛远离凸透镜。
【分析】凸透镜成像规律及其动态分析。
26．（2023·成都模拟）安娜同学想利用图甲所给实验器材“测定小灯泡的额定功率”，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω．
图甲
图乙
（1）电路连接中有一处明显错误，请你在错误处打“×”，并在原图中画出正确的电路连线。
（2）正确连接电路后，闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数为2.4V；继续移动滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为3.8V，此时电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率是 W。
【答案】（1）解：如图所示：
（2）B；1.216或1.22
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡的额定功率为3.6V，图中电压表选用的小量程0~3V，小于小灯泡的额定电压，应该将电压表量程换成大量程，所以修改后的电路图如下：
（2）电压表示数为2.4V比额定功率小，说明此时滑动变阻器分压过大，即阻值过大，应该将滑动变阻器阻值减小，所以将滑片向B端移动；
电流表选用小量程0~0.6A，此时指针指在0.32A处，根据电功率公式可以算出灯泡的额定功率为P=UI=3.8V×0.32A=1.216W。
【分析】测量小灯泡额定功率的实验；滑动变阻器的使用；电流表的读数。
27．（2023·成都模拟）为了体现“城市，让生活更美好”的主题精神，某校同学提出下列环保建议，其中你认为可行的是：（ ）
①开发新能源，减少化石燃料的燃烧；
②提倡使用一次性发泡塑料餐具和塑料袋；
③开发生产无汞电池；
④提倡使用手帕，减少餐巾纸的使用；
⑤分类回收垃圾
A．①③⑤ B．①③④⑤ C．①②③⑤ D．①②③④⑤
【答案】B
【知识点】能源危机与能源消耗对环境的影响；能源与可持续发展
【解析】【解答】① 开发新能源，减少化石燃料的燃烧 ，既可以减小对不可再生资源的开采，又可以减少污染，所以建议可行；
② 一次性发泡塑料餐具和塑料袋 会产生白色污染，该建议不可行；
③汞属于重金属，会污染环境，所以开发生产无汞电池可行；
④餐巾纸是木头生产，减少餐巾纸的使用可以减少森林的开采，同时减少生产，降低能源的消耗，故建议可行；
⑤分类回收垃圾，可以将可回收的回收使用，有污染的有效处理，利于环保，建议可行；
故②错误
故答案为：B
【分析】做法是否可行，主要从是否利于环保的角度考虑，平时环保知识的积累对于解决此题非常有帮助。
28．（2016·成都）小李同学利用如图所示的滑轮组匀速提升重物，第一次提升的重物A的重力为GA，加在绳子自由端的拉力为F1，重物上升的速度为v1，运动时间为t1；第二次提升的重物B的重力为GB，加在绳子自由端的拉力为F2，重物上升的速度为v2，运动时间为t2。已知F1：GA=5：8，GB：GA=3：2，v1：v2=2：1，t1：t2=2：3，动滑轮的重力不能忽略，不计绳重与摩擦的影响。下列对两个过程的分析中，正确的是 （ ）
A．拉力之比为F1：F2=7：8
B．拉力的功率之比为P1：P2=10：7
C．机械效率之比η1：η2=14：15
D．额外功之比W1：W2=2：3
【答案】B,C
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：
已知F1：GA=5：8，GB：GA=3：2，
假设GA=8，则GB=12，F1=5，
A、图中使用的滑轮组n=2，不计绳重与摩擦的影响，拉力F1= （GA+G轮），
则动滑轮重G轮=2F1﹣GA=2×5﹣8=2，
拉力F2= （GB+G轮）= （12+2）=7，
所以F1：F2=5：7，故A错；
B、拉力端移动的速度之比等于物体升高速度之比，拉力的功率之比：
P1：P2=F1v1：F2v2=（5×2）：（7×1）=10：7，故B正确；
C、不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率η= ×100％= ×100％= ×100％ ，则η1：η2= ： = ： =14：15，故C正确；
D、不计绳重与摩擦的影响，额外功W额=G轮h，
h1：h2=v1t1：v2t2=2×2：1×3=4：3
额外功W1：W2=G轮h1：G轮h2=h1：h2=4：3，故D错。
故选BC。
【分析】（1）图中使用的滑轮组n=2，不计绳重与摩擦的影响，拉力F= （G+G轮），据此求拉力之比；（2）求出拉力端移动速度之比，利用P=Fv求拉力的功率之比；（3）不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率η= ×100％ = ×100％ = ×100％，据此求机械效率之比；（4）不计绳重与摩擦的影响，额外功W额=G轮h，求出升高高度之比，可求额外功之比。
29．（2020·高州模拟）如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变短
【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；
因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，两磁铁同名相对，故相互排斥；
当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，则条形磁铁受向上的力增强；
条形磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短．
故选D．
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知通电螺线管磁场强弱的变化，则可知条形磁极的受力变化，由力的合成可知弹簧长度的变化．
30．（2023·成都模拟）如图甲所示的电路，电源电压U=10V(恒定不变)，R2=8Ω，闭合开关S后，V2表的示数为7V；把甲电路中的两个电压表换成两个电流表，如图乙所示，闭合开关S后，A1表的示数为1.75A。下列说法正确的是（ ）
A．甲电路中V1表的示数为5V B．乙电路中A2表的示数为2.25A
C．甲电路消耗的总功率为2.5W D．乙电路中R1消耗的功率为10W
【答案】A,C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】分析电路可知图甲中R1、R2和R3串联，电压表V1的示数是R1和R2两端电压之和，电压表V2的示数为R2和R3两端电压之和；
