2023年广东省深圳市南山二外海德学校初中部中考物理
三模试卷
一、单选题（共10题，每小题2分，共20分）
1．（2分）以下关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．倒车雷达是利用次声波来确定障碍物的远近
B．超声波是传播速度大于340m/s的声波
C．“闻其声知其人”是依据声音的音色来判断的
D．“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声的
2．（2分）如图所示是一则公益广告。浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观。母亲节前夕、学校倡议同学们用热水为妈妈洗一次脚。关于热水洗脚过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．洗脚水的温度越高，所含的热量越多
B．泡脚过程热量由脚传递给了水
C．洗脚过程中水的温度降低，比热容变小
D．热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能
3．（2分）日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是（ ）
A．汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦
B．铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下
C．推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关
D．乘车时系上安全带是为了减小惯性
4．（2分）下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是（ ）
A．甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于90°
B．乙：蜡烛远离玻璃板时，玻璃板后面蜡烛的像大小不变
C．丙：点燃蜡烛前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D．丁：是远视眼矫正后的成像光路图
5．（2分）细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中表述不正确的是（ ）
A．如图甲，“覆杯实验”证明了大气压的存在
B．如图乙，盆景自动供水装置利用了连通器原理
C．如图丙，小明看到拦河大坝“上窄下宽”，是为了能够承受水深处的较大的压强
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速
6．（2分）在物理图象中不但纵坐标和横坐标分别代表一定的物理意义，直线的斜率和面积也具有特定的物理意义。对图中的两个图象所包含的信息的理解，正确的是（ ）
A．图a中的斜率越小，表示物质的密度越大
B．图a中，密度与质量成正比，密度与体积成反比
C．图b中表示匀速直线运动的路程越大，速度越大
D．图b中阴影部分面积表示该物体在对应时间内通过的路程
7．（2分）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速提起相同的重物。不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．甲图省力，机械效率甲图大
B．甲图省力，机械效率一样大
C．乙图省力，机械效率一样大
D．乙图省力，机械效率乙图大
8．（2分）关于如图所示的电路有以下判断：①L1和L2两灯泡串联，②L1和L2两灯泡并联，③电流表A1测灯泡L1的电流，④电流表A2测电路中的总电流。其中正确的有（ ）
A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
9．（2分）如图所示，是小灯泡L和电阻R的电流与电压关系的图像。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R的电阻值是10Ω
B．当通过L的电流是0.2A的时候，其消耗的电功率是0.8W
C．仅把L、R并联在电压是2V的电路中，干路里的电流是0.4A
D．仅把L、R串联在电路中，当电流是0.2A时，它们两端总电压是4V
10．（2分）对甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（ ）
A．甲：磁场中获得电流
B．乙：开关闭合，小磁针N极将向右偏转
C．丙：是电动机原理的装置
D．丁：开关闭合，将有电能转化为机械能
二、作图题（共2小题，每题2分，共4分）
11．（2分）如图所示，无人机下方吊一小球在空中沿虚线方向做匀速直线运动（不计空气作用力影响），请在图中画出小球的受力示意图。
12．（2分）如图是一种常见的一侧带有书柜的办公桌。现在要用一个最小的力将其一端抬离地面，请画出这个最小的力F的示意图并作出其力臂，并标明支点O。
三、实验题（共4小题，每空1分，共22分）
13．（5分）为了探究圆柱体在不同液体中受到的浮力，某同学进行了如图所示的实验（图A、B、C中的液体是水）。
（1）为了探究F浮与G排的关系，需要在图中操作的基础上增加一个步骤。请写出该步骤的内容：用弹簧测力计测量 。
（2）由图中步骤B、E可知，浮力的大小跟 有关。
（3）圆柱体的体积为 m3；未知液体的密度为 kg/m3。
（4）若B步骤中的溢水杯放在电子秤上，如图F，在圆柱体浸入水的过程中（未接触容器底），电子秤的读数将 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
14．（6分）小明在石材加工厂找到两个同种材质的球状石块M和正方体石块N，为确定石块的密度，他进行了如下操作：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零，然后调节平衡螺母使天平平衡；
（2）将石块M放入天平左盘，当天平右盘内所加砝码和标尺上游码所处位置如图乙所示时，天平恰好平衡，则球形石块M的质量是 g；
（3）接着他又用量筒测量了球形石块M体积，如图丙所示，则石块的密度为 g/cm3。小红还想借助现有石块探究杠杆的平衡条件，于是她又称出了石块N的质量为84g，然后分别将石块M和N挂在杠杆上（实验前已调节杠杆在水平位置平衡）的A点和B点，杠杆恰好平衡，如图丁所示；
