云南省昆明市2023年中考物理一模试卷
一、单选题
1．下列相关说法正确的是（ ）
A．电炉是利用电流热效应工作的
B．太阳能是不可再生能源
C．船闸是利用帕斯卡定律工作的
D．核电站是利用核聚变原理工作的
【答案】A
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；连通器原理；电流的热效应
【解析】【解答】 A、电炉工作时将电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A正确；
B、太阳能可以从自然界中源源不断得到的能源是可再生能源，故B错误；
C、船闸是利用连通器原理工作的，故C错误；
D、核电站是利用核裂变产生的能量发电，故D错误。
故答案为：A。
【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；可以从自然界中源源不断得到的能源是可再生能源；上端开口、底部相连通的容器；核电站是利用核裂变发电。
2．当水星运行到太阳和地球之间时，会看到太阳圆面上有一个小黑点穿过，形成“水星凌日”的天文奇观，如图所示，其原理和日食类似。下列选项中的光现象与此原理相同的是（ ）
A．海市蜃楼 B．水中倒影
C．墙上手影 D．雨后彩虹
【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】 日食的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播；
A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、水中倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、墙上手影，是由光的直线传播形成的，故C正确；
D、雨后彩虹，为色散现象，是由光的折射形成的，故D错误。
故答案为：C。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播。
3．物理公式简洁地反映了物理规律。下列对公式的理解正确的是（ ）
A．：同种物质的密度，与质量成正比，与体积成反比
B．：同种物质的比热容，与吸收的热量成正比，与质量和升高温度的乘积成反比
C．：某种燃料的热值，与燃料完全燃烧放出的热量成正比，与燃料的质量成反比
D．：通过导体的电流，与这段导体两端的电压成正比，与这段导体的电阻成反比
【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；比热容；燃料的热值；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A、密度是物质本身的一种特性，同种物质，状态不变时，密度一定，与物体的质量、体积无关，故A错误；
B、同种物质的比热容是不变的，与热量、质量、变化的温度无关，故B错误；
C、燃料的热值与放出热量的多少和燃料质量无关，故C错误
D、欧姆定律告诉我们：导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，故D正确；
故答案为：D。
【分析】 密度是物质本身的一种特性，与物体的质量、体积无关；比热容大小只与物质的种类、状态有关；导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比；单位质量（体积）的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，热值是燃料本身的一种特性。
4．如图所示是日常生活中常用的插线板，上面有四个开关、四个指示灯和四组插孔，下列说法正确的是（ ）
A．可以用湿抹布擦拭通电插线板上的灰尘
B．图中N孔与零线相连，L孔与火线相连
C．将测电笔插入N孔后氖管会发光
D．各组插孔间的连接方式是串联
【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、水是导体，不可以用湿抹布擦拭通电插线板上的灰尘，故A错误；
B、根据三孔插座“左零右火上接地”，图中N孔与零线相连，L孔与火线相连，故B正确；
C、测电笔接触火线时氖管会发光，N孔与零线相连，将测电笔插入N孔后氖管不会发光，故C错误；
D、家庭电路中，各组插孔间的连接方式是并联，故D错误。
故答案为：B。
【分析】 不用湿手触摸开关，不用湿布擦拭正在使用的用电器；三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地；测电笔接触火线时氖管会发光；家庭电路中，各用电器是并联的，并联电路各用电器之间互不影响，
5．下列对图中热现象分析正确的是（ ）
A．图甲中塞子冲出的过程中管内水蒸气的内能增加
B．图乙中迅速压下活塞硝化棉燃烧是利用做功改变物体的内能
C．图丙中的汽油机正处于吸气冲程
D．图丁中碘在升华时由液态变为气态
【答案】B
【知识点】升华及升华吸热；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故A错误；
B、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，这是通过做功改变物体的内能，故B正确；
C、根据图示可知，两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，故C错误；
D、图丁中碘在升华时由固态直接变为气态，故D错误。
故答案为：B。
【分析】当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程；物质由固态直接变为气态的过程叫做升华。
6．如图所示，用滑轮沿竖直方向匀速提起重为90N的物体，物体上升1m所用时间为2s，滑轮重10N，不计绳重和摩擦，此过程中说法错误的是（ ）
A．使用该滑轮可以省力 B．绳子自由端移动的距离为2m
C．拉力的功率为50W D．滑轮的机械效率为80%
【答案】D
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮与功的综合题
【解析】【解答】A、由图可知该滑轮为动滑轮，承重绳段数为：n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：F=（G+G动）=×（90N+10N）=50N＜90N，因此使用该滑轮可以省力，故A正确；
B、绳子自由端移动的距离：s=nh=2×1m=2m，故B正确；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×2m=100J；拉力做功的功率：，故C正确；
D、拉力做的有用功：W有=Gh=90N×1m=90J；滑轮的机械效率：，故D错误。
故答案为：D。
【分析】动滑轮可以省力，绳子自由端移动的距离s=nh；利用W总=Fs求拉力做的总功；利用，求拉力做功的功率；利用W有=Gh求有用功；利用求滑轮的机械效率。
7．如图所示为小明在实践课上制作的“折纸青蛙”，用手按住青蛙的尾部，此时青蛙相对于桌面静止，松手后青蛙就可以向前跳动，下列说法正确的是（ ）
A．青蛙离开桌面向前跳动的过程中支持力做了功
B．青蛙离开桌面向前跳动的过程中受到惯性的作用
C．青蛙离开桌面向前跳动的过程中只受重力和空气阻力
D．用手按住青蛙的尾部时，青蛙受到的重力与桌面对青蛙的支持力是一对平衡力
【答案】C
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】 A、青蛙离开桌面向前跳动的过程中，青蛙不再受支持力作用，即支持力为零，根据W=Fs可知，支持力不做功，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，不能说受到惯性的作用，青蛙离开桌面向前跳动是因为青蛙具有惯性，故B错误；
C、地球附近的物体都会受到重力作用，青蛙离开桌面向前跳动的过程中只受重力和空气阻力作用，故C正确；
D、用手按住青蛙的后部时，青蛙受到竖直向上的支持力、竖直向下的压力及重力，桌面对青蛙的支持力要大于青蛙受到的重力，不是一对平衡力，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在这个力的方向上通过的距离；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；地面附近的物体都受到重力的作用；一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