图乙中R1、R2和R3并联，电流表A1的示数为R2和R3的电流之和，电流表A2的示数为R1和R2的电流之和；
R2=8Ω，电源电压为10V，根据欧姆定律可得图乙中R2的电流=1.25A；那么图乙中通过R3的电流为I3=1.75A-1.25A=0.5A，根据欧姆定律的变形公式，可得；
图甲中根据串联电路电压和等于电源电压可得U1=3V，根据串联电路分压有，可得U2=2V，所以U3=5V，又有，可得R1=12Ω；
那么图乙中R1两端得电流根据欧姆定律可得；
A甲电路中V1表的示数为R1和R2电压之和，即U1+U2=3V+2V=5V，故A正确；
B图乙中A2的示数为R1和R2电流之和，即I1+I2=2.08A，故B错误；
C甲电路中消耗的总功率=2.5W，故C正确；
D乙电路中R1消耗的功率，故D错误；
故答案为：AC。
【分析】欧姆定律的应用；串联并联电路中电流电压的关系。
31．（2022·黄冈）对下列情境的判断正确的是（ ）
A．图甲：改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率不变
B．图乙：人不接触高压电线就不会触电
C．图丙：拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
D．图丁：天宫课堂授课是通过超声波实现天地之间的互动
【答案】C
【知识点】定滑轮及其工作特点；安培定则；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．如图甲所示，动滑轮的机械效率为
改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率也改变，A不符合题意；
B．高压触电分高压电弧触电和跨步电压触电，人不接触高压电线也会触电，B不符合题意；
C．如图丙所示，根据安培定则，四指指电流方向，拇指所指的那端就是通电螺线管的N极，C符合题意；
D．如图丁所示，声音无法在真空中传播，天宫课堂授课是通过电磁波实现天地之间的互动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；人靠近高压线容易发生触电事故；根据安培定则，四指指电流方向，拇指所指的那端就是通电螺线管的N极；空间站利用电磁波传递信息。
32．（2023·成都模拟）小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整(导线不允许交叉)。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。
①由图像可以得出结论：电压一定时， 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。
【答案】（1）解：如图所示：
（2）导体中的电流与电阻成反比；2.5V
（3）35Ω
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器应该一上一下连接，并且电压表并联在定值电阻两端，所以作图如下：
（2）电流与电阻的关系：电压一定时， 导体中的电流与电阻成反比 ；
由图像以及欧姆定律变形公式U=IR可知，电阻两端的电压保持2.5V不变；
（3）当定值电阻为25Ω时，定值电阻两端电压为2.5V时，根据串联电路分压可得，可以解出Rp=35Ω。
【分析】探究电流与电阻关系实验。
33．（2023·成都模拟）电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能。某型号电压力锅的额定电压为220V，下图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R0是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触点a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。
（1）电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值。
（2）在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kW·h，求R2的阻值。
（3）用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度 已知消耗的电能有90％被有效利用，水的比热容为4.2×103J／(kg·℃)。
【答案】（1）5450Ω
（2）242Ω
（3）105℃
【知识点】比热容；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，L两端电压恒为2V，根据串联电路电压关系，则R0两端电压U0=U-UL=220V-2V=218V，根据欧姆定律，R0的最大阻值为；
（2）在保压状态下，加热器R2工作，加热器电功率，根据电功率变形公式可得；
（3）压力锅的加热功率P加热=P1+P2=800W+200W=1000W，那消耗的电能
W=P加热t=1000W×35×60s=2.1×106J，水吸收的热量Q吸=90%W=90% ×2.1×106J=cmΔt，可以解出，Δt=85℃，所以末温为105℃。
【分析】本题是一道电学和热学的综合计算，电功率、电功和吸热公式的灵活应用，以及电路的分析。
四川省成都市2023年中考物理模拟卷（一）
一、2023年成都市中考物理模拟卷（一）
1．（2023·成都模拟）法拉第发现电磁感应现象，标志着人类从蒸汽时代步入了电气化时代。下列设备中，根据电磁感应原理制成的是（ ）
A．发电机 B．电动机 C．电视机 D．电磁继电器
2．（2011·阜新）下列关于“声现象”的说法正确的是（ ）
A．“禁止鸣笛”是为了阻断噪声的传播
B．“隔墙有耳”说明声音能在固体中传播
C．“闻其声而知其人”主要是依据声音的响度来判断的
D．“不敢高声语，恐惊天上人”中的“高”是指声音的音调高
3．粗糙水平地面上有一个重为100N的物体，用20N的水平拉力使其在10s内匀速前进了10m，在此过程中
A．重力做功的功率为100W B．支持力做功的功率为100W
C．拉力做功的功率为200W D．拉力做功的功率为20W
4．（2023·成都模拟）我国新研制的歼20飞机具有一定的隐身功能，主要是由于飞机的机身（ ）
A．对电磁波有吸收作用 B．对电磁波有反射作用
C．对超声波有吸收作用 D．对超声波有反射作用
5．（2023·成都模拟）公安部门要求小型客车在驾驶员和前排乘客必须使用安全带，这样规定的理由是：（ ）
A．系安全带可以减小车内人员的惯性
