安徽省马鞍山市当涂县高考物理三年（2021-2023）模拟题（一模）按题型分类汇编-01选择题
一、单选题
1. 一质点运动的图像为如图所示的一段抛物线，则下列说法正确的是( )
A. 质点做曲线运动
B. 质点做加速度大小为的匀变速直线运动
C. 质点做加速度先减小后增大的直线运动
D. 质点在内的平均速度为
2. 天文爱好者在对天宫空间站观测中发现，时间内，它绕地心转过的角度为。空间站绕地球的运动可视为圆周运动，地球半径为，地球表面重力加速度为，则空间站的离地高度为( )
A. B. C. D.
3. 在轴上坐标为和的两点固定电荷量不等的两点电荷，坐标为处电荷带正电，电荷量大小为。两点电荷连线上各点电势随变化的关系如图所示，其中处电势最低，轴上、两点的横坐标分别为和，则( )
A. 两点电荷为异种电荷
B. 坐标为处电荷的电荷量大小为
C. 负检验电荷在原点处受到向左的电场力
D. 负检验电荷由点运动到点的过程，电势能先减小后增大
4. 如图，圆心为、半径为的圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场。从圆周上的点在纸面内沿不同方向射入各种速率的同种粒子，粒子的质量为、电荷量为。其中速率为且沿方向射入的粒子，经时间后从点离开磁场，。则( )
A. 磁场方向垂直纸面向里
B. 粒子在磁场中运动的周期为
C. 速率为的粒子在磁场中的运动最长时间为
D. 从点离开磁场的速率最小值为
5. 如图所示，半径为的光滑半圆形支架竖直固定在水平地面上，套在支架上的两小球和用轻绳连接，处于静止状态。小球和距地面的高度分别为、。则( )
A. 两小球质量之比：：
B. 两小球质量之比：：
C. 支架对两小球的弹力之比：：
D. 支架对两小球的弹力之比：：
6. 如图所示，在水平面上，一小滑块在摩擦力作用下由点以某一速度自左向右做匀变速直线运动，依次经过、点，到达点时速度为零，、、、间距相等。则( )
A. 在间运动的时间为间运动的时间的倍
B. 在间与间速度变化的大小相同
C. 在每相邻两点间运动时产生的热量相同
D. 若小滑块质量变大，能滑行的距离会变远
7. 用、两种金属做光电效应实验，产生的光电子的最大初动能压和入射光频率的关系图像如图所示，则( )
A. 金属的逸出功大于金属的逸出功
B. 增加光照强度，可使最大初动能增大
C. 不同金属的图像的斜率相同
D. 若蓝光能使金属发生光电效应，紫光一定能使 金属发生光电效应
8. 有一台内阻为的发电机，给一个学校照明供电，如图所示，、分别为理想的升压变压器和降压变压器，升压变压器匝数比为：，降压变压器匝数比为：，与之间输电线的总电阻为，全校共有个班，每班有的电灯盏，若保证电灯全部正常发光，则( )
A. 输电线上的电流为 B. 发电机电动势
C. 发电机输出功率为 D. 输电效率是
9. 一小物块挂在竖直弹簧下端并处于静止状态，在地球两极弹簧的形变量为赤道上形变量的倍，设地球为一均匀球体，已知地球自转周期为，引力常量为，则地球的密度为( )
A. B. C. D.
10. 如图所示静电喷漆示意图，由喷嘴喷出的油漆，形成带负电的雾状液滴初速度可忽略不计，经与间的电场加速后全部奔向阳极被漆零件并附着在上面。若与间的电压为，电路中的电流强度为，在时间内，喷嘴喷出的油漆质量为，那么在喷漆过程中，油漆对零件表面的压力为( )