二、多选题
8．（2023·昆明模拟）化学、生物学中也有物理知识的广泛运用，下列对图中的描述或说法正确的是（ ）
A．图甲中蒸馏水的制备利用了水的汽化及水蒸气的液化
B．图乙中向下排空气法收集氢气利用了氢气密度比空气密度大的性质
C．图丙中吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，外界气体被吸入
D．图丁中鱼在水中向前游动过程中主要利用了自身摆动时与水的相互作用
【答案】A,C,D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；密度公式及其应用；力作用的相互性
【解析】【解答】 A、甲图中，水变成水蒸气是汽化过程，水蒸气变成水是液化过程，故A说法正确；
B、乙图中，向下排空气阀收集氢气是利用氢气的密度比空气的密度小的性质，故B说法错误；
C、图丙中，吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，外界气体被吸入，故C说法正确；
D、丁图中，鱼主要是利用了尾部和躯干部的摆动与水的相互作用在水中游泳，故D说法正确。
故答案为：ACD。
【分析】 物质由液体变为气态的过程叫做汽化；物质由气态变为液态的过程叫做液化；氢气密度比空气小；吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，小于外界气体；物体间力的作用是相互的。
9．（2023·昆明模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由断开到闭合时，下列说法正确的是（ ）
A．M点电流变大 B．N点电流变大
C．电阻R1两端的电压变大 D．电路的总电阻变小
【答案】A,D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路；开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联。
A、M在干路中，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，所以M点电流变大，故A符合题意；
B、并联电路互不影响，所以通过N点的电流大小不变，故B不符合题意；
C、根据并联电路的电压关系可知，电阻R1两端的电压始终为电源电压，保持不变，故C不符合题意；
D、并联电路的总电阻小于任意一个电阻，根据并联电路的电阻关系可知，总电阻会变小，故D符合题意；
故答案为：AD。
【分析】并联电路互不影响；并联电路干路电流等于各支路电流之和；并联电路各支路电压等于电源电源，并联电路的总电阻小于任意一个电阻。
10．（2023·昆明模拟）用大小相同的水平拉力F分别使M、N在水平地面上做直线运动，M、N与地面间的接触面粗糙程度相同，如图甲所示，此过程中M和N的动能随时间变化的关系如图乙所示。根据图中信息，下列判断正确的是（ ）
A．两物体都做匀速直线运动 B．两物体的速度大小vM＜vN
C．两物体受到的摩擦力大小fM＞fN D．两物体的重力大小GM＝GN
【答案】A,B,D
【知识点】动能大小的比较；匀速直线运动特点；重力及其大小的计算；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC、由图可知，M和N的动能随时间大小不变，运动过程中，M和N的质量不变，所以速度不变，即大小相同的水平拉力F分别拉着物体M、N在不同的水平地面上做匀速直线运动，则物体在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两个物体受到的摩擦力是相同的，即：fM=fN；故A正确、C错误；
BD、接触面的粗糙程度相同，滑动摩擦力大小相同，所以两个物体对接触面的压力相同，两个物体的重力相同，根据G=mg可知，两个物体的质量相同，由图乙可知，M的动能小于N的动能，所以N的速度大，故BD正确。
故答案为：ABD。
【分析】动能的大小与质量和速度有关；物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；根据公式G=mg，可比较重力。
三、填空题
11．（2023·昆明模拟）在昆明某学校艺术节上，小红同学用小提琴为大家演奏了一首优美动听的乐曲。小提琴发出的声音是由于琴弦 产生的；演奏时手指按压琴弦的不同位置是为了改变声音的 （选填“响度”“音调”或“音色”）。
【答案】振动；音调
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】 小提琴发出的声音是由琴弦的振动产生的；弹奏时手指按压琴弦的不同位置是为了改变琴弦振动的频率，频率不同，音调不同，从而改变声音的音调。
【分析】声音是由物体的振动产生的；频率不同，音调不同。
12．（2023·昆明模拟）在海埂大坝以“点亮滇池 圆梦春城”为主题的千架无人机表演活动中，无人机以天空为幕，以滇池为台，以西山为景，为游客们带来了一场视觉盛宴。如图所示是无人机组成的一个图案，地面上的操控人员通过 （选填“超声波”或“电磁波”）来控制无人机，无人机匀速升空时，其机械能 。
【答案】电磁波；增加
【知识点】机械能及其转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播信号，地面上的操控人员通过电磁波来控制无人机；无人机匀速升空时，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，故机械能增加。
【分析】 电磁波可以在真控中传递信息；动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
13．（2023·昆明模拟）小云做“探究凸透镜成像规律”的实验中，在如图所示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，利用这个成像原理可以制成 （选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）；若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
【答案】照相机；右
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，会推迟光线会聚成像，故应将光屏向右移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
【分析】凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
14．（2023·昆明模拟）磨憨镇由昆明市托管后，小明乘坐C385次“复兴号”列车从昆明经中老铁路前往磨憨旅游，全程约590km，用时约5h，则该列车运行的平均速度大小约 km/h；他注意到站台上有“请勿越过安全白线”的标识，如图所示，这是由于列车进站时其周围的空气流速变大，压强 ，以防发生危险。
【答案】118；变小
【知识点】速度公式及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】该列车运行的平均速度：；当列车急速驶过时，警戒线区域内的空气流速变大、压强变小，人外侧的空气流速慢、压强大，会产生一个向内侧的压强差，将人推向列车，易出现危险。
【分析】根据公式，可求出平均速度；流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。
15．（2023·昆明模拟）如图所示，小龙在“探究平面镜成像特点”的实验中，寻找像的位置时，眼睛应该 玻璃板进行观察；在探究像的虚实时，眼睛应该 玻璃板观察光屏（均选填“透过”或“不透过”）。
【答案】透过；不透过
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】如图所示，小龙在“探究平面镜成像特点”的实验中，因平面镜成像属于光的反射，故寻找像的位置时，眼睛应该透过玻璃板进行观察；虚像不能成在光屏上，在探究像的虚实时，眼睛应该不透过玻璃板观察光屏。
【分析】 平面镜成像属于光的反射，平面镜成正立等大的虚像；虚像不能成在光屏上，实像可成在光屏上。