①小红对实验数据分析后得到结论：在误差允许的范围内，动力×动力臂＝阻力×阻力臂。你认为她这样就得出结论是否合理？ ；简述理由： ；
②之后小红用弹簧测力计代替石块继续这个实验，当弹簧测力计竖直向下拉杠杆上的A点时，杠杆恰好在水平方向平衡，如图戊所示，测力计的示数是 N；（g＝10N/kg）
③接下来，小红先将弹簧测力计的挂钩用细线系在杠杆上，用大小为F1的力向下拉弹簧测力计的圆环使杠杆水平平衡，如图已所示；然后她又将弹簧测力计的圆环用细线系在杠杆上，用大小为F2的力向下拉弹簧测力计的挂钩使杠杆水平平衡，如图庚所示；则F1 F2（＞/＝/＜）。
15．（4分）用如图所示电路探究“电流与电压、电阻的关系”实验中：
（1）闭合开关前，滑动变阻器应处于 （选填“A”或“B”）端。
（2）探究“电流与电阻的关系”，所测的数据如表所示：
U＝2V 电阻/Ω 5 10 20
电流/A 0.4 0.2 0.1
①依据表格和电路图分析，将电阻R由5Ω换成10Ω，闭合开关进行实验时，应向 （选填“A”或“B”）端移动滑片P，使电压表的示数保持 V不变。
②根据表中数据可得出的结论是： 。
16．（7分）小明同学测定标有“2.5V”字样（正常工作电流约为0.25A）小灯泡的额定功率。现有器材：电压恒为6V的电源，开关，电压表（量程0～3V），电流表（量程0～0.6A），导线若干，另有三种规格的滑动变阻器可供选择：R1（10Ω 1A）、R2（20Ω 0.5A），R3（50Ω 0.2A）。按图甲的实验电路进行实验，请完成下列问题
（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误。请在图甲中找出来并打“×”，再画线把它改到正确的位置上。
（2）通过估算，滑动变阻器应该选用 （选填“R1”“R2”或“R3”）。
（3）正确连线、闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向 （选填“A”或“B”）端移动。
（4）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I﹣U图像。由图像可知小灯泡的额定功率 W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）完成上述实验后，他又设计了如图丁所示的实验电路，借助实验室的器材，同样测出了小灯泡正常发光时电功率，请你完成下列实验步骤：
①接好实验电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点 （选填“1”或“2”）移动滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压U1；
②滑片的位置保持不动，再将开关S1拨到另一个触点读出电压表的示数为U2；
③小灯泡正常发光时功率的表达式P＝ （用U1、U2、R0表示）。
四、计算题（共2小题，共14分）
17．（7分）如图所示，质量为960kg、底面积为0.5m2的石材A放在水平地面上，利用滑轮组水平拉动A，使其在20s的时间内匀速向墙靠近了4m，水平拉力F＝500N，不计绳、滑轮组的质量以及绳与滑轮组之间的摩擦，g取10N/kg。求：
（1）A对水平地面的压强；
（2）A在运动过程中受到摩擦力的大小；
（3）拉力F的功率。
18．（7分）如图所示，灯L标有“3V 1.5W”字样，电源电压恒为3V，定值电阻R＝9Ω，设灯L的阻值不随温度变化而变化。求：
（1）灯L正常发光时的电阻是多少？
（2）只闭合S2时，定值电阻R在60s内产生的热量是多少？
（3）要使整个电路消耗的电功率最大，各开关的闭合情况应如何？此时的最大电功率为多少？
五、科普阅读题（共2小题，每空1分，共10分）
19．（5分）阅读短文，回答问题：
新能源共享电动汽车
“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车替代传统燃油汽车。新能源共享电动汽车车内也有多项高科技，它集合了多项高科技功能，包括卫星定位、远程开锁，及时将车辆所在位置（GPS信息）和车辆当前状态（锁定状态或使用状态）报送云端等，如图乙是共享汽车前进和倒车工作原理简单示意图，开关S1和S2由绝缘操纵杆控制，能同时接“1”或接“2”，向前推操纵杆时汽车前进且能调速，向后拉操纵杆时汽车以恒定速度后退。
（1）云端为了随时了解共享汽车行程状况，利用GPS工作来实现定位，是利用 来传递信息的；车用智能芯片所使用的材料是 （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）。
（2）用直流充电桩给电动汽车充电时其蓄电池在电路中相当于 （选填“电源”或“用电器”）。
（3）如图乙所示，当共享汽车需要倒车时，开关S1和S2应同时接 ，共享汽车能前进和倒车，是因为可以改变电动机的线圈中的 。
（4）共享汽车的速度是通过电子调速器来控制改变电动机电流的大小来实现，共享汽车在倒车时，位于车后面两个灯会同时闪亮，当前进转弯时后面只有一个灯闪亮，则位于汽车后面两个灯 （选填“串联”或“并联”）连接。
20．（5分）阅读短文，回答问题。
人工智能
近年来，AI技术的快速发展，各种新技术正在高速向我们的工作和生活渗透。连日来热度不减的ChatGPT引发社会关注，其背后的核心技术人工智能，更是成了人们热议的“高频词”，让我们看到人工智能助力行业发展的更多可能性。
应用一：图甲是国内某品牌首款AI智能音箱，它可以直接根据用户的语音指令来完成指定操作，说明声音可以传递 （选填“能量”或“信息”）。
应用二：北京冬奥会引入的AI评分系统，能逐帧抓取运动员从起跳到落地之间的空中姿态，将运动员的精彩表现在最短时间内真切地呈现给观众，为裁判评分提供可视依据。如图乙所示，某次比赛系统呈现运动员上升（ab）及下落（bc）瞬间，由此可判断运动员在 （选填“ab”或“bc”）段重力势能减小，动能增大。
应用三：图丙是某新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电板；车窗采用“智能玻璃”，
能根据车外光照度自动调节玻璃的透明度，实现车内的光照度为一个适宜的定值，经测算车外光照度和玻璃的透明度的关系图像如图丁所示：“智能玻璃”还具有单向透光功能，可以从车内看到车外景象，而车外看不见车内景象；智能玻璃还具备调温功能，还有效防止玻璃起雾，充分提高了行车的安全性。
（1）冬天行车时，汽车挡风玻璃的 （选填“内”或“外”）侧容易出现一层白雾，此时应将“智能玻璃”温度调 。（选填“高”、“不变”或“低”）
（2）当车外光照度为125Lx时，智能玻璃的透明度会自动调节为 %