A. B. C. D.
11. 下列说法中正确的是( )
A. 核反应方程中的表示粒子
B. 按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，但原子的能量增大
C. 一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小
D. 一个氢原子从的激发态跃迁时，最多能辐射种不同频率的光子
12. 图为一小型发电机的示意图，发电机线圈内阻为，灯泡的电阻为，电压表为理想交流电压表。发电机产生的电动势随时间按图的正弦规律变化，则( )
A. 时穿过线圈的磁通量为零 B. 线圈转动的角速度为
C. 电压表的示数为 D. 灯泡的电功率为
13. 如图所示，将一小球从固定斜面顶端以某一速度水平向右抛出，恰好落到斜面底端。若以不变初速度仍从点抛出，同时对小球施加水平向左的恒力，小球落到连线之间的某点，不计空气阻力，则( )
A. 点的位置与大小无关
B. 小球落到点与落到点的速度方向一定相同
C. 小球落到点时的速度方向可能竖直向下
D. 若力变大，小球落到斜面的时间可能会变长
14. 质量均为的两个星球和，相距为，它们围绕着连线中点做匀速圆周运动。观测到两星球的运行周期小于按照双星模型计算出的周期，且。于是有人猜想在、连线的中点有一未知天体，假如猜想正确，则的质量为( )
A. B. C. D.
15. 在竖直井里的同一深度处，以相同的初动能将两个质量不同的小球竖直向上抛出井口，选取井口所在的水平面为零势能面，不计空气阻力。则( )
A. 抛出瞬间，两小球的重力势能相等
B. 两小球达到的最大高度相同
C. 两小球经过井口时，速度相同
D. 两小球在各自最高处时，质量小的小球重力势能大
二、多选题
16. 质量为的小球在竖直向上的恒力作用下由静止开始运动，重力加速度取，在时间内，小球( )
A. 动量变化率保持不变 B. 动能变化率保持不变
C. 机械能增加 D. 动量增加
17. 如图，半径为的内壁光滑竖直圆轨道固定在桌面上，一个可视为质点的质量为的小球静止在轨道底部点。现用小锤沿水平方向快速击打小球，使小球在极短的时间内获得一个水平速度后沿轨道在竖直面内运动。当小球回到点时，再次用小锤沿运动方向击打小球，通过这两次击打，小球才能运动到圆轨道的最高点。已知小球在运动过程中始终未脱离轨道，在第一次击打过程中小锤对小球做功，第二次击打过程中小锤对小球做功。设先后两次击打过程中小锤对小球做功全部用来增加小球的动能，则的值可能是( )
A. B. C. D.
18. 如图所示，光滑水平面上有一右端带有固定挡板的长木板，总质量为。一轻质弹簧右端与挡板相连，弹簧左端与长木板左端的距离为。质量也为的滑块可视为质点从长木板的左端以速度滑上长木板，弹簧的最大压缩量为且滑块恰好能回到长木板的左端；若把长木板固定，滑块滑上长木板的速度为，弹簧的最大压缩量也为。已知滑块与长木板之间的动摩擦因数为，则( )
A.
B. 弹簧弹性势能的最大值为
C. 弹簧弹性势能的最大值为
D. 滑块以速度滑上长木板，也恰好能回到长木板的左端
19. 如图所示的纸面内有一根竖直向下的长直导线，导线中通有向下的恒定电流，从靠近导线的位置以水平向右的速度抛出一金属圆环，圆环运动过程中始终处于纸面内。不计空气阻力，以下说法正确的是( )
A. 圆环中会产生顺时针方向的电流
B. 圆环中感应电流的大小始终不变
C. 圆环的水平速度一直在减小
D. 圆环在竖直方向的加速度始终等于重力加速度
20. 如图所示的水平圆盘上有一原长为的轻质弹簧，弹簧的一端固定于圆心处，另一端与质量为的滑块相连，滑块与圆盘之间的动摩擦因数为，初始时，滑块与圆心之间的距离为且保持静止。现使圆盘绕过圆心的竖直轴转动，为滑块与圆盘之间的摩擦力大小，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，从零开始逐渐增大圆盘角速度至某较大值的过程中，关于与图像可能正确的是( )