16．（2023·昆明模拟）超导材料有很多引人注目的特性，利用超导磁浮现象可以大大提高交通工具的运行速度。由西南交通大学研发的世界第一台“高温”超导高速磁浮列车在四川成都正式亮相，其工作原理是在列车底部安装超导材料，在行进的过程中不断使用液氮将其降温到“高温”（约﹣196.15℃）。在电磁铁修建的轨道上运行，设计时速大于600km/h，这标志着我国“高温”超导高速磁浮工程化研究实现从无到有的突破。同时下一步会结合未来真空管道技术，为远期向1000km/h以上速度值的突破奠定基础。
（1）超导材料的显著特性是导体在温度降低到足够低时 变为零的特性；
（2）超导高速磁浮列车在行进的过程中不断使用液氮降温，是利用了液氮 （填物态变化名称）时吸收热量；
（3）真空管道技术能够大大提速的原因是减小了 对列车运行的影响；
（4）超导材料除了超能导电的显著特性，还有一个重要特性就是抗磁性，即把超导材料放在磁场中冷却到一定程度时，磁感线似乎一下子被排斥到超导材料之外的现象。图中 （选填“甲”或“乙”）的描述符合抗磁性特征。
【答案】（1）电阻
（2）汽化
（3）阻力
（4）乙
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；超导体特点及作用；磁感线及其特点
【解析】【解答】 （1）超导材料的显著特性是导体在温度降低到足够低时电阻变为零的特性。
（2）液氮从液态变为气态为汽化过程，超导高速磁浮列车在行进的过程中不断使用液氮降温，是利用了液氮汽化时吸收热量。
（3）真空管中不存在空气阻力，真空管道技术能够大大提速的原因是减小了阻力对列车运行的影响。
（4）超导材料除了超能导电的显著特性，还有一个重要特性就是抗磁性，即把超导材料放在磁场中冷却到一定程度时，磁感线似乎一下子被排斥到超导材料之外的现象。图中乙的描述符合抗磁性特征。
【分析】 （1）超导体在温度降低到足够低时，电阻为零。
（2）物质从液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；
（3）阻力会阻碍物体运动。
（4）超导体的一个重要特性是抗磁性。
四、作图题
17．（2020·铜川模拟）请在图中画出小球所受重力的示意图．
【答案】解：如图所示：
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】小球的重心在小球的球心，重力的方向总是竖直向下的，所以，过球心作竖直向下的带箭头的线段，并用G表示，即重力的示意图，如下图：
【分析】物体受到的重力竖直向下。
18．请根据图中的小磁针指向标出通电螺线管左端极性和电源左端的极性。
【答案】
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 小磁针的右端为N极、左端为S极，根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管左端是S极、右端为N极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为负极，电源右端是正极。如下图所示：
【分析】异名磁极相互吸引，根据安培定则可确定电源负极。
五、实验题
19．（2023·昆明模拟）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源为三节新干电池，小灯泡标有“2.5V”字样。
（1）图甲是小敏连接的电路，图中有一根多余的导线导致电路连接错误，请在这根导线上打“×”；
（2）改正错误后，继续实验。为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 （选填“A”或“B”）端；
（3）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针发生明显偏转，电压表指针则几乎不动，你认为产生该现象的原因可能是 发生了短路；
（4）排除故障后，小敏闭合开关进行实验，当电压表示数为2.5V时，电流表指针位置如图乙所示，示数为 A，则小灯泡的额定功率为 W，此时小灯泡的电阻约为 Ω（保留一位小数）；
（5）小敏根据实验数据绘制了通过小灯泡的电流I与其两端电压U的关系图像，如图丙所示，由图像可知，当小灯泡两端电压变大时电阻 （选填“变大”“变小”或“不变”），本质上这是由于电阻大小受 的影响。
【答案】（1）
（2）A
（3）灯泡
（4）0.24；0.6；10.4
（5）变大；温度
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断；影响电阻大小的因素；电功率与电压、电流的关系
【解析】【解答】（1）滑动变阻器和灯泡、电流表应串联接入电路，如图：
；
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即A端；
（3）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针发生明显偏转，说明电路通路，电压表指针则几乎不动，说明电压表与导线并联接入电路，即灯泡短路；
（4）由图乙可知电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，
则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.24A=0.6W，
此时小灯泡的电阻约为；
（5）由图丙可知，当小灯泡两端电压变大时，通过灯泡的电流变大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知电阻变大，本质上这是由于电阻大小受温度的影响。
【分析】（1）滑动变阻器和灯泡、电流表应串联接入电路；
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；
（3）电路通路，电压表指针则几乎不动，与电压表并联的部分短路；
（4）由图乙可知电流表接入电路的量程和分度值，据此读数，根据P=UI计算小灯泡的额定功率，根据计算此时小灯泡的电阻；
（5）灯丝的电阻随温度的变化而变化。
20．（2023·昆明模拟）如图所示，小成同学利用两块磁铁、一个线圈等材料制作了一台小型发电机，并用一个LED灯（发光二极管）进行了实验探究。
（1）小成接好电路后，以一定的速度连续转动线圈，当线圈转动到如图所示位置时， （选填“AB”或“BC”）段在做切割磁感线运动，在电路中产生了感应电流，这一现象叫 现象；
（2）由于二极管具有 性，在实验中将会看到LED灯 （选填“闪烁”或“持续”）发光。
【答案】（1）AB；电磁感应
（2）单向导电；闪烁
【知识点】半导体特点及作用；发电机的构造和原理；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）以一定的速度连续转动线圈，当线圈转动到如图所示位置时，线圈AB段在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生了感应电流，这一现象叫电磁感应；
（2）二极管是半导体材料，具有单向导电性，线圈在转动过程中产生的是交流电，所以在实验中将会看到LED灯闪烁发光。
【分析】 （1）闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；
（2）半导体具有单向导电性；线圈转动过程中，产生的是交流电。
21．（2023·昆明模拟）小华同学为“探究杠杆的平衡条件”，设计了如图所示的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）调节好杠杆后，为了获取实验数据，在图乙、丙两个方案中，按 方案进行实验能更加方便地测出 。
（3）经过实验，得到的数据如下表：
实验序号 动力F1/N 动力臂动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m
1 1.5 0.10 1.0 0.15
2 10 0.30 2.0 0.15
3 2.0 0.15 1.5 0.20
由数据可初步得到的结论是 （用公式表示）；
（4）保持杠杆一直处于水平位置平衡，当弹簧测力计由图乙逐渐旋转至图丙所示位置时，弹簧测力计的示数 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