2023年广东省深圳市南山二外海德学校初中部中考物理
三模试卷
参考答案与试题解析
一、单选题（共10题，每小题2分，共20分）
1．（2分）以下关于声现象的说法中，正确的是（ ）
A．倒车雷达是利用次声波来确定障碍物的远近
B．超声波是传播速度大于340m/s的声波
C．“闻其声知其人”是依据声音的音色来判断的
D．“禁止鸣笛”是在传播过程中减弱噪声的
【分析】（1）声音可以传递信息，人们可以利用超声波传递信息，如利用回声定位制造的倒车雷达，利用超声波进行金属探伤。
（2）人耳能听到的声音的频率范围是20Hz～20000Hz，低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz的叫超声波；
（3）音色是指声音的特色，由发声体的材料和结构决定，不同发声体的音色不同；
（4）减弱噪声有三条途径，即在三个不同的位置﹣﹣声源处、传播过程中、人耳处。
【解答】解：A、倒车雷达是利用超声波传递信息来确定障碍物的远近，故A错误；
B、超声波是指振动频率高于20000Hz的声波，与声的传播速度无关，故B错误；
C、“闻其声知其人”是因为不同人的声带结构特点不同，发出声音的音色不同，因此是根据音色来辨别的，故C正确；
D、“禁止鸣笛”是在声源处减弱噪声的，故D错误。
故选：C。
【点评】此题考查声的多个知识点；深入理解超声波的应用、减弱噪声的途径等知识点，可做出正确选择。
2．（2分）如图所示是一则公益广告。浓浓的孝心渗透着社会主义核心价值观。母亲节前夕、学校倡议同学们用热水为妈妈洗一次脚。关于热水洗脚过程中涉及的物理知识，下列说法正确的是（ ）
A．洗脚水的温度越高，所含的热量越多
B．泡脚过程热量由脚传递给了水
C．洗脚过程中水的温度降低，比热容变小
D．热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能
【分析】（1）热量是过程量，不能用“含有”“具有”来修饰；
（2）发生热传递时，内能由温度高的传递给温度低的；
（3）比热容是物质的特性，与物质的状态和种类有关，与质量、体积、温度无关；
（4）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
【解答】解：A、洗脚水的温度高，但不能说所含的热量越多，因为热量是过程量，不能用“含有”来修饰，故A错误；
B、开始时水的温度比脚的温度高，热量由水传递给了水脚，故B错误；
C、洗脚过程中水的温度降低，但比热容大小不变，故C错误；
D、热水泡脚是通过热传递改变了脚的内能，故D正确。
故选：D。
【点评】本题主要考查了对改变内能的方法的应用，内能、比热容、热量等概念的理解等，属热学基础题。
3．（2分）日常生活中，处处有物理，下列说法错误的是（ ）
A．汽车轮胎的轴承中装有滚珠是为了减小摩擦
B．铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下
C．推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关
D．乘车时系上安全带是为了减小惯性
【分析】（1）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
（2）重力的方向是竖直向下的；
（3）力的三要素：力的大小、方向、作用点，力的三要素影响力的作用效果。
（4）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大。
【解答】解：A、汽车轮胎的轴承中装有滚珠是用滚动代替滑动来减小摩擦。故A正确；
B、铅垂线的应用原理是重力的方向总是竖直向下，故B正确；
C、推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故C正确；
D、乘车时系上安全带是为了减小惯性带来的伤害，不能减小惯性，故D错误。
故选：D。
【点评】本题考查减小摩擦的方法、力的作用效果、惯性、重力的方向等知识，是一道综合性很强的题目，但难度不大。
4．（2分）下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是（ ）
A．甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于90°
B．乙：蜡烛远离玻璃板时，玻璃板后面蜡烛的像大小不变
C．丙：点燃蜡烛前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D．丁：是远视眼矫正后的成像光路图
【分析】（1）入射光线与法线之间的夹角为入射角；
（2）平面镜所成的像的大小与物体大小相同；
（3）调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使物体的像能够成在光屏的中心；
（4）近视眼的成因：晶状体太厚或眼球前后径太长，使来自远处物体的光会聚于视网膜前方，造成看不清远处的物体；近视眼的矫正方法，需配戴凹透镜；远视眼的成因：晶状体太薄或眼球前后径太短，使来自近处物体的光会聚于视网膜后方，造成看不清近处的物体；远视眼的矫正方法，需配戴凸透镜。
【解答】解：
A、入射光垂直射向镜面时，入射光线与法线之间的夹角为0°，所以入射角等于0°，故A错误；
B、蜡烛远离玻璃板时，由于像与物体等大，所以玻璃板后面蜡烛的像大小不变，故B正确；
C、探究凸透镜成像规律时，需要调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，所以该调节要在点燃蜡烛后，故C错误；
D、由图可知，该透镜为凹透镜，对光线具有发散作用，凹透镜可以矫正近视眼，所以丁图是近视眼矫正后的成像光路图，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了平面镜成像的特点、光的反射定律、凸透镜成像实验前器材的条件、近视眼的矫正方法，属于基础题。
5．（2分）细心的小明通过平时观察发现如下现象，其中表述不正确的是（ ）
A．如图甲，“覆杯实验”证明了大气压的存在
B．如图乙，盆景自动供水装置利用了连通器原理
C．如图丙，小明看到拦河大坝“上窄下宽”，是为了能够承受水深处的较大的压强
D．如图丁，飞机获得升力是因为其上表面空气流速大于下表面空气的流速
【分析】（1）“覆杯实验”，能证明大气压的存在；
（2）上端开口，底部相连通的容器叫连通器，当所装同一种液体静止不流动时，各容器中的液面是相平的；