A. B.
C. D.
21. 如图所示，水平传送带以速度顺时针转动，一质量为的物块以速度向右滑上传送带，刚好以从传送带右端滑落，物块与传送带之间的动摩擦因数为。则( )
A. 传送带的长度为
B. 因摩擦产生的热量为
C. 增大物块的初速度，因摩擦产生的热量会减少
D. 减小物块的初速度，因摩擦产生的热量可能会增加
答案和解析
1.【答案】
【解析】解：、图像反映的是质点在一条直线上的位置随时间变化的情况，图线是曲线是因为位置随时间变化不均匀，并不是曲线运动，故A错误；
B、图像为如图所示的一段抛物线，说明质点在做匀变速直线运动，根据公式，将图中坐标、分别代入可得：，，即质点做加速度大小为的匀变速直线运动，故B正确；
C、质点做匀变速直线运动，加速度保持不变，故C错误；
D、质点在 内的平均速度为，故D错误。
故选：。
2.【答案】
【解析】解：、空间站的角速度为
地球表面的物体，有
由牛顿第二定律有
联立，解得，故A正确，BCD错误。
故选：。
3.【答案】
【解析】解：正电荷周围的电势为正，负电荷周围的电势为负，因此由图可知，两点电荷均为正电荷，故A错误；
在处电势最低，此处图线的斜率为，即该点的合场强为，设坐标为处电荷的电荷量大小为
得
故原点处的场强大小为
方向向右，负检验电荷在原点处受到的电场力向左，故B错误，C正确；
D.由点到点电势先减小后增大，所以负检验电荷由点运动到点的过程，电势能先增大后减小，故D错误。
故选：。
4.【答案】
【解析】解：速率为且沿方向射入的粒子，经时间后从点离开磁场，根据左手定则判断，磁场方向垂直纸面向外，故A错误；
B.速率为且沿方向射入的粒子，经时间后从点离开磁场，根据几何关系可知，粒子运动了 个周期，所以粒子运动周期为，故B错误；
C.根据以上分析可知，粒子速率为，运动半径为，根据，速率为的粒子运动半径为，根据几何关系可知，当圆直径对应粒子轨迹的弦时，对应圆心角最大，运动时间最大，故C错误；
D.从点离开磁场的速率最小值，对应半径最小，最小半径
解得
故D正确。
故选：。
5.【答案】
【解析】解：、作出小球和的受力示意图如下，
由题意可知连线与水平方向夹角为，连线与水平方向夹角为，设绳子与水平方向成，由几何关系可得
由共点力平衡条件，对有
同理，对
联立可得：：：，：：，
故ACD错误，B正确。
故选：。
6.【答案】
【解析】解：设、、、间距均为，小滑块的质量为，与水平面的动摩擦因数为，加速度大小为。
A、将小滑块的运动逆向看做由向的初速度为零的匀加速直线运动，由初速度为零的匀加速直线运动的规律：相邻的相等位移的时间比为：：：：：，可得：小滑块在间运动的时间与在间运动的时间的比值为：，即在间运动的时间为间运动的时间的倍，故A错误；
B、小滑块做匀减速直线运动，其加速度恒定，小滑块在间与间运动的时间不相等，由可知，小滑块在间与间速度变化的大小不相同，故B错误；
C、由功能关系可知，小滑块在每相邻两点间运动时产生的热量均为，故C正确；
D、由牛顿第二定律可得小滑块的加速度，可知小滑块的加速度与其质量无关，故小滑块质量变大，其加速度不变，其运动过程与原来相同，能滑行的距离不变，故D错误。
故选：。
将小滑块的运动逆向看做由向的初速度为零的匀加速直线运动，初速度为零的匀加速直线运动的相邻的相等位移的时间比为：：：：：；速度变化量；小滑块在每相邻两点间运动时产生的热量等于滑动摩擦力乘以位移大小；小滑块的加速度与其质量无关，其运动过程与原来相同。
本题考查了动能关系、牛顿第二定律以及匀变速直线运动规律。基础题目，对于末速度为零匀减速直线运动，可用逆向思维将其等效为反向的初速度为零的匀加速直线运动。
7.【答案】
【解析】解：、由爱因斯坦光电效应方程，对应图象知，横轴截距为截止频率，故的截止频率比的截止频率小，故的逸出功比的小，故A错误；
B、根据爱因斯坦光电效应方程可知，光电子的最大初动能与光强无关，故B错误；
C、由爱因斯坦光电效应方程可知，图象的斜率为普朗克常数，所以不同金属的图像的斜率相同，故C正确；
D、若蓝光能使金属发生光电效应，虽然紫光的频率大于蓝光，但的极限频率大于，所以紫光不一定能使金属发生光电效应，故D错误。