B．系安全带可以减小汽车本身的惯性
C．系安全带可以减小由于惯性对车内人员造成的伤害
D．安全带做得比较宽可以减小对人体的压强
6．（2023·成都模拟）踢毽子是人们喜爱的一项体育活动。脚将毽子踢出后，下列说法正确的是（ ）
A．毽子飞行过程中受到重力和脚对它的踢力
B．毽子向上运动过程中，重力势能增加，机械能增加
C．毽子能继续向上运动是由于毽子具有惯性
D．由于惯性，毽子下落过程中会越来越快
7．两盏白炽灯，甲标有“PZ220V 40W”，乙标有“PZ220V 25W”，比较它们的亮度，下列说法正确的是 （ ）
A．甲一定比乙亮 B．乙一定比甲亮
C．都正常工作时，甲比乙亮 D．都正常工作时，乙比甲亮
8．（2019九上·衡阳月考）下列有关热的说法正确的是（）
A．晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变
B．内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能
C．用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大
D．柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大
9．下列有关运动和力的关系中，正确说法是（）
A．子弹从枪膛射出后能继续前进是因为子弹的惯性大于阻力
B．小张沿水平方向用力推地面上的桌子没推动，是因为他的推力小于桌子受到的摩擦力
C．一茶杯静止在水平桌面上茶杯对桌面的压力和桌面对茶杯的支持力是一对平衡力
D．在平直轨道上匀速行驶的火车，受到的合力为零
10．（2019九上·遵义月考）下列物态变化现象中，属于液化现象的是（ ）
A．初春，冰雪消融汇成溪流
B．盛夏，刚从冰箱中拿出的饮料瓶外壁出现水滴
C．金秋，清晨的雾在太阳出来后散去
D．寒冬，晾在室外冰冻的衣服也会干
11．（2018八下·沭阳月考）让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑(如图所示)，小明用此透镜做“探究透镜成像规律”的实验。下列说法不正确的是（ ）
A．当物体距透镜5cm时，成正立的像
B．当物体距透镜 15cm时，成倒立、放大的实像
C．当物体从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，所成的像逐渐变小
D．当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏靠近透镜
12．（2023·成都模拟）甲、乙两容器分别装有密度为甲、乙的液体。今有A、B两个实心小球，质量分别为mA、mB，体积分别为VA、VB，密度分别为A、B。已知它们的密度关系为甲>A>B>乙，则（ ）
A．若VA=VB，将两球都放入甲容器中，静止时两球所受浮力相等
B．若VA=VB，将两球都放入乙容器中，静止时两球所受浮力之比为A：B
C．若mA=mB，将A、B两球分别放入乙、甲容器中，静止时两球所受浮力相等
D．若mA=mB，将A、B两球分别放入甲、乙容器中，静止时两球所受浮力之比为B：乙
13．（2023·成都模拟）如图所示，电阻Rl标着“10ΩlA”，R2标着“5Ω1.2A”，电流表Al、A2量程均为0～3A，电压表量程0～l5V，在a、b之间接入电压可调的电源。闭合开关S后，为保证R1、R2均不损坏，则允许加的电源电压和通过电流表A1的电流不得超过（ ）
A．16V 1A B．l0V 2.2A C．6V 2.2A D．6V 1.8A
14．（2023·成都模拟）日本大地震导致福岛核电站损坏，造成核灾难。我们知道核能高效，但有利也有弊，福岛核电站的核反应堆是原子核的 变；太阳释放出的巨大能量来源于太阳核心的 变。
15．（2023·成都模拟）从车床上刚刚加工下来的铝件温度都很高，这是因为 （选填“做功”或“热传递”）使铝件内能增加了。已知某铝件加工之前的温度是25℃，加工之后的温度是100℃，如果要让加工后质量为2㎏的铝件[c铝=0.88×103J/(㎏·℃）〕温度冷却到加工前的温度，则该铝件需要放出 J的热量。
16．（2023·成都模拟）在端午节那天，小明一家乘游艇游浑河，看到水中有岸边美丽景色的倒影，这是光的 形成的。水面上有一些漂浮的落叶，当游艇驶过时，发现附近的落叶向游艇靠近，这是由于河水流速越大的位置压强越 的缘故。
17．如图所示，电源电压保持不变，开关S1已闭合。若再闭合开关S2，则 的示数变大，小灯泡L1的亮度 (填“增强”、“减弱”或“不变”)。
18．（2023·成都模拟）如图所示，在用杠杆撬石头的过程中，该杠杆属于 杠杆（选填“省力”、“费力”或“既不省力也不费力”）。在用力方向不变的情况下该人想用更小的力撬起石头，那么他的手应该向 支点O(选填“远离”或“靠近”)方向移动。
19．（2023·成都模拟）高速铁路的轨道不是铺设在普通的枕木上，而是铺设在更宽的混凝土枕木上。混凝土枕木做宽的目的是为了增大 ，减小 。
20．（2023·成都模拟）小林家住农村，他家的厕所离房子有一段距离，为了方便和节能，他用“220V，40W”的灯泡，阻值为1210Ω的电阻和开关Sl、S2设计了一个电路，电路图如图所示。天黑后，Sl处于闭合状态，当无人上厕所时，开关S2断开，灯光较暗，但能起到指示作用，此时灯泡消耗的电功率为 w；当有人上厕所时，闭合开关S2，灯泡正常发光，起到照明作用，此时灯泡消耗的电功率为 W。
21．（2023·成都模拟）如图所示，请作出斜面上小球所受重力G和它对斜面压力F的示意图。
22．（2022·河源模拟）如图所示，请补充平面镜的入射光线、入射角（标明角度）和透镜的折射光线，完成光路图。
23．（2023·成都模拟）小海同学在学习了液压技术后，饶有兴趣地对汽车升降台进行了观察，他发现升降台下方的关键部件是液压杆，如图所示。他查阅图相关资料后，了解到液压杆内部液体工作压强一般在10MPa以上，1MPa＝106Pa．小海编制了下面的计算题，请大家一起来完成。
（1）当50MPa的压强作用于面积为40cm2的活塞上时，求压力大小。
（2）汽车总质量是1800kg，升降台匀速地将其竖直向上抬升6m，求升降台对汽车所做的功。（g＝10N/kg）
24．（2023·成都模拟）音乐喷泉是集光机电技术于一体的装置，让红、绿、蓝三种色灯照射到水柱上，通过电脑控制三种色灯功率的比例就能让水柱变换颜色，呈现美轮美奂的视觉效果。图甲是某段时间内红、绿两色灯功率随时间变化的图像。
（1）第28s红灯两端的电压为100V，求此时通过红灯的电流；
（2）请计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能；