（3）液体的压强跟液体的深度和密度有关。在液体的密度一定时，液体越深，液体的压强越大；
（4）液体和气体都称为流体，生活中常见的流体是水和空气，流体流速越大的地方，压强越小；流体流速越小的地方，压强越大。
【解答】解：A、纸片托水的“覆杯实验”，纸片托水正是因为大气压托起了纸片，能证明大气压的存在，故A正确；
B、盆景自动供水装置，蓄水瓶上端密封，不是连通器，故B错误；
C、由于液体受到重力作用，且具有流动性，所以液体对容器底和容器侧壁有压强，并且液体的压强随深度增加而增大，即越往下面，液体内部压强越大，故拦河大坝的修建成上窄下宽的梯形，为了能够承受水深处的较大的压强，故C正确；
D、等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲、下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小；因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的压力差，也就是升力，故D正确。
故选：B。
【点评】该题通过生活中的现象考查了多个物理知识，要求学生熟练应用所学物理知识来解释生活中的现象。
6．（2分）在物理图象中不但纵坐标和横坐标分别代表一定的物理意义，直线的斜率和面积也具有特定的物理意义。对图中的两个图象所包含的信息的理解，正确的是（ ）
A．图a中的斜率越小，表示物质的密度越大
B．图a中，密度与质量成正比，密度与体积成反比
C．图b中表示匀速直线运动的路程越大，速度越大
D．图b中阴影部分面积表示该物体在对应时间内通过的路程
【分析】分析各图象，找出图象斜率与面积的表示的意义，然后逐一分析各选项，判断各选项说法的正误，作出选择。
【解答】解：
A、图a中纵坐标表示物体的质量m，横坐标表示物体的体积V，则图象的斜率表示物质的密度，斜率越大，表示物质的密度越大，故A错误；
B、图a是质量随体积变化图象，体现了同种物质质量和体积成正比，并不是表明同种物质的密度与质量成正比，与体积成反比，故B错误；
C、图b是v﹣t图象，图象是一条平行于时间轴的直线，表示物体做匀速直线运动，故C错误；
D、图b中阴影部分的面积等于物体速度v与时间t的乘积，即vt，s＝vt是匀速直线运动的路程，故D正确。
故选：D。
【点评】此题考查学生根据图象探究物理规律，图象可以使我们建立更多的感性认识，从表象中探究本质规律，体验知识的形成过程。
7．（2分）某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组（每个滑轮重相同）匀速提起相同的重物。不计绳重及摩擦，下列说法正确的是（ ）
A．甲图省力，机械效率甲图大
B．甲图省力，机械效率一样大
C．乙图省力，机械效率一样大
D．乙图省力，机械效率乙图大
【分析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s＝nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。
【解答】解：不计绳重及摩擦，
∵拉力F＝（G物+G轮），n1＝2，n2＝3，
∴绳子受的拉力：
F1＝（G物+G轮），F2＝（G物+G轮），
∴F1＞F2，乙图省力；
∵动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额＝G轮h，W有用＝G物h，
∴利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，
∵η＝，
∴滑轮组的机械效率相同。
故选：C。
【点评】本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。
8．（2分）关于如图所示的电路有以下判断：①L1和L2两灯泡串联，②L1和L2两灯泡并联，③电流表A1测灯泡L1的电流，④电流表A2测电路中的总电流。其中正确的有（ ）
A．①③ B．①④ C．②③ D．②④
【分析】串联电流中电流只有一条路径，并联电路中电流有两条或多条路径，根据电流路径以及电表的连接情况确定电路的连接方式和电表测量对象。
【解答】解：①开关闭合后，电流有两条路径，因此两灯泡的连接方式是并联；②电流表A2串联在干路中，测电路中的总电流；③电流表A1与灯泡L2串联，测灯泡L2的电流；所以①③错误，②④正确。
故选：D。
【点评】解决此题的关键是认真的分析电路图，观察出两个灯泡是串联还并联，再观察电流表测量的是谁的电流，根据电流表与被测用电器串联确定电流表测量的用电器。
9．（2分）如图所示，是小灯泡L和电阻R的电流与电压关系的图像。下列说法正确的是（ ）
A．电阻R的电阻值是10Ω
B．当通过L的电流是0.2A的时候，其消耗的电功率是0.8W
C．仅把L、R并联在电压是2V的电路中，干路里的电流是0.4A
D．仅把L、R串联在电路中，当电流是0.2A时，它们两端总电压是4V
【分析】A、R为定值电阻，电流随电压的变化关系为过原点的直线，根据R＝进行计算；
B、由图知，当通过定值电阻R的电流为0.2A时对应的电压大小，根据P＝UI求出它消耗的电功率；
C、当定值电阻R和小灯泡L并联在电压为2V电路中，由并联电路电压的规律，由图知R和灯的电流，由并联电路电流的规律得出电路中总电流；
D、根据串联电路电流的规律，当电路的电流为0.2A时，可知灯和R的电压，由串联电路电压的规律得出电路的电压分析。
【解答】解：A、R为定值电阻，电阻R的电阻值：R＝＝＝20Ω，故A错误；
B、由图知，当通过定值电阻R的电流为0.2A，对应的电压大小为1V，它消耗的电功率为：P＝UI＝1V×0.2A＝0.2W，故B错误；
C、当定值电阻R和小灯泡L并联在电压为2V电路中，由并联电路电压的规律，R和灯的电压都为2V，由图知，R和灯的电流分别为0.1A和0.3A，由并联电路电流的规律，电路干路里的电流：I＝IR+Il＝0.1A+0.3A＝0.4A，故C正确；
D、两电阻串联，电路各处的电流相等，由图知，当电路的电流为0.2A时，灯的电压为1V，R的电压为4V，由串联电路电压的规律，电路的电压为1V+4V＝5V，即它们两端总电压是5V，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查串联电路的规律及欧姆定律的运用，关键是从图中获取有效的信息。
10．（2分）对甲、乙、丙、丁四幅图解释合理的是（ ）
A．甲：磁场中获得电流
B．乙：开关闭合，小磁针N极将向右偏转
C．丙：是电动机原理的装置
D．丁：开关闭合，将有电能转化为机械能