故选：。
由爱因斯坦光电效应方程，结合图象，利用斜率和图象横轴截距的物理意义进行解答。
光电效应的四条规律如下：入射光频率大于金属截止频率时，产生光电效应；爱因斯坦光电效应方程；当入射频率一定时，光电流强度随入射光强度的增大而增大；光电效应时间极短，短于掌握光电效应的以上规律，是作答光电效应问题的关键。
8.【答案】
【解析】解：、全校消耗的功率，
设线路电流为，输电电压为，降压变压器原线圈电压为，副线圈上的电压为，则
所以：
输电线上的电流为：，故A正确；
、输电线上损失的电压为，
升压变压器副线圈上的电压为
由
代入数据得：，
线路损失功率：，
所以发电机的输出功率：
升压变压器原线圈电流：，
发电机的电动势：，故BC错误；
D、输电效率为，故D错误。
故选：。
求出全校所有白炽灯消耗的功率，为降压变压器的输出功率，根据降压变压器的匝数比求出降压变压器原线圈的电压，根据，得出输电线上的电流；
根据输电线上的电流，求出电压损失，升压变压器的输出电压等于电压损失与降压变压器的输入电压之和，根据电压比等于匝数之比，求出升压变压器的输入电压，根据，求出通过发电机的电流，由求出发电机的电动势；
由得出线路上损耗的功率．升压变压器的输出功率等于线路损耗功率和降压变压器的输入功率之和，发电机的输出功率等于升压变压器的输出功率；
输出效率．
解决本题的关键知道升压变压器的输出功率等于线路损耗功率和降压变压器的输入功率之和，发电机的输出功率等于升压变压器的输出功率，以及知道升压变压器的输出电压等于电压损失与降压变压器的输入电压之和．
9.【答案】
【解析】解：设地球半径为，质量为，赤道上的重力加速度为，则根据题意可知北极点处的重力加速度为
在北极点，质量是的物体所受重力等于万有引力，有
地球的密度
在赤道上，物体所受的万有引力等于重力与向心力之和，有
联立解得：
故ABC错误，D正确；
故选：。
物体受到的重力等于质量与重力加速度的乘积；质量为的物体在地球两极所受的重力等于万有引力，赤道上的物体所受重力与随地球自转做圆周运动的向心力的合力等于万有引力，根据万有引力公式与牛顿第二定律分析答题。
知道地球表面的物体受到的重力与万有引力的关系，应用万有引力公式与牛顿第二定律即可解题。
10.【答案】
【解析】解：电路中的电流强度为，在时间内，喷嘴喷出的油滴所带电量为
油漆到阳极时的动能为
取方向为正方向，由动量定理得
联立解得：，
根据牛顿第三定律得，油漆对零件表面的压力为，故A正确，BCD错误；
故选：。
根据动能定理计算油滴到达阳极板时的动能，根据动量定理求出阳极板对油滴的作用力，根据牛顿第三定律知油漆对零件表面的压力。
本题考查带电粒子在电场中的运动，通常根据动能定理算粒子速度，本题还用到动量定理求作用力，角度较新。
11.【答案】
【解析】解：、根据质量数守恒和电荷数守恒可得：的质量数为，核电荷数为，故为电子，故A错误；
B、玻尔理论，氢原子的核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时要吸收能量，所以原子的总能量增大，根据得，可知电子的动能减小，故B正确；
C、根据光电效应发生的条件可知，一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为入射光的频率小于金属的极限频率，故C错误；
D、一群氢原子处于的激发态向较低能级跃迁，根据知这群氢原子最多能发出种频率的光，而一个氢原子从的激发态跃迁时，最多能辐射种不同频率的光子，故D错误。
故选：。
根据核反应方程中的质量数和电荷数守恒判断出的质子数和质量数，即可判断是哪种粒子；根据电子轨道半径的变化，结合库仑引力提供向心力分析电子动能的变化；当入射光的频率大于金属的极限频率才会发生光电效应；明确“一群”和“一个”氢原子的区别。
本题考查了能级跃迁、光电效应等基础知识，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点。
12.【答案】
【解析】解：、时电动势为零，线圈处于中性面位置，穿过线圈的磁通量最大，故A错误；