（5）甲物体静置在水平地面上时，对地面的压强为p0。小华将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，把质量为m0的乙物体悬挂在杠杆的B端，如图丁所示，此时杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，AO∶OB＝1∶3，O为支点。要使甲物体刚好被细绳拉离地面，小华设计了以下两种方案，请你帮他完成；
方案一：仅将支点O向 （选填“左”或“右”）移动适当距离；
方案二：仅增加乙物体的质量，则乙物体增加的质量为 。
【答案】（1）平衡；右
（2）乙；力臂
（3）F1L1＝F2L2
（4）变大
（5）左；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）如图甲所示，杠杆在此位置静止，静止属于平衡状态，所以此时杠杆处于平衡状态；要使它在水平位置平衡，杠杆的平衡螺母应向偏高的一侧调节，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，图乙所示实验，测力计拉力与杠杆垂直，可以直接从杠杆上读取测力计拉力力臂，图丙所示实验，拉力与杠杆不垂直，不便于测量测力计拉力力臂，图乙中竖直向上拉动实验操作更方便；
（3）由表中实验数据可知，动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积时杠杆平衡，由此可得：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
（4）当弹簧测力计逐渐由图乙位置向右倾至图丙的位置时，弹簧测力计拉力的力臂在减小，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数变大；
（5）方案一：将支点O向左移动适当的距离，OA减小，OB增大，由FA×OA=m0g×OB可知，FA变大，当FA=G甲时，甲物体刚好拉离地面；
方案二：甲静止在地面，G甲=F甲=p0S，
如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，此时物体对地面的压力F1=p1S，杠杆A端受到的拉力FA=G甲-F1=p0S-p1S，
由杠杆平衡条件可知，FA×OA=G0×OB，即（p0S-p1S）×1=m0g×3，则，
当甲物体刚好被细绳拉离地面时，由杠杆平衡条件可知：
G甲×OA=G总×OB，即有p0S×1=（m0g+Δmg）×3，
则：，所以。
【分析】 （1）杠杆平衡状态：静止或者匀速转动；为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（3）杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
（4）据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系，结合杠杆平衡条件，判断弹簧测力计示数的变化；
（5）根据杠杆平衡条件结合p0S×1=（m0g+Δmg）×3，可求出增加的质量。
六、填空题
22．（2023·昆明模拟）如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以 ，根据 就可以说明分子间确实存在间隙。
【答案】用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL；观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】 为了排除“有部分水沾在了量筒的内壁上”对实验效果的影响，可以将液体部分倒出，观察实验现象，可以用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL。
【分析】将液体部分倒出，可以排除“有部分水沾在了量筒的内壁上”对实验的影响。
七、计算题
23．（2023·昆明模拟）如图甲是一款额定电压为220V的果汁加热鼎，其功率可在220W～880W之间调节，图乙是其简化电路图，R1、R2均为发热电阻。在一次加热过程中，加热鼎以最大功率正常工作4min使1.1kg的果汁温度升高了24℃，果汁比热容取c＝4.0×103J/(kg·℃)。求：
（1）此次加热过程中果汁吸收的热量；
（2）加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流；
（3）定值电阻R2的阻值；
（4）此次加热过程中加热鼎的加热效率。
【答案】（1）解：由题意可得果汁吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.0×103J/(kg·℃)×1.1kg×24℃＝1.056×105J
答：此次加热过程中果汁吸收的热量为1.056×105J；
（2）解：由题意可知，加热鼎的最小功率为220W，由P＝UI可知，加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流
答：加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流为1A；
（3）解：由 可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，因此当开关S接1，滑动变阻器的滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，两电阻串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最大，电功率最小；当开关S接1，滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R2的简单电路，此时电路中的电阻最小，电功率最大，即当电功率最大为880W时，电路为R2的简单电路，定值电阻R2的阻值
答：定值电阻R2的阻值为55Ω；
（4）解：由 可知，加热过程中加热鼎消耗的电能W＝P最大t＝880W×4×60s＝2.112×105J
则加热过程中加热鼎的加热效率
答：此次加热过程中加热鼎的加热效率为50%。
【知识点】温度、热量与内能的关系；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据公式 Q吸＝cmΔt ，可求出水吸收的热量；
（2）根据公式，可求出电流；
（3）根据公式，可求出电阻；
（4）根据公式W=Pt及，可求出热效率。
24．（2023·昆明模拟）如图所示，漂浮在水面上的塑料块质量为240g、体积为400cm3，柱形容器的底面积为100cm2且足够深，此时水的深度为16cm。在塑料块下方用细线悬吊一金属块（图中未画出），恰好能使塑料块浸没在水中，金属块没有接触容器且过程中没有水溢出，容器底受到水的压强变化了200Pa，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）放入金属块前，水对容器底部的压强大小；
（2）放入金属块前，塑料块所受的浮力大小；
（3）金属块的密度。
【答案】（1）解：放入金属块前水对容器底部的压强大小为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×16×10-2m=1600Pa
答：放入金属块前，水对容器底部的压强大小为1600Pa；
（2）解：放入金属块前，塑料块漂浮，塑料块所受的浮力大小等于其自身的重力，即F浮=G塑料=m塑料g=240×10-3kg×10N/kg=2.4N
答：放入金属块前，塑料块所受的浮力大小2.4N；
（3）解：由F浮=ρ水gV排知塑料块漂浮时排开水的体积为
在塑料块的下方用细线悬吊一金属块，容器底部所受水的压强变化了200Pa，则水深度的增加量
排开水体积的增加量ΔV排=S容Δh=100×10-4m2×0.02m=2×10-4m3
因金属块和塑料块恰好浸没时，排开水体积的增加量等于原来塑料块露出液面的体积加上金属块的体积，即ΔV排＝V塑料露+V金属
所以，金属块的体积V金属=ΔV排-V塑料露=ΔV排-(V-V排)=2×10-4m3-(400×10-6m3-2.4×10-4m3)＝4×10-5m3
金属块和塑料块浸没时受到的浮力F浮′=ρ水g(V金属+V塑料)=1.0×103kg/m3×10N/kg×(4×10-5m3+400×10-6m3)＝4.4N