【分析】甲图：小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用，而磁场是由电流产生的；
乙图：根据安培定则先判断出通电螺线管的N极，然后根据磁感线方向判断出小磁针N极的指向；
丙图：金属棒ab做切割磁感线运动时，电路中会产生感应电流；
丁图：电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，发电机的原理是电磁感应。
【解答】解：
A、该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象表明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A错误；
B、闭合开关，通电螺线管中的电流方向是“前上后下”，根据安培定则可知，螺线管的左端是N极，磁感线从N极出发经过小磁针时方向是向左的，则小磁针N极将向左偏转，选项B错误；
C、而该装置演示的是，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中便会产生电流，外边的电流表就是用来检测电路中有没有电流的，所以该装置的实验原理，应用于制造发电机，选项C错误；
D、电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动，电动机原理的装置，电动机工作过程将电能转化为机械能；选项D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电流的磁效应、通电螺线管的磁场及安培定则、发电机、电动机的原理，是一道综合性题目。
二、作图题（共2小题，每题2分，共4分）
11．（2分）如图所示，无人机下方吊一小球在空中沿虚线方向做匀速直线运动（不计空气作用力影响），请在图中画出小球的受力示意图。
【分析】小球做匀速直线运动，处于平衡状态，不计空气作用力影响，且受到竖直向上的拉力F和竖直向下的重力G的作用，据此画出小球的受力示意图。
【解答】解：小球做匀速直线运动，处于平衡状态，不计空气作用力影响，且受到竖直向上的拉力F和竖直向下的重力G的作用，据此画出小球的受力示意图如下：
故答案为：如上图。
【点评】本题考查力的示意图的画法，作图要规范。
12．（2分）如图是一种常见的一侧带有书柜的办公桌。现在要用一个最小的力将其一端抬离地面，请画出这个最小的力F的示意图并作出其力臂，并标明支点O。
【分析】（1）根据杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2，在阻力相同的情况下，阻力臂越短、动力臂越长，所用的动力越小，越省力，所以关键是确定支点。
（2）当力臂为支点到力的作用点的距离时，力臂最长。
【解答】解：由图知，抽屉在书桌的右侧，所以当作用力在左侧时，以右侧下端为支点，此时阻力臂最小，连接支点与书桌的右上角，这个距离则是最长的动力臂，所以推力F应与连线垂直且方向向上，如图所示：
【点评】此题属于杠杆的最小力问题，掌握杠杆平衡条件是解决杠杆问题的基础，要确定最小的力，应正确的确定支点使阻力臂最小，并找出最长的力臂，便可得出最小的力，同时考查了力臂的画法，力臂是从支点到力的作用线的垂直距离。
三、实验题（共4小题，每空1分，共22分）
13．（5分）为了探究圆柱体在不同液体中受到的浮力，某同学进行了如图所示的实验（图A、B、C中的液体是水）。
（1）为了探究F浮与G排的关系，需要在图中操作的基础上增加一个步骤。请写出该步骤的内容：用弹簧测力计测量 圆柱体的重力 。
（2）由图中步骤B、E可知，浮力的大小跟 液体的密度 有关。
（3）圆柱体的体积为 1×10﹣4 m3；未知液体的密度为 0.8×103 kg/m3。
（4）若B步骤中的溢水杯放在电子秤上，如图F，在圆柱体浸入水的过程中（未接触容器底），电子秤的读数将 不变 。（选填“增大”“减小”或“不变”）
【分析】（1）根据阿基米德原理，要测F浮，需要知道物重G和物体完全浸没时的拉力F，要测G排，需测桶的重力G桶、桶和水的总重力G总；
（2）分析B、E中相同的量和不同的量，得出浮力与液体密度的关系；
（3）由F浮＝G排计算出圆柱体在水中受到的浮力，根据F浮＝ρ液gV排和在两种液体中排开液体的体积相等，得出液体的密度；
（4）圆柱体浸没在水中静止时，圆柱体受到重力、浮力以及拉力的作用。根据阿基米德原理可知圆柱体受到的浮力等于排开的水重，圆柱体对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变。
【解答】解：（1）要测量物体在水中受到的浮力，还需测出圆柱体的重力；
（2）B、E两图，物体排开液体的体积相等，液体的密度不同，可知，浮力大小与液体的密度有关；
（3）由题意知，在水中的浮力F浮＝G排＝1.2N﹣0.2N＝1N；
圆柱体排开液体的体积不变，由F浮＝ρ液gV排得，V＝V排＝＝＝1×10﹣4m3；
根据F浮＝G﹣F知，G＝F+F浮＝1N+1.7N＝2.7N；
则物体在液体中所受浮力为F浮′＝G﹣F′＝2.7N﹣1.9N＝0.8N；
圆柱体排开液体的体积不变，由F浮＝ρ液gV排得，ρ液＝＝＝0.8×103kg/m3；
（4）圆柱体浸没在水中静止时，圆柱体受到重力、浮力以及拉力的作用。根据阿基米德原理可知圆柱体受到的浮力等于排开的水重，圆柱体对水的压力大小与浮力相等，所以溢水杯对电子秤的压力不变。
故答案为：（1）圆柱体的重力；（2）液体的密度；（3）1×10﹣4；0.8×103；（4）不变。
【点评】此题是探究阿基米德原理实验，考查了对实验原理及阿基米德原理公式的熟练应用，要熟练掌握基本公式，并能进行变形应用，能够分析出物体在水中和液体中排开液体的体积相等，是解决问题的关键。
14．（6分）小明在石材加工厂找到两个同种材质的球状石块M和正方体石块N，为确定石块的密度，他进行了如下操作：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零，然后调节平衡螺母使天平平衡；
（2）将石块M放入天平左盘，当天平右盘内所加砝码和标尺上游码所处位置如图乙所示时，天平恰好平衡，则球形石块M的质量是 42 g；
（3）接着他又用量筒测量了球形石块M体积，如图丙所示，则石块的密度为 2.625 g/cm3。小红还想借助现有石块探究杠杆的平衡条件，于是她又称出了石块N的质量为84g，然后分别将石块M和N挂在杠杆上（实验前已调节杠杆在水平位置平衡）的A点和B点，杠杆恰好平衡，如图丁所示；