25．（2023·成都模拟）某小组做“探究凸透镜成像规律”实验，进行如下操作：
（1）实验前调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度，目的是 。
（2）如图所示，光屏上恰好成清晰的实像，利用该原理可制成 （填“照相机”“投影仪”或“放大镜”）。若将蜡烛移到光具座40cm刻度线处，此时蜡烛将 （填“成实像”“成虚像”或“不成像”）。
（3）如图所示，该兴趣小组将近视眼镜放在蜡烛和凸透镜之间，为使在光屏上呈现清晰的像，应将蜡烛 （填“靠近”或“远离”）凸透镜。
26．（2023·成都模拟）安娜同学想利用图甲所给实验器材“测定小灯泡的额定功率”，已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，电阻约为10Ω．
图甲
图乙
（1）电路连接中有一处明显错误，请你在错误处打“×”，并在原图中画出正确的电路连线。
（2）正确连接电路后，闭合开关，移动滑片P到某一点时，电压表示数为2.4V；继续移动滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为3.8V，此时电流表的示数如图乙所示，小灯泡的额定功率是 W。
27．（2023·成都模拟）为了体现“城市，让生活更美好”的主题精神，某校同学提出下列环保建议，其中你认为可行的是：（ ）
①开发新能源，减少化石燃料的燃烧；
②提倡使用一次性发泡塑料餐具和塑料袋；
③开发生产无汞电池；
④提倡使用手帕，减少餐巾纸的使用；
⑤分类回收垃圾
A．①③⑤ B．①③④⑤ C．①②③⑤ D．①②③④⑤
28．（2016·成都）小李同学利用如图所示的滑轮组匀速提升重物，第一次提升的重物A的重力为GA，加在绳子自由端的拉力为F1，重物上升的速度为v1，运动时间为t1；第二次提升的重物B的重力为GB，加在绳子自由端的拉力为F2，重物上升的速度为v2，运动时间为t2。已知F1：GA=5：8，GB：GA=3：2，v1：v2=2：1，t1：t2=2：3，动滑轮的重力不能忽略，不计绳重与摩擦的影响。下列对两个过程的分析中，正确的是 （ ）
A．拉力之比为F1：F2=7：8
B．拉力的功率之比为P1：P2=10：7
C．机械效率之比η1：η2=14：15
D．额外功之比W1：W2=2：3
29．（2020·高州模拟）如图所示，在电磁铁正上方用弹簧挂着一条形磁铁，开关闭合后，当滑片P从a端向b端滑动过程中，会出现的现象是（ ）
A．电流表示数变小，弹簧长度变短
B．电流表示数变小，弹簧长度变长
C．电流表示数变大，弹簧长度变长
D．电流表示数变大，弹簧长度变短
30．（2023·成都模拟）如图甲所示的电路，电源电压U=10V(恒定不变)，R2=8Ω，闭合开关S后，V2表的示数为7V；把甲电路中的两个电压表换成两个电流表，如图乙所示，闭合开关S后，A1表的示数为1.75A。下列说法正确的是（ ）
A．甲电路中V1表的示数为5V B．乙电路中A2表的示数为2.25A
C．甲电路消耗的总功率为2.5W D．乙电路中R1消耗的功率为10W
31．（2022·黄冈）对下列情境的判断正确的是（ ）
A．图甲：改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率不变
B．图乙：人不接触高压电线就不会触电
C．图丙：拇指所指的那端就是通电螺线管的N极
D．图丁：天宫课堂授课是通过超声波实现天地之间的互动
32．（2023·成都模拟）小明利用如图甲所示的电路探究电流跟电阻的关系。已知电源电压为6V且保持不变，实验用到的电阻阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω。
（1）请根据图甲将图乙所示的实物电路连接完整(导线不允许交叉)。
（2）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。
①由图像可以得出结论：电压一定时， 。
②上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接下来的操作是，然后将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为 V时，读出电流表的示数。
（3）为完成整个实验，应该选取最大阻值不小于 Ω的滑动变阻器。
33．（2023·成都模拟）电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能。某型号电压力锅的额定电压为220V，下图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R0是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触点a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。
（1）电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值。
（2）在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kW·h，求R2的阻值。
（3）用该压力锅对5L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度 已知消耗的电能有90％被有效利用，水的比热容为4.2×103J／(kg·℃)。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】磁现象；通电螺线管的磁场；电磁感应
【解析】【解答】A发电机是利用电磁感应，将机械能转化为电能的装置，故A符合题意；
B电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，故B不符合题意；
C电视机结构复杂，将电能转化为光和声等，故C不符合题意；
D电磁继电器是利用通电螺线管，电流的磁效应工作，故D不符合题意。
故答案为：A
【分析】电磁感应现象的原理是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流；电磁现象的辨析。
2．【答案】B
【知识点】声音的传播条件；音色；音调、响度与音色的区分；防治噪声的途径
【解析】【解答】解：A、“禁止鸣笛”是防止噪声产生，在声源处减弱噪声了，故A错误；B、作为固体的墙可以传声，所以在墙另一侧的人可能会听到说话声，故B正确；C、这里要辨清主要的不同点，不同的人说话主要是音色不同，故C错误；D、此句中的“高声语”意思是大声说话，属于人们把大小说成高低了，应是响度大，故D错误．