把金属块和塑料块看做整体，整体悬浮，受到的浮力和总重力相等，即F浮′＝G金属+G塑料＝4.4N
所以，金属块的质量
金属块的密度
答：金属块的密度为5×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据公式 p=ρ水gh ，可求出压强；
（2）根据公式 F浮=G塑料=m塑料g ，可求出浮力；
（3）根据公式 ΔV排=S容Δh 、 F浮′=ρ水g(V金属+V塑料) 、G=mg及，可求出金属块密度。
云南省昆明市2023年中考物理一模试卷
一、单选题
1．下列相关说法正确的是（ ）
A．电炉是利用电流热效应工作的
B．太阳能是不可再生能源
C．船闸是利用帕斯卡定律工作的
D．核电站是利用核聚变原理工作的
2．当水星运行到太阳和地球之间时，会看到太阳圆面上有一个小黑点穿过，形成“水星凌日”的天文奇观，如图所示，其原理和日食类似。下列选项中的光现象与此原理相同的是（ ）
A．海市蜃楼 B．水中倒影
C．墙上手影 D．雨后彩虹
3．物理公式简洁地反映了物理规律。下列对公式的理解正确的是（ ）
A．：同种物质的密度，与质量成正比，与体积成反比
B．：同种物质的比热容，与吸收的热量成正比，与质量和升高温度的乘积成反比
C．：某种燃料的热值，与燃料完全燃烧放出的热量成正比，与燃料的质量成反比
D．：通过导体的电流，与这段导体两端的电压成正比，与这段导体的电阻成反比
4．如图所示是日常生活中常用的插线板，上面有四个开关、四个指示灯和四组插孔，下列说法正确的是（ ）
A．可以用湿抹布擦拭通电插线板上的灰尘
B．图中N孔与零线相连，L孔与火线相连
C．将测电笔插入N孔后氖管会发光
D．各组插孔间的连接方式是串联
5．下列对图中热现象分析正确的是（ ）
A．图甲中塞子冲出的过程中管内水蒸气的内能增加
B．图乙中迅速压下活塞硝化棉燃烧是利用做功改变物体的内能
C．图丙中的汽油机正处于吸气冲程
D．图丁中碘在升华时由液态变为气态
6．如图所示，用滑轮沿竖直方向匀速提起重为90N的物体，物体上升1m所用时间为2s，滑轮重10N，不计绳重和摩擦，此过程中说法错误的是（ ）
A．使用该滑轮可以省力 B．绳子自由端移动的距离为2m
C．拉力的功率为50W D．滑轮的机械效率为80%
7．如图所示为小明在实践课上制作的“折纸青蛙”，用手按住青蛙的尾部，此时青蛙相对于桌面静止，松手后青蛙就可以向前跳动，下列说法正确的是（ ）
A．青蛙离开桌面向前跳动的过程中支持力做了功
B．青蛙离开桌面向前跳动的过程中受到惯性的作用
C．青蛙离开桌面向前跳动的过程中只受重力和空气阻力
D．用手按住青蛙的尾部时，青蛙受到的重力与桌面对青蛙的支持力是一对平衡力
二、多选题
8．（2023·昆明模拟）化学、生物学中也有物理知识的广泛运用，下列对图中的描述或说法正确的是（ ）
A．图甲中蒸馏水的制备利用了水的汽化及水蒸气的液化
B．图乙中向下排空气法收集氢气利用了氢气密度比空气密度大的性质
C．图丙中吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，外界气体被吸入
D．图丁中鱼在水中向前游动过程中主要利用了自身摆动时与水的相互作用
9．（2023·昆明模拟）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关S1闭合，当开关S2由断开到闭合时，下列说法正确的是（ ）
A．M点电流变大 B．N点电流变大
C．电阻R1两端的电压变大 D．电路的总电阻变小
10．（2023·昆明模拟）用大小相同的水平拉力F分别使M、N在水平地面上做直线运动，M、N与地面间的接触面粗糙程度相同，如图甲所示，此过程中M和N的动能随时间变化的关系如图乙所示。根据图中信息，下列判断正确的是（ ）
A．两物体都做匀速直线运动 B．两物体的速度大小vM＜vN
C．两物体受到的摩擦力大小fM＞fN D．两物体的重力大小GM＝GN
三、填空题
11．（2023·昆明模拟）在昆明某学校艺术节上，小红同学用小提琴为大家演奏了一首优美动听的乐曲。小提琴发出的声音是由于琴弦 产生的；演奏时手指按压琴弦的不同位置是为了改变声音的 （选填“响度”“音调”或“音色”）。
12．（2023·昆明模拟）在海埂大坝以“点亮滇池 圆梦春城”为主题的千架无人机表演活动中，无人机以天空为幕，以滇池为台，以西山为景，为游客们带来了一场视觉盛宴。如图所示是无人机组成的一个图案，地面上的操控人员通过 （选填“超声波”或“电磁波”）来控制无人机，无人机匀速升空时，其机械能 。
13．（2023·昆明模拟）小云做“探究凸透镜成像规律”的实验中，在如图所示位置时，烛焰恰好在光屏上成清晰的像，利用这个成像原理可以制成 （选填“放大镜”“投影仪”或“照相机”）；若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
14．（2023·昆明模拟）磨憨镇由昆明市托管后，小明乘坐C385次“复兴号”列车从昆明经中老铁路前往磨憨旅游，全程约590km，用时约5h，则该列车运行的平均速度大小约 km/h；他注意到站台上有“请勿越过安全白线”的标识，如图所示，这是由于列车进站时其周围的空气流速变大，压强 ，以防发生危险。
15．（2023·昆明模拟）如图所示，小龙在“探究平面镜成像特点”的实验中，寻找像的位置时，眼睛应该 玻璃板进行观察；在探究像的虚实时，眼睛应该 玻璃板观察光屏（均选填“透过”或“不透过”）。
16．（2023·昆明模拟）超导材料有很多引人注目的特性，利用超导磁浮现象可以大大提高交通工具的运行速度。由西南交通大学研发的世界第一台“高温”超导高速磁浮列车在四川成都正式亮相，其工作原理是在列车底部安装超导材料，在行进的过程中不断使用液氮将其降温到“高温”（约﹣196.15℃）。在电磁铁修建的轨道上运行，设计时速大于600km/h，这标志着我国“高温”超导高速磁浮工程化研究实现从无到有的突破。同时下一步会结合未来真空管道技术，为远期向1000km/h以上速度值的突破奠定基础。
（1）超导材料的显著特性是导体在温度降低到足够低时 变为零的特性；
（2）超导高速磁浮列车在行进的过程中不断使用液氮降温，是利用了液氮 （填物态变化名称）时吸收热量；
（3）真空管道技术能够大大提速的原因是减小了 对列车运行的影响；
（4）超导材料除了超能导电的显著特性，还有一个重要特性就是抗磁性，即把超导材料放在磁场中冷却到一定程度时，磁感线似乎一下子被排斥到超导材料之外的现象。图中 （选填“甲”或“乙”）的描述符合抗磁性特征。
四、作图题
17．（2020·铜川模拟）请在图中画出小球所受重力的示意图．
18．请根据图中的小磁针指向标出通电螺线管左端极性和电源左端的极性。
五、实验题
19．（2023·昆明模拟）在“测量小灯泡的电功率”实验中，电源为三节新干电池，小灯泡标有“2.5V”字样。
（1）图甲是小敏连接的电路，图中有一根多余的导线导致电路连接错误，请在这根导线上打“×”；
（2）改正错误后，继续实验。为了保护电路，在闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到 （选填“A”或“B”）端；
（3）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针发生明显偏转，电压表指针则几乎不动，你认为产生该现象的原因可能是 发生了短路；
（4）排除故障后，小敏闭合开关进行实验，当电压表示数为2.5V时，电流表指针位置如图乙所示，示数为 A，则小灯泡的额定功率为 W，此时小灯泡的电阻约为 Ω（保留一位小数）；
（5）小敏根据实验数据绘制了通过小灯泡的电流I与其两端电压U的关系图像，如图丙所示，由图像可知，当小灯泡两端电压变大时电阻 （选填“变大”“变小”或“不变”），本质上这是由于电阻大小受 的影响。
20．（2023·昆明模拟）如图所示，小成同学利用两块磁铁、一个线圈等材料制作了一台小型发电机，并用一个LED灯（发光二极管）进行了实验探究。
（1）小成接好电路后，以一定的速度连续转动线圈，当线圈转动到如图所示位置时， （选填“AB”或“BC”）段在做切割磁感线运动，在电路中产生了感应电流，这一现象叫 现象；
（2）由于二极管具有 性，在实验中将会看到LED灯 （选填“闪烁”或“持续”）发光。
21．（2023·昆明模拟）小华同学为“探究杠杆的平衡条件”，设计了如图所示的实验。