①小红对实验数据分析后得到结论：在误差允许的范围内，动力×动力臂＝阻力×阻力臂。你认为她这样就得出结论是否合理？ 不合理 ；简述理由： 用一组数据得到结论，偶然性太大，不具有普遍性 ；
②之后小红用弹簧测力计代替石块继续这个实验，当弹簧测力计竖直向下拉杠杆上的A点时，杠杆恰好在水平方向平衡，如图戊所示，测力计的示数是 0.84 N；（g＝10N/kg）
③接下来，小红先将弹簧测力计的挂钩用细线系在杠杆上，用大小为F1的力向下拉弹簧测力计的圆环使杠杆水平平衡，如图已所示；然后她又将弹簧测力计的圆环用细线系在杠杆上，用大小为F2的力向下拉弹簧测力计的挂钩使杠杆水平平衡，如图庚所示；则F1 ＝ F2（＞/＝/＜）。
【分析】（2）石块的质量等于砝码的质量加上游码在标尺上对应的示数；
（3）石块的体积等于石块浸没水中前后量筒中水面对应的刻度值的差；利用密度公式计算出石块的密度；
①实验时，如果只用一组数据得到结论，偶然性太大，因此应获取多组实验数据归纳出物理规律；
②③由杠杆平衡条件可算出拉力大小。
【解答】解：（2）由图乙可知，石块M的质量m＝20g+20g+2g＝42g；
（3）由图丙可知，石块的体积V＝36mL﹣20mL＝16mL＝16cm3；
石块的密度：ρ＝＝＝2.625g/cm3；
①用一组数据得到结论，偶然性太大，不具有普遍性，故不合理；
②设杠杆的每一格为L，根据杠杆平衡条件可知：
0.042kg×10N/kg×4L＝F×2L，解得，F＝0.84N；
③如图已、庚所示，拉力F1、F2的阻力和阻力臂不变，动力臂相等，根据杠杆平衡条件可知，所以F1＝F2。
故答案为：（2）42；（3）2.625；①不合理；用一组数据得到结论，偶然性太大，不具有普遍性；②0.84；③＝。
【点评】本题考查固体密度的测量实验和杠杆平衡条件的应用，难度适中。
15．（4分）用如图所示电路探究“电流与电压、电阻的关系”实验中：
（1）闭合开关前，滑动变阻器应处于 B （选填“A”或“B”）端。
（2）探究“电流与电阻的关系”，所测的数据如表所示：
U＝2V 电阻/Ω 5 10 20
电流/A 0.4 0.2 0.1
①依据表格和电路图分析，将电阻R由5Ω换成10Ω，闭合开关进行实验时，应向 B （选填“A”或“B”）端移动滑片P，使电压表的示数保持 2 V不变。
②根据表中数据可得出的结论是： 电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比 。
【分析】（1）为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P移到阻值最大处；
（2）根据表中数据利用欧姆定律求出定值电阻两端所控制的电压，根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻两端的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；
（3）根据表中电流与电阻之积为一定值分析得出结论。
【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关实验前，应将滑动变阻器的滑片移到最大阻值处，由图知，滑片左侧电阻丝接入电路，所以滑片应移到阻值最大的B端；
（2）①由表中数据可知，定值电阻两端所控制的电压为UV＝IR＝0.1A×20Ω＝…＝0.4A×5Ω＝2V；根据串联电路的分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，根据串联电路电压的规律可知，为了保持定值电阻两端电压不变，应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压的分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向B端移动，使电压表的示数为2V不变；
②由表中数据可知，导体的电阻增大，通过导体的电流减小，通过导体的电流与导体的电阻的乘积保持不变，故可得出结论：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
故答案为：（1）B；（2）①B；2；②电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比。
【点评】探究“电流与电阻的关系”，考查注意事项、欧姆定律、控制变量法、实验操作和分析数据归纳结论的能力。
16．（7分）小明同学测定标有“2.5V”字样（正常工作电流约为0.25A）小灯泡的额定功率。现有器材：电压恒为6V的电源，开关，电压表（量程0～3V），电流表（量程0～0.6A），导线若干，另有三种规格的滑动变阻器可供选择：R1（10Ω 1A）、R2（20Ω 0.5A），R3（50Ω 0.2A）。按图甲的实验电路进行实验，请完成下列问题
（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误。请在图甲中找出来并打“×”，再画线把它改到正确的位置上。
（2）通过估算，滑动变阻器应该选用 R2 （选填“R1”“R2”或“R3”）。
（3）正确连线、闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向 A （选填“A”或“B”）端移动。
（4）通过移动滑动变阻器的滑片，观察小灯泡的亮度，并根据记录的多组数据作出了如图丙所示的I﹣U图像。由图像可知小灯泡的额定功率 0.75 W，小灯泡变亮时，小灯泡灯丝的电阻 变大 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。
（5）完成上述实验后，他又设计了如图丁所示的实验电路，借助实验室的器材，同样测出了小灯泡正常发光时电功率，请你完成下列实验步骤：
①接好实验电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点 2 （选填“1”或“2”）移动滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压U1；
②滑片的位置保持不动，再将开关S1拨到另一个触点读出电压表的示数为U2；
③小灯泡正常发光时功率的表达式P＝ U1× （用U1、U2、R0表示）。
【分析】（1）在测小灯泡的额定功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端；
（2）已知灯泡正常发光时的电压和电流，根据串联电路电压的规律得出灯正常发光时滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律求出灯正常发光时滑动变阻器连入电路的电阻，考虑到电流因素，确定选用的滑动变阻器的规格；