B、由图可知，交流电的周期为，则线圈转动的角速度为，故B错误；
C、电动势的最大值为，有效值为，电压表示数，故C错误；
D、灯泡消耗的功率为，故D正确。
故选：。
由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，即为电压表的示数。读出周期，即可求得线圈转动的角速度。根据电压有效值求出灯泡消耗的功率。
本题考查交流电的产生规律，要明确线圈转动与交流电的对应关系，知道线圈处于中性面时磁通量最大而电动势为零，而在垂直于中性面位置时，磁通量为零而电动势最大。交流电的电压、电流、电动势等物理量都随时间作周期性变化，但电流表电压表测量的是有效值。
13.【答案】
【解析】解：、对小球施加水平向左的恒力后，小球在竖直方向的运动情况不变，仍做自由落体运动，因的竖直高度大于的竖直高度，根据可知，小球落到点的时间与落到点所用时间不相等，大小影响小球水平方向的分加速度，影响小球的运动时间，从而影响点的位置，故A错误；
、由图可知，对小球施加水平向左的恒力后，小球在水平方向做匀减速运动，若到达点时水平速度恰好减为零，则落到点的速度方向竖直向下；而落到点的小球做平抛运动，到达点的速度方向不可能竖直向下，所以小球落到点与落到点的速度方向不同，故B错误，C正确；
D、当加力时：竖直方向有；水平方向有：，设斜面的倾角为，则，联立解得，可知力变大，小球落到斜面的时间变短，故D错误。
故选：。
不加水平力时小球做平抛运动；加水平力后，小球在水平方向做匀减速运动，竖直方向仍做自由落体运动，根据运动的合成知识结合平抛运动的知识进行判断。
本题考查运动的合成和分解，掌握这种化曲为直的处理方法，结合分运动的规律解答。
14.【答案】
【解析】
【分析】
双星绕两者连线的中点做圆周运动，由相互之间万有引力提供向心力，根据牛顿第二定律求解运动理论周期。
由对双星的作用与双星之间的万有引力的合力提供双星的向心力，由此可以得到双星运行的周期，等式中有的质量。
本题是双星问题，要抓住双星系统的条件：角速度与周期相同，再由万有引力充当向心力进行列式计算即可。
【解答】
两星的角速度相同，根据万有引力充当向心力知：
可得：
两星绕连线的中点转动，则有：
所以
由于的存在，双星的向心力由两个力的合力提供，则：
又且
解式得：。
故选：。
15.【答案】
【解析】解：设井深为，选取井口所在的水平面为零势能面。
A、根据可知，抛出瞬间，质量大的小球重力势能小，故A错误；
B、根据动能定理可得：，解得上升的最大高度：，由于相同，大的小球上升高度小，故B错误；
C、根据机械能守恒定律可得：，解得出井口时的速度大小为：，所以质量大的小球出井口时的速度小，故C错误；
D、根据机械能守恒定律可得，在最高点时小球的重力势能：是井深，所以两小球在各自最高处时，质量小的小球重力势能大，故D正确。
故选：。
不计空气阻力，物体在运动过程中机械能守恒，根据零势能面确定抛出点的重力势能，并根据机械能守恒定律列式确定最高处的机械能，根据动能为零可知重力势能等于最高点处的机械能。
本题要明确机械能守恒的条件，能熟练运用机械能守恒定律分析物体的动能和势能的关系，同时明确重力势能的性质，知道重力势能大小与零势能面间的关系。
16.【答案】
【解析】解：根据，可知，动量变化率为合外力，不变，故A正确；
B.因为合外力不变，物体做匀加速运动，则单位时间位移逐渐增加，根据，可知，动能变化率即单位时间合外力的功在增大，故B错误；
C.物体加速度，，在时间内，机械能增加，故C正确；
D.根据动量定理可知，故D错误。
故选：。
17.【答案】
【解析】解：、第一次击打后小球最高到达与球心等高位置，根据动能定理，有：，得
两次击打后小球可以到轨道的最高点，根据动能定理，有：
在最高点，对于小球，由牛顿第二定律有：
联立解得：，
则，故AB正确，CD错误。
故选：。
18.【答案】
【解析】解：、当长木板不固定，弹簧被压缩到最短时两者速度相同，设为，弹簧最大弹性势能为，
从滑块以速度滑上长木板到弹簧被压缩到最短的过程，系统动量守恒，以向右为正方向，