（1）实验前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于 （选填“平衡”或“非平衡”）状态，为了使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节；
（2）调节好杠杆后，为了获取实验数据，在图乙、丙两个方案中，按 方案进行实验能更加方便地测出 。
（3）经过实验，得到的数据如下表：
实验序号 动力F1/N 动力臂动力臂l1/m 阻力F2/N 阻力臂l2/m
1 1.5 0.10 1.0 0.15
2 10 0.30 2.0 0.15
3 2.0 0.15 1.5 0.20
由数据可初步得到的结论是 （用公式表示）；
（4）保持杠杆一直处于水平位置平衡，当弹簧测力计由图乙逐渐旋转至图丙所示位置时，弹簧测力计的示数 （选填“变小”“变大”或“不变”）。
（5）甲物体静置在水平地面上时，对地面的压强为p0。小华将甲物体用细绳挂在轻质杠杆的A端，把质量为m0的乙物体悬挂在杠杆的B端，如图丁所示，此时杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，AO∶OB＝1∶3，O为支点。要使甲物体刚好被细绳拉离地面，小华设计了以下两种方案，请你帮他完成；
方案一：仅将支点O向 （选填“左”或“右”）移动适当距离；
方案二：仅增加乙物体的质量，则乙物体增加的质量为 。
六、填空题
22．（2023·昆明模拟）如图所示，小西所在的实验小组在某次实验过程中，将50mL的水倒入50mL酒精中，意外发现总体积为98mL，为此小西和小马展开讨论，小西认为这是因为在倒水的过程中，有部分水沾在了量筒的内壁上所致；但小马则认为总体积变小还和分子间存在间隙有关，两人为此争论不休。为了证明自己的观点，利用图中的器材（相同规格的量筒有多支、水和酒精充足），接下来小马可以 ，根据 就可以说明分子间确实存在间隙。
七、计算题
23．（2023·昆明模拟）如图甲是一款额定电压为220V的果汁加热鼎，其功率可在220W～880W之间调节，图乙是其简化电路图，R1、R2均为发热电阻。在一次加热过程中，加热鼎以最大功率正常工作4min使1.1kg的果汁温度升高了24℃，果汁比热容取c＝4.0×103J/(kg·℃)。求：
（1）此次加热过程中果汁吸收的热量；
（2）加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流；
（3）定值电阻R2的阻值；
（4）此次加热过程中加热鼎的加热效率。
24．（2023·昆明模拟）如图所示，漂浮在水面上的塑料块质量为240g、体积为400cm3，柱形容器的底面积为100cm2且足够深，此时水的深度为16cm。在塑料块下方用细线悬吊一金属块（图中未画出），恰好能使塑料块浸没在水中，金属块没有接触容器且过程中没有水溢出，容器底受到水的压强变化了200Pa，ρ水＝1.0×103kg/m3。求：
（1）放入金属块前，水对容器底部的压强大小；
（2）放入金属块前，塑料块所受的浮力大小；
（3）金属块的密度。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】能源及其分类；核电站发电过程中的能量转化；连通器原理；电流的热效应
【解析】【解答】 A、电炉工作时将电能转化为内能，是利用电流热效应工作的，故A正确；
B、太阳能可以从自然界中源源不断得到的能源是可再生能源，故B错误；
C、船闸是利用连通器原理工作的，故C错误；
D、核电站是利用核裂变产生的能量发电，故D错误。
故答案为：A。
【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应；可以从自然界中源源不断得到的能源是可再生能源；上端开口、底部相连通的容器；核电站是利用核裂变发电。
2．【答案】C
【知识点】光的直线传播及其应用
【解析】【解答】 日食的原理是光在同种均匀介质中沿直线传播；
A、海市蜃楼是由光的折射形成的，故A错误；
B、水中倒影，属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、墙上手影，是由光的直线传播形成的，故C正确；
D、雨后彩虹，为色散现象，是由光的折射形成的，故D错误。
故答案为：C。
【分析】光在同种均匀介质中沿直线传播。
3．【答案】D
【知识点】密度公式及其应用；比热容；燃料的热值；欧姆定律及其应用
【解析】【解答】 A、密度是物质本身的一种特性，同种物质，状态不变时，密度一定，与物体的质量、体积无关，故A错误；
B、同种物质的比热容是不变的，与热量、质量、变化的温度无关，故B错误；
C、燃料的热值与放出热量的多少和燃料质量无关，故C错误
D、欧姆定律告诉我们：导体中的电流与导体两端的电压成正比，与导体的电阻成反比，故D正确；
故答案为：D。
【分析】 密度是物质本身的一种特性，与物体的质量、体积无关；比热容大小只与物质的种类、状态有关；导体中的电流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比；单位质量（体积）的某种燃料完全燃烧放出的热量叫这种燃料的热值，热值是燃料本身的一种特性。
4．【答案】B
【知识点】安全用电原则
【解析】【解答】 A、水是导体，不可以用湿抹布擦拭通电插线板上的灰尘，故A错误；
B、根据三孔插座“左零右火上接地”，图中N孔与零线相连，L孔与火线相连，故B正确；
C、测电笔接触火线时氖管会发光，N孔与零线相连，将测电笔插入N孔后氖管不会发光，故C错误；
D、家庭电路中，各组插孔间的连接方式是并联，故D错误。
故答案为：B。
【分析】 不用湿手触摸开关，不用湿布擦拭正在使用的用电器；三孔插座的接线规律是：左零、右火、上接地；测电笔接触火线时氖管会发光；家庭电路中，各用电器是并联的，并联电路各用电器之间互不影响，
5．【答案】B
【知识点】升华及升华吸热；做功改变物体内能；内燃机的四个冲程
【解析】【解答】 A、图中试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，水蒸气的内能减少，故A错误；
B、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，这是通过做功改变物体的内能，故B正确；
C、根据图示可知，两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，故C错误；
D、图丁中碘在升华时由固态直接变为气态，故D错误。
故答案为：B。
【分析】当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小；两个气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程；物质由固态直接变为气态的过程叫做升华。
6．【答案】D
【知识点】动滑轮及其工作特点；滑轮与功的综合题
【解析】【解答】A、由图可知该滑轮为动滑轮，承重绳段数为：n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：F=（G+G动）=×（90N+10N）=50N＜90N，因此使用该滑轮可以省力，故A正确；
B、绳子自由端移动的距离：s=nh=2×1m=2m，故B正确；
C、拉力做的总功：W总=Fs=50N×2m=100J；拉力做功的功率：，故C正确；
D、拉力做的有用功：W有=Gh=90N×1m=90J；滑轮的机械效率：，故D错误。
故答案为：D。
【分析】动滑轮可以省力，绳子自由端移动的距离s=nh；利用W总=Fs求拉力做的总功；利用，求拉力做功的功率；利用W有=Gh求有用功；利用求滑轮的机械效率。
7．【答案】C
【知识点】惯性及其现象；平衡力的辨别；是否做功的判断
【解析】【解答】 A、青蛙离开桌面向前跳动的过程中，青蛙不再受支持力作用，即支持力为零，根据W=Fs可知，支持力不做功，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，不是力，不能说受到惯性的作用，青蛙离开桌面向前跳动是因为青蛙具有惯性，故B错误；
C、地球附近的物体都会受到重力作用，青蛙离开桌面向前跳动的过程中只受重力和空气阻力作用，故C正确；
D、用手按住青蛙的后部时，青蛙受到竖直向上的支持力、竖直向下的压力及重力，桌面对青蛙的支持力要大于青蛙受到的重力，不是一对平衡力，故D错误。
故答案为：C。