（3）根据电压表选用量程确定分度值读数，比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定滑动变阻器滑片移动方向；
（4）根据图丙所示的I﹣U图像确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用P＝UI求出灯泡的额定功率；灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（5）由丙图可知，没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于U1，此时灯泡正常发光；
保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电压表测灯与R0两端的总电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压规律和欧姆定律求出电路中的电流，根据P＝UI计算出灯泡的额定电功率。
【解答】解：（1）原电路图中，电流表与灯泡并联，电压表串联在电路中是错误的，在测小灯泡的额定功率实验中，灯泡、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在灯泡两端，如下图所示：
；
（2）小灯泡的额定电压为2.5V，正常工作电流约为0.25A，
由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发时滑动变阻器连入的电阻：R滑＝＝＝14Ω，由于额定电流为0.25A，滑动变阻器的最小电阻为14Ω，故选滑动变阻器是R2；
（3）正确连线、闭合开关后，移动滑片P到某一点时，电压表示数如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为2.2V，小于灯泡额定电压2.5V，若要测量小灯泡的额定功率，应增大灯泡两端的电压，根据串联电路电压规律，应减小滑动变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小滑动变阻器接入电路的阻值，故应将图甲中的滑片P向A端移动；
（4）由图丙所示的I﹣U图像可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.3A，则小灯泡额定功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
灯泡的亮度由实际功率决定，小灯泡变亮时，实际功率变大，温度升高，灯丝的电阻随温度的升高而变大；
（5）实验步骤：
①接好实验电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点2移动滑片，使电压表的示数为灯泡的额定电压U1；
②滑片的位置保持不动，再将开关S1拨到另一个触点读出电压表的示数为U2；
③在步骤①中，灯泡、R0和滑动变阻器串联在电路中，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器的滑片P，使得小灯泡正常发光，记录下此时的电压表示数为U1；
在步骤②中，保持滑动变阻器滑片位置不变，S1接2，电压表测量灯泡和R0两端的总电压U2；因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压规律，此时定值电阻R0两端的电压：U0＝U2﹣U1，根据串联电路电流特点和欧姆定律，通过灯泡的额定电流：
I额＝I0＝＝，
则小灯泡额定功率：
P＝U额I额＝U1×。
故答案为：（1）见解答图；（2）R2；（3）A；（4）0.75；变大；（5）②2；③U1×。
【点评】本题测小灯泡的额定功率实验，考查了电路连接、器材的选择、实验操作、功率的计算和影响电阻大小因素及设计实验方案测功率的能力。
四、计算题（共2小题，共14分）
17．（7分）如图所示，质量为960kg、底面积为0.5m2的石材A放在水平地面上，利用滑轮组水平拉动A，使其在20s的时间内匀速向墙靠近了4m，水平拉力F＝500N，不计绳、滑轮组的质量以及绳与滑轮组之间的摩擦，g取10N/kg。求：
（1）A对水平地面的压强；
（2）A在运动过程中受到摩擦力的大小；
（3）拉力F的功率。
【分析】（1）已知物体质量可求得其重力，此时物体对水平地面的压力等于其重力，利用压强公式求解；
（2）根据石材A，做匀速直线运动，分析A在水平方向上受力平衡，求出摩擦力；
（3）由图示可知，动滑轮上绳子的股数n＝2，由功率公式P＝＝＝Fv求出拉力的功率；
【解答】解：（1）A对水平地面的压力：
F＝G＝mg＝960kg×10N/kg＝9.6×103N，
A的受力面积S＝0.5m2，
A对水平地面的压强：
p＝＝＝1.92×104Pa；
（2）石材A做匀速直线运动，由图可知，动滑轮上绳子的段数n＝2，
所以，A在运动过程中受到摩擦力：f＝nF＝2×500N＝1000N。
（3）拉力移动的距离：sF＝ns＝2×4m＝8m，
拉力做的总功：W总＝FsF＝500N×8m＝4000J，
拉力的功率：P＝＝＝200W。
答：（1）A对水平地面的压强为1.92×104Pa；
（2）A在运动过程中受到摩擦力的大小为1000N：
（3）拉力F的功率为200W。
【点评】此题主要考查的是学生对压强、功、功率计算公式及其变形公式的理解和掌握。
18．（7分）如图所示，灯L标有“3V 1.5W”字样，电源电压恒为3V，定值电阻R＝9Ω，设灯L的阻值不随温度变化而变化。求：
（1）灯L正常发光时的电阻是多少？
（2）只闭合S2时，定值电阻R在60s内产生的热量是多少？
（3）要使整个电路消耗的电功率最大，各开关的闭合情况应如何？此时的最大电功率为多少？
【分析】（1）由题意知灯L的额定电压和额定功率，所以由公式P＝得灯L的阻值；
（2）由图知只闭合S2时，定值电阻与灯L串联。由公式I＝计算可得此时流过定值电阻R的电流，再由焦耳定律计算得定值电阻R在60s内产生的热量；
（3）根据公式P＝知，电压一定时，电阻越小功率越大。由电路图知定值电阻与灯L并联时阻值最小，所以各开关的闭合情况应闭合 S1和 S3，断开 S2。
由并联电路的电压特点可知，此时灯泡的电压等于电源电压3V，则灯泡正常发光，所以灯泡L的功率等于其额定功率；根据公式P＝计算出并联电路中定值电阻R的功率，然后求其和即此时的最大电功率。
【解答】解：