由动量守恒定律定律得：
由能量守恒定律得：
从弹簧被压缩到最短到滑块恰好滑到长木板的左端，两者速度再次相等，
由能量守恒定律得：
若把长木板固定，滑块滑上长木板的速度为，弹簧的最大压缩量也为，
由能量守恒定律得：
解得：，
设滑块被弹簧弹开，运动到长木板左端时的速度为，
由能量守恒得：
代入数据可解得：
说明滑块以速度滑上长木板，也恰好能回到长木板的左端，故ACD正确，B错误。
故选：。
19.【答案】
【解析】解：根据安培定则，通电长直导线右侧的磁场垂直纸面向外；根据直线电流产生的磁场的特点可知，距离直线电流越大，磁感应强度越小。
A、金属圆环以水平向右的速度抛出后，向右运动的过程中向外穿过圆环的磁通量减小，根据楞次定律可知，圆环中会产生逆时针方向的电流，故A错误；
B、圆环向右运动的过程中磁感应强度越来越小，向外穿过圆环的磁通量的变化率也越来越小，根据法拉第电磁感应定律可知，圆环中感应电流逐渐减小，故B错误；
、结合微元法，将圆环分为上下、左右对称的若干个小电流元，由于直线电流产生的磁场到电流距离相等的点的磁感应强度大小相等，所以圆环的上下对称的任意两个电流元受到的安培力都大小相等，且合力的方向沿水平方向，由于距离直线电流越大，磁感应强度越小，电流元受到的安培力越小，所以圆环整体受到的安培力的方向水平向左，所以圆环的水平速度一直在减小，而竖直方向的加速度始终等于重力加速度，故CD正确。
故选：。
根据直线电流周围的磁场判断穿过线框磁通量是否变化，结合楞次定律判断感应电流的方向，根据楞次定律的推广判断。
解决本题的关键掌握楞次定律判断感应电流的方向，会运用左手定则判断安培力的方向，本题判断线框所受安培力的合力也可以通过楞次定律的另一种表述分析判断。
20.【答案】
【解析】解：若初始时，当角速度从开始不断增大，则开始时有静摩擦提供向心力，，静摩擦力，当摩擦力达到最大静摩擦力，继续增大角速度，最大静摩擦力不足以提供向心力，物块将做离心运动，滑动摩擦力和弹簧拉力的合力提供向心力，物块的正压力不变，接触面不变，故滑动摩擦力大小不变，故A正确；
B.若初始时，当角速度从开始不断增大，则开始时有静摩擦提供向心力，故开始时，角速度变大，静摩擦力变小，当弹簧弹力恰好提供物块圆周运动的向心力时，摩擦力为；物块的角速度继续变大，则有，摩擦力由开始逐渐变大，直到达到最大静摩擦力；继续增大角速度，物块的摩擦力为滑动摩擦力，保持不变，故B正确；
若初始时，当角速度从开始不断增大，则开始时有静摩擦提供向心力，故角速度为时，静摩擦力不为零，物块角速度逐渐增大，则静摩擦力逐渐增大到滑动摩擦力，后保持滑动摩擦力大小，综上所述图像均不可能，故CD错误。
故选：。
根据摩擦力与弹簧弹力的合力提供向心力，根据弹簧可能处于原长、可能处于压缩状态或者处于伸长状态，进行分类讨论，根据牛顿第二定律列方程即可求解得到图像。
该题考查物体做圆周运动向心力问题，该题的难点在于弹簧一开始处于哪种状态，要对弹簧弹力进行分类讨论，难度较大。
21.【答案】
【解析】解：、根据牛顿第二定律得：，可得。设传送带的长度为。由运动学公式有：，解得，故A正确；
B、物块在传送带上运动的时间为，物块与传送带间的相对位移大小为，因摩擦产生的热量为，故B错误；
C、增大物块的初速度，物块在传送带上运动的时间缩短，根据物块与传送带间的相对位移大小为可知，物块与传送带间的相对位移大小增大，因摩擦产生的热量会增加，故C错误；
D、减小物块的初速度，若物块的初速度小于传送带的速度，物块与传送带间的相对位移大小可能增大，因摩擦产生的热量可能会增加，故D正确。
故选：。
根据牛顿第二定律求出物块的加速度，由速度位移公式求出传送带的长度；根据运动学公式计算物块与传送带间的相对位移，由滑动摩擦力大小和相对位移大小的乘积求因摩擦产生的热量。根据相对位移与初速度的关系，分析热量的变化情况。
解决本题时，要注意研究物块在传送带上的运动情况，根据物块与传送带间的相对位移大小来分析因摩擦产生的热量大小。
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