【分析】 功的两个必要因素：一是作用在物体上的力；二是物体在这个力的方向上通过的距离；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性；地面附近的物体都受到重力的作用；一对平衡力必须符合四个条件：大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上。
8．【答案】A,C,D
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；密度公式及其应用；力作用的相互性
【解析】【解答】 A、甲图中，水变成水蒸气是汽化过程，水蒸气变成水是液化过程，故A说法正确；
B、乙图中，向下排空气阀收集氢气是利用氢气的密度比空气的密度小的性质，故B说法错误；
C、图丙中，吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，外界气体被吸入，故C说法正确；
D、丁图中，鱼主要是利用了尾部和躯干部的摆动与水的相互作用在水中游泳，故D说法正确。
故答案为：ACD。
【分析】 物质由液体变为气态的过程叫做汽化；物质由气态变为液态的过程叫做液化；氢气密度比空气小；吸气时胸腔容积扩大肺部扩张，肺内气压变小，小于外界气体；物体间力的作用是相互的。
9．【答案】A,D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】 由电路图可知，开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路；开关S1、S2均闭合时，R1与R2并联。
A、M在干路中，根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变大，所以M点电流变大，故A符合题意；
B、并联电路互不影响，所以通过N点的电流大小不变，故B不符合题意；
C、根据并联电路的电压关系可知，电阻R1两端的电压始终为电源电压，保持不变，故C不符合题意；
D、并联电路的总电阻小于任意一个电阻，根据并联电路的电阻关系可知，总电阻会变小，故D符合题意；
故答案为：AD。
【分析】并联电路互不影响；并联电路干路电流等于各支路电流之和；并联电路各支路电压等于电源电源，并联电路的总电阻小于任意一个电阻。
10．【答案】A,B,D
【知识点】动能大小的比较；匀速直线运动特点；重力及其大小的计算；摩擦力的大小
【解析】【解答】 AC、由图可知，M和N的动能随时间大小不变，运动过程中，M和N的质量不变，所以速度不变，即大小相同的水平拉力F分别拉着物体M、N在不同的水平地面上做匀速直线运动，则物体在水平方向上受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以两个物体受到的摩擦力是相同的，即：fM=fN；故A正确、C错误；
BD、接触面的粗糙程度相同，滑动摩擦力大小相同，所以两个物体对接触面的压力相同，两个物体的重力相同，根据G=mg可知，两个物体的质量相同，由图乙可知，M的动能小于N的动能，所以N的速度大，故BD正确。
故答案为：ABD。
【分析】动能的大小与质量和速度有关；物体做匀速直线运动时，物体受力平衡，受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力；滑动摩擦力的大小与压力大小、接触面的粗糙程度有关；根据公式G=mg，可比较重力。
11．【答案】振动；音调
【知识点】声音的产生；音调及音调与频率的关系
【解析】【解答】 小提琴发出的声音是由琴弦的振动产生的；弹奏时手指按压琴弦的不同位置是为了改变琴弦振动的频率，频率不同，音调不同，从而改变声音的音调。
【分析】声音是由物体的振动产生的；频率不同，音调不同。
12．【答案】电磁波；增加
【知识点】机械能及其转化；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播信号，地面上的操控人员通过电磁波来控制无人机；无人机匀速升空时，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，故机械能增加。
【分析】 电磁波可以在真控中传递信息；动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大；机械能等于动能和势能之和。
13．【答案】照相机；右
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】 由图可知，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，若在蜡烛和透镜间放上近视眼镜片，会推迟光线会聚成像，故应将光屏向右移动适当距离才能在光屏上再次得到清晰的像。
【分析】凸透镜成实像时，物距大于像距，在光屏上成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的；近视眼镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。
14．【答案】118；变小
【知识点】速度公式及其应用；减小压强的方法及其应用
【解析】【解答】该列车运行的平均速度：；当列车急速驶过时，警戒线区域内的空气流速变大、压强变小，人外侧的空气流速慢、压强大，会产生一个向内侧的压强差，将人推向列车，易出现危险。
【分析】根据公式，可求出平均速度；流体的压强跟流体的速度有关，流速越大，压强越小。
15．【答案】透过；不透过
【知识点】探究平面镜成像的特点
【解析】【解答】如图所示，小龙在“探究平面镜成像特点”的实验中，因平面镜成像属于光的反射，故寻找像的位置时，眼睛应该透过玻璃板进行观察；虚像不能成在光屏上，在探究像的虚实时，眼睛应该不透过玻璃板观察光屏。
【分析】 平面镜成像属于光的反射，平面镜成正立等大的虚像；虚像不能成在光屏上，实像可成在光屏上。
16．【答案】（1）电阻
（2）汽化
（3）阻力
（4）乙
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；超导体特点及作用；磁感线及其特点
【解析】【解答】 （1）超导材料的显著特性是导体在温度降低到足够低时电阻变为零的特性。
（2）液氮从液态变为气态为汽化过程，超导高速磁浮列车在行进的过程中不断使用液氮降温，是利用了液氮汽化时吸收热量。
（3）真空管中不存在空气阻力，真空管道技术能够大大提速的原因是减小了阻力对列车运行的影响。
（4）超导材料除了超能导电的显著特性，还有一个重要特性就是抗磁性，即把超导材料放在磁场中冷却到一定程度时，磁感线似乎一下子被排斥到超导材料之外的现象。图中乙的描述符合抗磁性特征。
【分析】 （1）超导体在温度降低到足够低时，电阻为零。
（2）物质从液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热；
（3）阻力会阻碍物体运动。
（4）超导体的一个重要特性是抗磁性。
17．【答案】解：如图所示：
【知识点】重力示意图
【解析】【解答】小球的重心在小球的球心，重力的方向总是竖直向下的，所以，过球心作竖直向下的带箭头的线段，并用G表示，即重力的示意图，如下图：
【分析】物体受到的重力竖直向下。
18．【答案】
【知识点】安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断
【解析】【解答】 小磁针的右端为N极、左端为S极，根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管左端是S极、右端为N极。根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为负极，电源右端是正极。如下图所示：
【分析】异名磁极相互吸引，根据安培定则可确定电源负极。
19．【答案】（1）
（2）A
（3）灯泡
（4）0.24；0.6；10.4
（5）变大；温度
【知识点】探究串并联电路中的电流特点实验；电路故障的判断；影响电阻大小的因素；电功率与电压、电流的关系
【解析】【解答】（1）滑动变阻器和灯泡、电流表应串联接入电路，如图：
；
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处，即A端；