故选B．
【分析】本题考查了声音的几个基本知识的判断．（1）防治噪声的途径有三个：在声源处减弱噪声、在传播过程中减弱噪声、在人耳处减弱噪声．按人教版教材的说法是：防止噪声的产生、阻断噪声的传播、防止噪声进入人耳；（2）声音可以在一切固体、液体、气体中传播，墙是固体，故可以传声；（3）在音调和响度都相同的前提下，人们还能分辨出不同的声音，那是音色不同；（4）生活中人们常把声音的大小说成声音的高低，如：禁止高声喧哗、放声高歌、低声细语等语句中的高低都是指声音的大小．
3．【答案】D
【知识点】功率的计算
【解析】【分析】（1）做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上移动一段距离；
（2）根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=W/t
求出功率．
【解答】物体在水平地面上运动，重力和支持力没有做功，所以重力和支持力的功率为0W，故AB错误；
拉力对物体做的功是W=Fs=20N×10m=200J，
拉力做功的功率是P=W/t=200J/10s=20W，故C错误，D正确．
故选D．
4．【答案】A
【知识点】电磁波的传播
【解析】【解答】隐形战机主要是避开雷达的探测，隐形战机表面有一种特殊材料，可以吸收电磁波，减少反射回雷达的电磁波，达到隐身的效果，故A符合题意，BCD不符合题意；
故答案为：A。
【分析】隐形战机的原理是吸收电磁波，减少电磁波的反射。
5．【答案】C
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】系安全带可以减小惯性对车内人员的伤害，惯性是物体的一种属性，只与质量有关，不能通过安全带增大或减小，故AB错误，C正确；
安全带做的比较宽可以通过增大受力面积减小对人体的压强，但是与乘客必须使用安全带没有关系，故D不符合题意；
故答案为：C。
【分析】惯性及其现象。
6．【答案】C
【知识点】机械能及其转化；惯性及其现象
【解析】【解答】A毽子在飞行过程中只受到重力和空气阻力，故A错误；
B毽子在向上运动的过程中，重力势能增大，动能减小，受到阻力的作用，所以机械能减小，故B错误；
C毽子离开脚之后，由于惯性继续向上运动，故C正确；
D毽子在下落过程中越来越开是因为受到重力，故D错误；
故答案为：C。
【分析】惯性及其现象；机械能的变化。
7．【答案】C
【知识点】实际功率
【解析】 【解答】∵灯泡的亮度取决于灯泡的实际功率，而甲乙两灯的实际功率没法比较；
∴A、B选项是错误的；
∵当灯泡正常发光时，实际功率等于额定功率；
∴比较额定功率即可比较灯泡的亮度；
又知：甲灯的额定功率为40W，乙灯的额定功率等于25W；
∴正常发光时，甲比乙亮．
故选C．
【分析】判定灯泡的亮度只需判定灯泡的实际功率即可，实际功率大的灯泡就亮；而当正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率，则据额定功率的大小即可判定灯泡的亮度．知道铭牌的含义和灯的亮度取决于灯的实际功率是本题的关键
8．【答案】C
【知识点】比热容
【解析】【分析】A、改变物体内能的方式有两种：做功和热传递都可以改变内能．晶体熔化需要吸收热量，有热传递现象发生，所以内能改变．故A错误．
B、内燃机压缩冲程中是利用机械能对燃料做功转化为内能，故B错误；
C、水的比热容大，它在吸收大量热量时，温度可以保持在一个比较低的状态，这样就可以使水的温度始终低于发动机的温度，起到很好的冷却效果．故C正确．
D、机械效率是内燃机转化为有用功的能量与燃料完成燃烧释放的能量的比值，柴油机的效率比汽油机高，就是说完成相同的有用功，柴油机所用燃料完全燃烧放出能量比汽油机少，而不是因为柴油的热值比汽油的热值大．故D错误．
故选C．
9．【答案】D
【知识点】力与运动的关系
【解析】【分析】利用对应的物理知识，逐个分析选择项中提到的物理情景，从而可以判断选择项的正误．
【解答】A、子弹离开枪膛后，不受到高压气体的推力，但由于惯性仍保持原来的运动状态高速向前飞行．惯性是物体本身具有的一种性质，阻力是一种作用，无法比较两者大小关系．故A错误，
B、桌子没动，即为静止状态，即平衡状态，所以在水平方向上受到的推力和摩擦力是一对是平衡力．根据二力平衡的条件可知，这两个力是相等的，而不是推力小于摩擦力．故B错误．
C、茶杯对桌面的压力，这个力的施力物体是茶杯，受力物体是桌面；桌面对茶杯的支持力这个力的施力物体是桌面，受力物体是茶杯．这两个力不共物，是一对作用力与反作用力，而不是平衡力．故C错误．
D、在平直轨道上行驶的火车处于平衡状态，所以其受到平衡力的作用，合力为零．故D正确．
故选D。
【点评】此题最易出错的地方在选择项B上，根据日常生活中的经验可知，没有推动是用的力小，如果推力大一些，就可以推动，由此得出了推力小于摩擦力的错误结论．在此过程中的摩擦力是一种静摩擦力，其大小是变化的，只要是没推动，摩擦力的大小是随着推力的变化而变化的，且其大小始终等于推力
10．【答案】B
【知识点】液化及液化放热
【解析】【分析】物体由液态变为固态的过程叫凝固，物体由固态变为液态的过程叫熔化．物体由液态变为气态的过程叫汽化，汽化的两种方式是蒸发和沸腾．物体由气态变为液态的过程叫液化．物体由固态变为气态的过程叫升华．
【解答】A、冰雪消融汇成溪流是由固态变为液态，属于熔化现象．不符合题意．
B、刚从冰箱中拿出的饮料瓶温度很低，空气中的水蒸气遇冷凝结成小水滴，由气态变为液态，属于液化现象．符合题意．
C、深秋早晨的雾是水蒸气遇冷发生的液化现象，是液态的．雾在太阳出来后散去是因为吸热又蒸发了，属于汽化现象．不符合题意．
D、冰冻的衣服会干是冰吸热直接变成气态，属于升华现象．不符合题意．
故选B．
【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点．
11．【答案】D
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】A.由图可知，凸透镜的焦距为10cm，当物体距透镜5cm时，物距小于一倍焦距成正立放大的虚像，A不符合题意；
B.当物体距透镜 15cm时，物距大于一倍焦距、小于二倍焦距成倒立放大的实像，B不符合题意；
C.当物体在距透镜20cm处时，物距等于二倍焦距成倒立等大的实像，从距透镜20cm处向远离透镜的方向移动时，物距大于二倍焦距成倒立缩小实像，所成的像逐渐变小，C不符合题意；
D.凸透镜成实像时，物近像远像变大，当物体从距透镜20cm处向透镜的方向移动时，要得到清晰的像，应使光屏远离透镜，D符合题意.