（1）由题意知灯L的额定电压是3V、额定功率是 1.5W，
所以由公式P＝得灯L的阻值为：
RL＝＝＝6Ω；
（2）由图知只闭合S2时，定值电阻R与灯L串联，
因串联电路中电流处处相等，则此时流过定值电阻R的电流为：
IR＝I＝＝＝0.2A；
定值电阻R在60s内产生的热量：Q＝I2Rt＝（0.2A）2×9Ω×60s＝21.6J；
（3）根据公式P＝知，电压一定时，电阻越小，功率越大。
由电路图可知，定值电阻与灯L并联时总电阻最小，所以各开关的闭合情况应闭合 S1和 S3，断开 S2。
由并联电路的电压特点可知，此时灯泡的电压等于电源电压3V，则灯泡正常发光，所以灯泡L的功率为：PL＝P额＝1.5W；
此时定值电阻R的功率为：PR＝＝＝1W；
则整个电路的最大电功率为：P总＝PR+PL＝1W+1.5W＝2.5W；
答：（1）灯L正常发光时的电阻是6Ω；
（2）只闭合S2时，定值电阻R在60s内产生的热量是21.6J；
（3）要使整个电路消耗的电功率最大，各开关的闭合情况应闭合 S1和 S3，断开 S2；此时的最大电功率为2.5W。
【点评】本题考查了电功率的计算、欧姆定律的应用和焦耳定律的计算及其应用的问题。再者本题还考查了学生对电路图的分析能力。
五、科普阅读题（共2小题，每空1分，共10分）
19．（5分）阅读短文，回答问题：
新能源共享电动汽车
“绿水青山就是金山银山”，为了保护环境，我国大力发展电动汽车替代传统燃油汽车。新能源共享电动汽车车内也有多项高科技，它集合了多项高科技功能，包括卫星定位、远程开锁，及时将车辆所在位置（GPS信息）和车辆当前状态（锁定状态或使用状态）报送云端等，如图乙是共享汽车前进和倒车工作原理简单示意图，开关S1和S2由绝缘操纵杆控制，能同时接“1”或接“2”，向前推操纵杆时汽车前进且能调速，向后拉操纵杆时汽车以恒定速度后退。
（1）云端为了随时了解共享汽车行程状况，利用GPS工作来实现定位，是利用 电磁波 来传递信息的；车用智能芯片所使用的材料是 半导体 （选填“导体”、“半导体”或“超导体”）。
（2）用直流充电桩给电动汽车充电时其蓄电池在电路中相当于 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。
（3）如图乙所示，当共享汽车需要倒车时，开关S1和S2应同时接 2 ，共享汽车能前进和倒车，是因为可以改变电动机的线圈中的 电流的方向 。
（4）共享汽车的速度是通过电子调速器来控制改变电动机电流的大小来实现，共享汽车在倒车时，位于车后面两个灯会同时闪亮，当前进转弯时后面只有一个灯闪亮，则位于汽车后面两个灯 并联 （选填“串联”或“并联”）连接。
【分析】（1）电磁波的传播不需要介质。
（2）能量之间可以相互转化，充电桩给电动汽车充电时将电能转变成化学能。
（3）电动机中电流方向影响电动机的转向。
（4）并联电路之间互相不影响。
【解答】解：（1）利用GPS定位，这是利用电磁波传递信息。车用智能芯片所使用的材料是半导体；
（2）直流充电桩给电动汽车充电时将电能转变成化学能，相当于用电器。
（3）向前推操纵杆时汽车前进且能调速，向后拉操纵杆时汽车以恒定速度后退，故倒车电路中的电阻不变，共享汽车需要倒车时，开关S1和S2应同时接2，共享汽车能前进和倒车，是因为可以改变电动机的线圈中的电流方向。
（4）两个灯可以同时工作，也可以单独工作，故它们之间是并联。
故答案为：（1）电磁波；半导体；（2）用电器；（3）2；电流方向；（4）并联。
【点评】本题考查了电磁波、能量的转化和电路连接，属于基础题。
20．（5分）阅读短文，回答问题。
人工智能
近年来，AI技术的快速发展，各种新技术正在高速向我们的工作和生活渗透。连日来热度不减的ChatGPT引发社会关注，其背后的核心技术人工智能，更是成了人们热议的“高频词”，让我们看到人工智能助力行业发展的更多可能性。
应用一：图甲是国内某品牌首款AI智能音箱，它可以直接根据用户的语音指令来完成指定操作，说明声音可以传递 信息 （选填“能量”或“信息”）。
应用二：北京冬奥会引入的AI评分系统，能逐帧抓取运动员从起跳到落地之间的空中姿态，将运动员的精彩表现在最短时间内真切地呈现给观众，为裁判评分提供可视依据。如图乙所示，某次比赛系统呈现运动员上升（ab）及下落（bc）瞬间，由此可判断运动员在 bc （选填“ab”或“bc”）段重力势能减小，动能增大。
应用三：图丙是某新能源智能汽车，车顶覆盖薄膜式太阳能电板；车窗采用“智能玻璃”，
能根据车外光照度自动调节玻璃的透明度，实现车内的光照度为一个适宜的定值，经测算车外光照度和玻璃的透明度的关系图像如图丁所示：“智能玻璃”还具有单向透光功能，可以从车内看到车外景象，而车外看不见车内景象；智能玻璃还具备调温功能，还有效防止玻璃起雾，充分提高了行车的安全性。
（1）冬天行车时，汽车挡风玻璃的 内 （选填“内”或“外”）侧容易出现一层白雾，此时应将“智能玻璃”温度调 高 。（选填“高”、“不变”或“低”）
（2）当车外光照度为125Lx时，智能玻璃的透明度会自动调节为 48 %
【分析】应用一：声音可以传递信息和能量；
应用二：动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；
应用三：（1）冬天车内温度较高，水蒸气遇冷会液化成小水珠，在玻璃表面形成白雾；温度升高会加快水的蒸发速度；
（2）由图丁可知，车外光照度和玻璃透明度的关系为反比例关系，据此列式作答。
【解答】解：应用一：图甲是国内某品牌首款AI智能音箱，它可以直接根据用户的语音指令来完成指定操作，说明声音可以传递信息；
应用二：运动员在bc段，质量不变，高度减小，速度增大，故重力势能减小，动能增大；
应用三：（1）冬天行车时，车内温度高，水蒸气遇到冷的玻璃液化成小水珠，因此汽车挡风玻璃的内侧容易出现一层“白雾”，温度升高可以加快水的蒸发，故此时应将“智能玻璃”温度调高；
（2）由图丁可知，车外光照度和玻璃透明度的关系为反比例关系，设车外光照度为y，玻璃透明度为x，则二者关系式为y＝，图丁中当车外光照度为100Lx时，玻璃透明度为60%，由此可得等式：
100＝；
解得：k＝60；
因此车外光照度和玻璃透明度的关系式为：
y＝；
将车外光照度为125Lx代入等式得：
125＝；
解得：x＝48%。
故答案为：应用一：信息；
应用二：bc；
应用三：（1）内；高；（2）48。
【点评】此题考查了声的利用、动能和势能的转化、能量的转化、物态变化等，涉及知识点较多，稍有难度。
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