（3）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表指针发生明显偏转，说明电路通路，电压表指针则几乎不动，说明电压表与导线并联接入电路，即灯泡短路；
（4）由图乙可知电流表接入电路的量程是小量程，分度值为0.02A，示数为0.24A，
则小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.24A=0.6W，
此时小灯泡的电阻约为；
（5）由图丙可知，当小灯泡两端电压变大时，通过灯泡的电流变大，电压的变化量大于电流的变化量，根据欧姆定律可知电阻变大，本质上这是由于电阻大小受温度的影响。
【分析】（1）滑动变阻器和灯泡、电流表应串联接入电路；
（2）闭合开关前，为保护电路，滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处；
（3）电路通路，电压表指针则几乎不动，与电压表并联的部分短路；
（4）由图乙可知电流表接入电路的量程和分度值，据此读数，根据P=UI计算小灯泡的额定功率，根据计算此时小灯泡的电阻；
（5）灯丝的电阻随温度的变化而变化。
20．【答案】（1）AB；电磁感应
（2）单向导电；闪烁
【知识点】半导体特点及作用；发电机的构造和原理；探究电磁感应现象的实验
【解析】【解答】（1）以一定的速度连续转动线圈，当线圈转动到如图所示位置时，线圈AB段在磁场中做切割磁感线运动，在电路中产生了感应电流，这一现象叫电磁感应；
（2）二极管是半导体材料，具有单向导电性，线圈在转动过程中产生的是交流电，所以在实验中将会看到LED灯闪烁发光。
【分析】 （1）闭合回路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；
（2）半导体具有单向导电性；线圈转动过程中，产生的是交流电。
21．【答案】（1）平衡；右
（2）乙；力臂
（3）F1L1＝F2L2
（4）变大
（5）左；
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】（1）如图甲所示，杠杆在此位置静止，静止属于平衡状态，所以此时杠杆处于平衡状态；要使它在水平位置平衡，杠杆的平衡螺母应向偏高的一侧调节，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节；
（2）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，图乙所示实验，测力计拉力与杠杆垂直，可以直接从杠杆上读取测力计拉力力臂，图丙所示实验，拉力与杠杆不垂直，不便于测量测力计拉力力臂，图乙中竖直向上拉动实验操作更方便；
（3）由表中实验数据可知，动力和动力臂的乘积等于阻力和阻力臂的乘积时杠杆平衡，由此可得：杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
（4）当弹簧测力计逐渐由图乙位置向右倾至图丙的位置时，弹簧测力计拉力的力臂在减小，根据杠杆的平衡条件，弹簧测力计的示数变大；
（5）方案一：将支点O向左移动适当的距离，OA减小，OB增大，由FA×OA=m0g×OB可知，FA变大，当FA=G甲时，甲物体刚好拉离地面；
方案二：甲静止在地面，G甲=F甲=p0S，
如图丁所示，当杠杆在水平位置平衡且甲物体对地面的压强为p1，此时物体对地面的压力F1=p1S，杠杆A端受到的拉力FA=G甲-F1=p0S-p1S，
由杠杆平衡条件可知，FA×OA=G0×OB，即（p0S-p1S）×1=m0g×3，则，
当甲物体刚好被细绳拉离地面时，由杠杆平衡条件可知：
G甲×OA=G总×OB，即有p0S×1=（m0g+Δmg）×3，
则：，所以。
【分析】 （1）杠杆平衡状态：静止或者匀速转动；为使杠杆在水平位置平衡，应调节螺母向上翘的一端移动；
（2）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来；
（3）杠杆平衡条件是：F1L1=F2L2；
（4）据图示判断弹簧测力计拉力力臂的大小关系，结合杠杆平衡条件，判断弹簧测力计示数的变化；
（5）根据杠杆平衡条件结合p0S×1=（m0g+Δmg）×3，可求出增加的质量。
22．【答案】用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL；观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL
【知识点】分子动理论基本观点
【解析】【解答】 为了排除“有部分水沾在了量筒的内壁上”对实验效果的影响，可以将液体部分倒出，观察实验现象，可以用相同规格的量筒取50mL的水和50mL酒精，用装水的量筒向酒精中倒入30mL水，剩余20mL，观察水和酒精混合后的总体积是否小于80mL。
【分析】将液体部分倒出，可以排除“有部分水沾在了量筒的内壁上”对实验的影响。
23．【答案】（1）解：由题意可得果汁吸收的热量Q吸＝cmΔt＝4.0×103J/(kg·℃)×1.1kg×24℃＝1.056×105J
答：此次加热过程中果汁吸收的热量为1.056×105J；
（2）解：由题意可知，加热鼎的最小功率为220W，由P＝UI可知，加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流
答：加热鼎以最小功率正常工作时电路中的电流为1A；
（3）解：由 可知，当电源电压一定时，电路电阻越大，功率越小，因此当开关S接1，滑动变阻器的滑片在最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，两电阻串联，由串联电路的电阻特点可知，此时电路中的电阻最大，电功率最小；当开关S接1，滑动变阻器的滑片在最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R2的简单电路，此时电路中的电阻最小，电功率最大，即当电功率最大为880W时，电路为R2的简单电路，定值电阻R2的阻值
答：定值电阻R2的阻值为55Ω；
（4）解：由 可知，加热过程中加热鼎消耗的电能W＝P最大t＝880W×4×60s＝2.112×105J
则加热过程中加热鼎的加热效率
答：此次加热过程中加热鼎的加热效率为50%。
【知识点】温度、热量与内能的关系；电功与热量的综合计算
【解析】【分析】（1）根据公式 Q吸＝cmΔt ，可求出水吸收的热量；
（2）根据公式，可求出电流；
（3）根据公式，可求出电阻；
（4）根据公式W=Pt及，可求出热效率。
24．【答案】（1）解：放入金属块前水对容器底部的压强大小为p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×16×10-2m=1600Pa
答：放入金属块前，水对容器底部的压强大小为1600Pa；
（2）解：放入金属块前，塑料块漂浮，塑料块所受的浮力大小等于其自身的重力，即F浮=G塑料=m塑料g=240×10-3kg×10N/kg=2.4N
答：放入金属块前，塑料块所受的浮力大小2.4N；
（3）解：由F浮=ρ水gV排知塑料块漂浮时排开水的体积为
在塑料块的下方用细线悬吊一金属块，容器底部所受水的压强变化了200Pa，则水深度的增加量
排开水体积的增加量ΔV排=S容Δh=100×10-4m2×0.02m=2×10-4m3
因金属块和塑料块恰好浸没时，排开水体积的增加量等于原来塑料块露出液面的体积加上金属块的体积，即ΔV排＝V塑料露+V金属
所以，金属块的体积V金属=ΔV排-V塑料露=ΔV排-(V-V排)=2×10-4m3-(400×10-6m3-2.4×10-4m3)＝4×10-5m3
金属块和塑料块浸没时受到的浮力F浮′=ρ水g(V金属+V塑料)=1.0×103kg/m3×10N/kg×(4×10-5m3+400×10-6m3)＝4.4N
把金属块和塑料块看做整体，整体悬浮，受到的浮力和总重力相等，即F浮′＝G金属+G塑料＝4.4N
所以，金属块的质量
金属块的密度
答：金属块的密度为5×103kg/m3。
【知识点】密度公式及其应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理
【解析】【分析】（1）根据公式 p=ρ水gh ，可求出压强；
（2）根据公式 F浮=G塑料=m塑料g ，可求出浮力；
（3）根据公式 ΔV排=S容Δh 、 F浮′=ρ水g(V金属+V塑料) 、G=mg及，可求出金属块密度。