故答案为：D.
【分析】解答本题首先从图中得出凸透镜的焦距为10cm，根据凸透镜的成像规律对题目中所给出的答案作出判断；知道凸透镜成实像时：物近像远像变大，物远像进像变小.
12．【答案】D
【知识点】浮力大小的计算；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】A若VA=VB，又有ρA>ρB，根据密度变形公式m=ρV，可得mA>mB，ρ甲>ρA>ρB，所以A和B均在甲中漂浮，浮力等于自身重力，因为GA>GB，所以A的浮力大于B的浮力，故A错误；
BρA>ρB＞ρ乙，故A和B均在乙中沉底，即A和B全部浸没，所以排水体积等于自身体积，根据F浮=ρ液gV排可得，静止时两球所受浮力相等，故B错误；
C若mA=mB，则GA=GB，将A放入乙容器中，有ρA＞ρ乙，所以A沉底，可得F浮A＜GA，将B放入甲容器中，有ρ甲>ρB，所以B漂浮，可得F浮B=GB，所以F浮A＜F浮B，故C错误；
D将A放入甲容器中，ρ甲>ρA，所以A在甲中漂浮，可得F浮A=GA=GB=ρBVBg，将B放入乙容器中，ρB＞ρ乙，所以B在乙中沉底，即B完全浸没，所以排水体积等于自身体积，可得F浮B=ρ乙gVB，所以F浮A：F浮B=ρB：ρ乙，故D正确；
故答案为：D。
【分析】判断沉浮，并且根据沉浮状态选择合适的浮力计算公式。
13．【答案】D
【知识点】并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】分析电路可知，R1和R2并联，电压表测的电源电压，A1测的是干路电流，A2测的是通过R2的电流；
R1标着“10Ω 1A”，所以通过R1的最大电流为1A，根据欧姆定律可得，R1两端的最大电压为10V；
R2标着“5Ω 1.2A”，所以A2的最大示数为1.2A，根据欧姆定律可得，R2两端的最大电压为6V；
为保证电路安全，所以电源电压不能超过6V；
此时电流表A1的示数等于R1的电流加R2的电流，根据欧姆定律可以算的通过R1的电流I1=0.6A，所以总电流为0.6A+1.2A=1.8A；
故答案为：D。
【分析】并联电路电压电流的关系以及欧姆定律的应用。
14．【答案】裂；聚
【知识点】核聚变；核裂变
【解析】【解答】核电站是利用的原子核的核裂变，太阳表面发生的是原子核的核聚变。
【分析】核聚变、核裂变的应用辨别。
15．【答案】做功；
【知识点】做功改变物体内能；比热容；热量的计算
【解析】【解答】物体改变内能的方法有两个：做功和热传递，铝件在车床上加工升温，是因为做功导致铝件内能增加；
铝件放出的热量：Q放=cmΔt= 0.88×103J/(㎏·℃）×2kg×（100℃-25℃）=1.32×105J。
【分析】改变物体 内能方式的辨析；比热容的应用。
16．【答案】反射；小
【知识点】光的反射；流体压强与流速的关系
【解析】【解答】水面的倒影和平面镜成像原理一致，是光的反射形成的；
流速越大压强越小，游艇驶过带动游艇周围的水流速变大，所以落叶向游艇靠近。
【分析】光现象的辨析；流速和压强的关系。
17．【答案】电流表；不变
【知识点】欧姆定律及其应用；电路的动态分析；实际功率
【解析】【解答】由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为L1的简单电路，电流表测通过L1的电流，电压表测电源的电压；再闭合开关S2后，两灯泡并联，电流表测干路电流，电压表测电源两端的电压，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过L1的电流和L1的实际功率不变，即小灯泡L1的亮度不变；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数变大．
故答案为：电流表 ；不变
【分析】电路中并上电阻后总电阻会减小，总电阻总小于并联电路中的任一电阻；由实际功率判断灯泡的亮度的变化.
18．【答案】省力；远离
【知识点】杠杆的分类；杠杆的动态平衡分析
【解析】【解答】图中可以看出，动力臂＞阻力臂，所以该杠杆是省力杠杆；
根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2，要使动力变小，应该要使动力臂变大，所以手应该远离支点。
【分析】杠杆类别的判断，杠杆平衡条件的应用。
19．【答案】受力面积；压强
【知识点】减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】根据压强的公式可知，减小压强的方法有增大受力面积和减小压力，高速铁路的轨道铺设在更宽的混凝土枕木上，使通过增大受力面积减小压强。
【分析】减小压强的方法：增大受力面积或者减小压力。
20．【答案】10；40
【知识点】串联电路的电压规律；电功率；电功率的计算；额定功率；实际功率
【解析】【解答】根据电功率的变形公式，可以接触灯泡的电阻RL=1210Ω；
当开关S2断开时，灯泡和定值电阻串联，根据串联分压可得此时灯泡两端的电压为
UL=0.5×U总=110V，根据电功率变形公式，此时灯泡的功率为；
当开关S2闭合时，定值电阻被短路，此时灯泡两端的电压为220V等于灯泡的额定电压，所以此时灯泡的电功率就是额定功率为40W。
【分析】利用电功率的推导公式算出灯泡的电阻；串联电路中电流电压特点的应用；额定功率和额定电压的理解。
21．【答案】解：如图所示：
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图；压力及重力与压力的区别
【解析】【解答】重力的作用点为重心，方向竖直向下，压力的作用点在接触面，方向垂直于接触面向下，作图如下：
【分析】重力和压力的区别；力的示意图。
22．【答案】解：如图所示：
【知识点】作光的反射光路图；透镜的光路图
【解析】【解答】经过入射点作出法线，因为反射光线与镜面的夹角是45°，所以反射角为90°-45°=45°
根据反射角与入射角相等作出入射光线；反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点，如图所示：
【分析】反射角等于入射角；反射光线平行于凸透镜的主光轴，经过凸透镜后折射光线过焦点。
23．【答案】（1）解：由p＝ 得压力：
F＝pS＝50×106 Pa×40×10﹣4m2＝2×105N；
答：当50MPa的压强作用于面积为40cm2的活塞上时，压力为2×105N。
（2）解：汽车随升降台匀速上升，则F＝G＝mg＝1800kg×10N/kg＝1.8×104N，
升降台对汽车所做的功W＝Fs＝1.8×104N×6m＝1.08×105J。
答：升降台对汽车所做的功为1.08×105J。
【知识点】压强的大小及其计算；功的计算及应用
【解析】【分析】（1）根据压强的变形公式F=pS可以计算出压力大小；
（2）通过匀速直线运动是平衡状态得到升降台给汽车的力，再利用做功公式W=Fs计算出升降台做的功。
24．【答案】（1）解：由图甲可知，第28s时红灯的功率是200W，红灯两端的电压为100V，则此时通过红灯的电流为
（2）解：如图甲所示，根据 可知，要计算0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能，即总电能大小为P-t图像与横坐标轴围成的面积大小。则0～30s内红灯消耗的电能为
则0～30s内绿灯消耗的电能为
则0～30s内红灯和绿灯消耗的总电能为
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【分析】（1）通过图像读出第28s红灯的功率为200W，再利用功率的公式P=UI变形可以算出电流；
（2）电能公式W=Pt的应用，P-t图像的理解。
25．【答案】（1）使像成在光屏的中央
（2）投影仪；成实像
（3）靠近
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验；凸透镜成像的应用
【解析】【解答】（1）为保证像成再光屏的中央，需要调整烛焰、凸透镜、光屏的中心大致在同一高度；
（2）图中可以看出像距大于物距，并且成实像，所以此时成倒立、放大的实像，利用该原理可制成投影仪；
此时像距为20cm，大于二倍焦距，所以焦距小于10cm，将蜡烛移动到光具座40cm处时，物距为10cm，大于一倍焦虑，所以仍然成实像；
（3）近视眼镜时凹透镜，有发散光的作用，所以成的像会远离凸透镜，为使正常成像，应该让像靠近凸透镜，即将蜡烛远离凸透镜。
【分析】凸透镜成像规律及其动态分析。
26．【答案】（1）解：如图所示：
（2）B；1.216或1.22
【知识点】电流的测量及电流表的使用；滑动变阻器的原理及其使用；电功率的计算；探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）小灯泡的额定功率为3.6V，图中电压表选用的小量程0~3V，小于小灯泡的额定电压，应该将电压表量程换成大量程，所以修改后的电路图如下：
（2）电压表示数为2.4V比额定功率小，说明此时滑动变阻器分压过大，即阻值过大，应该将滑动变阻器阻值减小，所以将滑片向B端移动；
电流表选用小量程0~0.6A，此时指针指在0.32A处，根据电功率公式可以算出灯泡的额定功率为P=UI=3.8V×0.32A=1.216W。
【分析】测量小灯泡额定功率的实验；滑动变阻器的使用；电流表的读数。
27．【答案】B
【知识点】能源危机与能源消耗对环境的影响；能源与可持续发展
【解析】【解答】① 开发新能源，减少化石燃料的燃烧 ，既可以减小对不可再生资源的开采，又可以减少污染，所以建议可行；
② 一次性发泡塑料餐具和塑料袋 会产生白色污染，该建议不可行；
③汞属于重金属，会污染环境，所以开发生产无汞电池可行；
④餐巾纸是木头生产，减少餐巾纸的使用可以减少森林的开采，同时减少生产，降低能源的消耗，故建议可行；
⑤分类回收垃圾，可以将可回收的回收使用，有污染的有效处理，利于环保，建议可行；
故②错误
故答案为：B
【分析】做法是否可行，主要从是否利于环保的角度考虑，平时环保知识的积累对于解决此题非常有帮助。
28．【答案】B,C
【知识点】功率的计算；机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
【解析】【解答】解：
已知F1：GA=5：8，GB：GA=3：2，
假设GA=8，则GB=12，F1=5，
A、图中使用的滑轮组n=2，不计绳重与摩擦的影响，拉力F1= （GA+G轮），
则动滑轮重G轮=2F1﹣GA=2×5﹣8=2，
拉力F2= （GB+G轮）= （12+2）=7，
所以F1：F2=5：7，故A错；
B、拉力端移动的速度之比等于物体升高速度之比，拉力的功率之比：
P1：P2=F1v1：F2v2=（5×2）：（7×1）=10：7，故B正确；
C、不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率η= ×100％= ×100％= ×100％ ，则η1：η2= ： = ： =14：15，故C正确；
D、不计绳重与摩擦的影响，额外功W额=G轮h，
h1：h2=v1t1：v2t2=2×2：1×3=4：3
额外功W1：W2=G轮h1：G轮h2=h1：h2=4：3，故D错。
故选BC。
【分析】（1）图中使用的滑轮组n=2，不计绳重与摩擦的影响，拉力F= （G+G轮），据此求拉力之比；（2）求出拉力端移动速度之比，利用P=Fv求拉力的功率之比；（3）不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率η= ×100％ = ×100％ = ×100％，据此求机械效率之比；（4）不计绳重与摩擦的影响，额外功W额=G轮h，求出升高高度之比，可求额外功之比。
29．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】解：电流由下方流入，则由右手螺旋定则可知，螺线管上端为N极；
因同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，两磁铁同名相对，故相互排斥；
当滑片P从a端向b端滑动过程中，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得，电路中电流变大，则条形磁铁受向上的力增强；
条形磁铁受重力、拉力及向上的磁场力，向下的重力与向上的弹簧的弹力及磁场力之和相等，因重力不变，磁场力增强，故弹簧的弹力减小，故弹簧长度变短．
故选D．
【分析】由右手螺旋定则可得出螺线管上端磁极，则由磁极间的相互作用可知电磁铁与条形磁铁的作用；
根据滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，由欧姆定律可得出电流的变化，进而可知通电螺线管磁场强弱的变化，则可知条形磁极的受力变化，由力的合成可知弹簧长度的变化．
30．【答案】A,C
【知识点】串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；串联电路的电压规律；并联电路的电压规律；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】分析电路可知图甲中R1、R2和R3串联，电压表V1的示数是R1和R2两端电压之和，电压表V2的示数为R2和R3两端电压之和；
图乙中R1、R2和R3并联，电流表A1的示数为R2和R3的电流之和，电流表A2的示数为R1和R2的电流之和；
R2=8Ω，电源电压为10V，根据欧姆定律可得图乙中R2的电流=1.25A；那么图乙中通过R3的电流为I3=1.75A-1.25A=0.5A，根据欧姆定律的变形公式，可得；
图甲中根据串联电路电压和等于电源电压可得U1=3V，根据串联电路分压有，可得U2=2V，所以U3=5V，又有，可得R1=12Ω；
那么图乙中R1两端得电流根据欧姆定律可得；
A甲电路中V1表的示数为R1和R2电压之和，即U1+U2=3V+2V=5V，故A正确；
B图乙中A2的示数为R1和R2电流之和，即I1+I2=2.08A，故B错误；
C甲电路中消耗的总功率=2.5W，故C正确；
D乙电路中R1消耗的功率，故D错误；
故答案为：AC。
【分析】欧姆定律的应用；串联并联电路中电流电压的关系。
31．【答案】C
【知识点】定滑轮及其工作特点；安培定则；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】A．如图甲所示，动滑轮的机械效率为
改变提升物体受到的重力，动滑轮的机械效率也改变，A不符合题意；
B．高压触电分高压电弧触电和跨步电压触电，人不接触高压电线也会触电，B不符合题意；
C．如图丙所示，根据安培定则，四指指电流方向，拇指所指的那端就是通电螺线管的N极，C符合题意；
D．如图丁所示，声音无法在真空中传播，天宫课堂授课是通过电磁波实现天地之间的互动，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】定滑轮可以改变力的方向；人靠近高压线容易发生触电事故；根据安培定则，四指指电流方向，拇指所指的那端就是通电螺线管的N极；空间站利用电磁波传递信息。
32．【答案】（1）解：如图所示：
（2）导体中的电流与电阻成反比；2.5V
（3）35Ω
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】（1）滑动变阻器应该一上一下连接，并且电压表并联在定值电阻两端，所以作图如下：
（2）电流与电阻的关系：电压一定时， 导体中的电流与电阻成反比 ；
由图像以及欧姆定律变形公式U=IR可知，电阻两端的电压保持2.5V不变；
（3）当定值电阻为25Ω时，定值电阻两端电压为2.5V时，根据串联电路分压可得，可以解出Rp=35Ω。
【分析】探究电流与电阻关系实验。
33．【答案】（1）5450Ω
（2）242Ω
（3）105℃
【知识点】比热容；电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】（1）要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，L两端电压恒为2V，根据串联电路电压关系，则R0两端电压U0=U-UL=220V-2V=218V，根据欧姆定律，R0的最大阻值为；
（2）在保压状态下，加热器R2工作，加热器电功率，根据电功率变形公式可得；
（3）压力锅的加热功率P加热=P1+P2=800W+200W=1000W，那消耗的电能
W=P加热t=1000W×35×60s=2.1×106J，水吸收的热量Q吸=90%W=90% ×2.1×106J=cmΔt，可以解出，Δt=85℃，所以末温为105℃。
【分析】本题是一道电学和热学的综合计算，电功率、电功和吸热公式的灵活应用，以及电路的分析。
